2019-2020年高中物理第二章勻速圓周運動階段驗收評估教科版.doc

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2019-2020年高中物理第二章勻速圓周運動階段驗收評估教科版一、選擇題(本題共8小題，每小題7分，共56分。15小題只有一個選項符合題目要求，68小題有多個選項符合題目要求，全部選對的得7分，選對但不全的得4分，有選錯的得0分)1市場上出售的蒼蠅拍，把手長50 cm的明顯比30 cm的使用效果好，這是因為使用把手長的拍子打蒼蠅時()A蒼蠅看不見蒼蠅拍子而易被打B由于拍子轉動角速度大而易打到蒼蠅C由于拍子轉動線速度大而易打到蒼蠅D無法確定解析：選C拍蒼蠅時手腕轉動角速度有限，把手長則拍子線速度大易打到蒼蠅。2精彩的F1賽事相信你不會陌生吧！在觀眾感覺精彩與刺激的同時，車手們卻時刻處在緊張與危險之中。假如在一個彎道上高速行駛的賽車突然后輪脫落，則關于脫落的后輪的運動情況，以下說法正確的是()圖1A仍然沿著汽車行駛的彎道運動B沿著與彎道垂直的方向飛出C沿著脫離時，輪子前進的方向做直線運動，離開彎道D上述情況都有可能解析：選C后輪脫離后沿前進的方向做離心運動，故選C。3.水平放置的平板表面有一個圓形淺槽，如圖2所示。一只小球在水平槽內滾動直至停下，在此過程中()圖2A小球受四個力，合力方向指向圓心B小球受三個力，合力方向指向圓心C槽對小球的總作用力提供小球做圓周運動的向心力D槽對小球彈力的水平分力提供小球做圓周運動的向心力解析：選D對小球進行受力分析，小球受到重力、槽對小球的支持力和摩擦力3個力的作用，所以A錯誤；其中重力和支持力在豎直面內，而摩擦力是在水平面內的，重力和支持力的合力作為向心力指向圓心，但再加上摩擦力三個力的合力就不指向圓心了，所以選項B、C錯誤，選項D正確。4一箱土豆在轉盤上隨轉盤以角速度做勻速圓周運動，其中一個處于中間位置的土豆質量為m，它到轉軸的距離為R，則其他土豆對該土豆的作用力為()AmgBm2RC. D.解析：選C設其他土豆對該土豆的作用力為F，則該土豆受到重力mg和F作用。由于該土豆做勻速圓周運動，所以這兩個力的合力提供該土豆做勻速圓周運動的向心力，如圖所示。根據(jù)直角三角形的關系得F，而F向m2R，所以F，C正確。5如圖3所示，“旋轉秋千”中的兩個座椅A、B質量相等，通過相同長度的纜繩懸掛在旋轉圓盤上。不考慮空氣阻力的影響，當旋轉圓盤繞豎直的中心軸勻速轉動時，下列說法正確的是()圖3AA的速度比B的大BA與B的向心加速度大小相等C懸掛A、B的纜繩與豎直方向的夾角相等D懸掛A的纜繩所受的拉力比懸掛B的小解析：選DA、B兩個座椅具有相同的角速度。根據(jù)公式：vr，A的運動半徑小，A的速度就小，故A錯誤；根據(jù)公式：a2r，A的運動半徑小，A的向心加速度就小，故B錯誤；對任一座椅，受力如圖，由繩子的拉力與重力的合力提供向心力，則得：mgtan m2r，則得tan ，A的半徑r較小，相等，可知A與豎直方向夾角較小，故C錯誤。A的向心加速度小，A的向心力就小，A對纜繩的拉力就小，故D正確。6.如圖4所示，拖拉機后輪的半徑是前輪半徑的兩倍，A和B是前輪和后輪邊緣上的點，若車行進時車輪沒有打滑，則()圖4A兩輪轉動的周期相等B前輪和后輪的角速度之比為21CA點和B點的線速度大小之比為12DA點和B點的向心加速度大小之比為21解析：選BD根據(jù)vr和vAvB，可知A、B兩點的角速度之比為21；故B正確；據(jù)和前輪與后輪的角速度之比21，求得兩輪的轉動周期為12，故A錯誤；A、B分別為同一傳動裝置前輪和后輪邊緣上的一點，所以vAvB，故C錯誤；由a，可知，向心加速度與半徑成反比，則A與B點的向心加速度之比為21，故D正確。7.如圖5所示，天車下吊著兩個質量都是m的工件A和B，系A的吊繩較短，系B的吊繩較長，若天車勻速運動到某處突然停止，則該時刻兩吊繩所受拉力FA、FB及兩工件的加速度aA與aB的大小關系是()圖5AFAFBBaAaB解析：選AD天車突然停止后，工件A、B由于慣性而做圓周運動，在最低點兩工件的線速度大小相同，則有a，由于rAaB，D正確。對工件Fmgm，即Fmgm，結合rAFB，A正確。8.如圖6所示，兩個質量均為m的小木塊a和b(可視為質點)放在水平圓盤上，a與轉軸OO的距離為l，b與轉軸的距離為2l。木塊與圓盤的最大靜摩擦力為木塊所受重力的k倍，重力加速度大小為g。若圓盤從靜止開始繞轉軸緩慢地加速轉動，用表示圓盤轉動的角速度。下列說法正確的是()圖6Ab一定比a先開始滑動Ba、b所受的摩擦力始終相等C是b開始滑動的臨界角速度D當時，a所受摩擦力的大小為kmg解析：選AC木塊相對圓盤不滑動時有Ff靜m2r，a、b半徑不同，所需的向心力不同，所受摩擦力不同，B錯誤。當a恰好滑動時，有kmgm0a2l，得0a，同理可得，b恰好滑動時0b，故A、C正確。g，即，離心沉淀就比重力沉淀快。(2)由角速度2n2 rad/s100 rad/s。則2 000。可見離心沉淀比重力沉淀快得多。答案：(1)(2)2 00010. (15分)如圖8所示，將一根光滑的細金屬棒折成“V”形，頂角為2，其對稱軸豎直，在其中一邊套上一個質量為m的小金屬環(huán)P。圖8(1)若固定“V”形細金屬棒，小金屬環(huán)P從距離頂點O為x的A點處由靜止自由滑下，則小金屬環(huán)由靜止下滑至頂點O需多長時間？(2)若小金屬環(huán)P隨“V”形細金屬棒繞其對稱軸以每秒n轉勻速轉動時，則小金屬環(huán)離對稱軸的距離為多少？解析：(1)小金屬環(huán)在下滑過程中，在重力和金屬棒對它的支持力作用下做初速度為零的勻加速直線運動，設小金屬環(huán)沿棒運動的加速度為a，滑至O點所需時間為t，由牛頓第二定律得：mgcos ma由運動學公式得：xat2以上兩式聯(lián)立解得：t 。(2)小金屬環(huán)隨“V”形細金屬棒繞其對稱軸做勻速圓周運動所需的向心力由重力和金屬棒對它的支持力的合力提供，如圖所示，設小金屬環(huán)離對稱軸的距離為r，由牛頓第二定律和向心力公式得mgcot m2r又2n聯(lián)立解得r。答案：(1) (2)11. (17分)如圖9所示，在質量為M的電動機上，裝有質量為m的偏心輪，偏心輪轉動的角速度為，當偏心輪重心在轉軸正上方時，電動機對地面的壓力剛好為零，則偏心輪重心離轉軸的距離多大？在轉動過程中，電動機對地面的最大壓力多大？圖9解析：設偏心輪的重心距轉軸的距離為r，偏心輪等效為用一長為r的細桿固定質量為m(偏心輪的質量)的質點繞轉軸轉動。偏心輪的重心在正上方時，由題意知此時偏心輪對電動機向上的作用力大小FMg根據(jù)牛頓第三定律，此時軸對偏心輪的作用力向下，大小為FF，其向心力為Fmgm2r聯(lián)立以上兩式得偏心輪重心到轉動軸的距離r當偏心輪的重心轉到最低點時，電動機對地面的壓力最大。對偏心輪有F1mgm2r電動機所受支持力NF1Mg聯(lián)立解得N2(Mm)g由牛頓第三定律得，電動機對地面的最大壓力為2(Mm)g。答案：2(Mm)g平拋運動和圓周運動1.距地面高5 m的水平直軌道上A、B兩點相距2 m，在B點用細線懸掛一小球，離地高度為h，如圖1。小車始終以4 m/s的速度沿軌道勻速運動，經(jīng)過A點時將隨車攜帶的小球由軌道高度自由卸下，小車運動至B點時細線被軋斷，最后兩球同時落地。不計空氣阻力，取重力加速度的大小 g10 m/s2?？汕蟮胔等于()圖1A1.25 mB2.25 mC3.75 m D4.75 m解析：選A根據(jù)兩球同時落地可得 ，代入數(shù)據(jù)得h1.25 m，選項A正確。2.如圖2，一個勻速轉動的圓盤上有a、b、c三點，已知ocoa，則下面說法中錯誤的是()圖2Aa、b、c三點的角速度相同Ba、b兩點線速度相同Cc點的線速度大小是a點線速度大小的一半Da、b、c三點的運動周期相同解析：選Ba、b、c三點共軸轉動，角速度相等，故A正確；a、b兩點的線速度大小相等，方向不同，故B錯誤；a、c兩點的角速度相等，根據(jù)vr知，c點的線速度是a點線速度大小的一半，故C正確；a、b、c三點角速度相等，周期相同，故D正確。3.如圖3所示為足球球門，球門寬為L。一個球員在球門中心正前方距離球門s處高高躍起，將足球頂入球門的左下方死角(圖中P點)。球員頂球點的高度為h。足球做平拋運動(足球可看成質點，忽略空氣阻力)，則()圖3A足球位移的大小xB足球初速度的大小v0C足球末速度的大小vD足球初速度的方向與球門線夾角的正切值tan 解析：選B根據(jù)幾何關系可知，足球做平拋運動的豎直高度為h，水平位移為x水平，則足球位移的大小為：x，選項A錯誤；由hgt2，x水平v0t，可得足球的初速度為v0，選項B正確；足球落到P點時豎直方向的速度滿足vy22gh，可得足球末速度v，選項C錯誤；初速度方向與球門線夾角的正切值為tan ，選項D錯誤。4. (多選)如圖4所示，兩物塊A、B套在水平粗糙的CD桿上，并用不可伸長的輕繩連接，整個裝置能繞過CD中點的軸OO1轉動。已知兩物塊的質量相等，桿CD對物塊A、B的最大靜摩擦力大小相等，開始時繩子處于自然長度(繩子恰好伸直但無彈力)，物塊B到OO1軸的距離為物塊A到OO1軸距離的兩倍。現(xiàn)讓該裝置從靜止開始轉動，使轉速逐漸增大，在從繩子處于自然長度到兩物塊A、B即將滑動的過程中，下列說法正確的是()圖4A物塊A受到的靜摩擦力一直增大B物塊B受到的靜摩擦力先增大，后保持不變C物塊A受到的靜摩擦力先增大后減小D物塊A受到的合外力一直增大解析：選BD物塊A所受的合外力提供它做圓周運動的向心力，所以隨著轉動速度的增大，物塊A所受的合外力一直增大，選項D正確。由題意可知，A、B兩物塊轉動的角速度相同，則兩物塊的向心力之比為12，在輕繩張緊前，兩物塊做圓周運動的向心力由靜摩擦力提供，由fAm2rA和fBm2rB可知，兩物塊所受的靜摩擦力在輕繩張緊前隨轉速的增大而增大，當物塊B所受的靜摩擦力達到最大值后，向心力由摩擦力與繩子拉力的合力提供，故物塊B所受的靜摩擦力先增大后保持不變，選項B正確，A、C錯誤。5.如圖5所示，將質量為m的小球從傾角為的光滑斜面上A點以速度v0水平拋出(v0CD)，小球運動到B點，已知A點的高度為h。求：圖5 (1)小球到達B點時的速度大小。(2)小球到達B點的時間。解析：小球從A點拋出后在斜面上做類平拋運動。由牛頓第二定律得mgsin ma小球沿水平方向做勻速直線運動，有vxv0小球在沿斜面向下的方向做初速度為零的勻加速直線運動，有vyat，at2小球到達B點時的速度大小vB ，聯(lián)立以上各式得t ，vB 。答案：(1) (2) 6.滑板運動員在U形槽中的運動可以簡化為運動員在半徑為R的半圓弧槽中的運動，若滑板運動員以一定的水平初速度從A點跳入槽內，下落h高度落在最低點B左邊的槽壁上，之后滑到槽最低點B的速度為v，人和滑板的質量為m，滑板與圓弧槽的動摩擦因數(shù)為，求：圖6(1)人從A點跳入槽內時的初速度大小。(2)人在圓弧槽最低點的加速度大小。解析：(1)人下落h高度，用的時間t水平位移xR因此初速度v0。(2)人和滑板在半圓弧槽底部時受到重力、槽底對滑板向上的支持力F和向左的滑動摩擦力，由牛頓第二定律得Fmgm則Fmgm人在圓弧槽最低點時的向心加速度大小為：a1切向加速度大小為a2因此人在圓弧槽最低點的加速度為a。答案：(1)(2) 7.如圖7所示，細繩一端系著質量M0.6 kg的物體，靜止在水平面上，另一端通過光滑小孔吊著質量m0.3 kg的物體，M的中點與圓孔距離為0.2 m，并知M和水平面的最大靜摩擦力為2 N?，F(xiàn)使此平面繞中心軸線方向轉動，角速度在什么范圍內，m會處于靜止狀態(tài)？(取g10 m/s2)圖7解析：設物體M和水平面保持相對靜止，當具有最小值時，M有向著圓心O運動的趨勢。所以M受到的靜摩擦力方向沿半徑向外。當靜摩擦力等于最大靜摩擦力時，對M受力分析有FfM12r，又Fmg，由可得1 ，代入數(shù)據(jù)得12.9 rad/s。當具有最大值時，M有離開圓心O運動的趨勢。M受的最大靜摩擦力指向圓心，對M受力分析有FfM22r，又Fmg，由得2 ，26.5 rad/s，所以的范圍是2.9 rad/s6.5 rad/s。答案：2.9 rad/s6.5 rad/s8.如圖8所示，一個小球質量為m，從半徑為R的光滑圓形管內的頂部A點水平飛出，恰好又從管口B點射入管內，已知O為圓心，且OB水平，OA豎直，則：圖8(1)小球在A點對上側管壁有彈力作用還是對下側管壁有彈力作用？作用力多大？(重力加速度為g)(2)若要使小球對上側管壁彈力大小等于重力，則小球在A點的速度應為多少？解析：(1)從A運動到B，小球做平拋運動，則有RvAt，Rgt2，得vA。若小球對上、下管壁均無彈力，則mg，v，因為vAs，所以小球離開B點后能落在斜面上。假設小球第一次落在斜面上F點，BF長為L，小球從B點到F點的時間為t2Lcos vBt2Lsin gt22聯(lián)立兩式得t20.4 sL1.13 m。答案：(1)2 m(2)6 N(3)見解析