（全國通用）2019年中考數(shù)學復習 第六章 空間與圖形 6.1 圖形的軸對稱、平移與旋轉（試卷部分）課件.ppt

《（全國通用）2019年中考數(shù)學復習 第六章 空間與圖形 6.1 圖形的軸對稱、平移與旋轉（試卷部分）課件.ppt》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《（全國通用）2019年中考數(shù)學復習 第六章 空間與圖形 6.1 圖形的軸對稱、平移與旋轉（試卷部分）課件.ppt（82頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

2014—2018年全國中考題組考點一圖形的軸對稱,五年中考,1.(2018重慶,2,4分)下列圖形中一定是軸對稱圖形的是(),答案D根據(jù)軸對稱圖形的概念可得矩形一定是軸對稱圖形.故選D.,2.(2018天津,10,3分)如圖,將一個三角形紙片ABC沿過點B的直線折疊,使點C落在AB邊上的點E處,折痕為BD,則下列結論一定正確的是()A.AD=BDB.AE=ACC.ED+EB=DBD.AE+CB=AB,答案D由折疊的性質知,BC=BE,∴AE+CB=AB.故選D.,3.(2018吉林,5,2分)如圖,將△ABC折疊,使點A與BC邊中點D重合,折痕為MN.若AB=9,BC=6,則△DNB的周長為()A.12B.13C.14D.15,答案A由折疊性質可得AN=DN,∴DN+NB=AN+NB=AB=9.∵D為BC中點,∴DB=3,∴△DNB的周長為12.,4.(2017江西,3,3分)下列圖形中,是軸對稱圖形的是(),答案C根據(jù)軸對稱圖形的概念可得選項A、B、D都不是軸對稱圖形,只有選項C是軸對稱圖形,故選C.,5.(2017內蒙古呼和浩特,3,3分)下圖中序號(1)(2)(3)(4)對應的四個三角形,都是△ABC這個圖形進行了一次變換之后得到的,其中是通過軸對稱得到的是()A.(1)B.(2)C.(3)D.(4),答案A根據(jù)軸對稱的性質可知,序號(1)對應的三角形與△ABC的對應點所連的線段被一條直線(對稱軸)垂直平分,故選A.,6.(2017天津,3,3分)在一些美術字中,有的漢字是軸對稱圖形.下面4個漢字中,可以看作是軸對稱圖形的是(),答案C根據(jù)軸對稱圖形的概念可得,選項A、B、D中的漢字都不是軸對稱圖形,只有選項C中的漢字是軸對稱圖形,故選C.,7.(2016吉林,14,3分)在三角形紙片ABC中,∠C=90,∠B=30,點D(不與B,C重合)是BC上任意一點.將此三角形紙片按下列方式折疊.若EF的長度為a,則△DEF的周長為(用含a的式子表示).,答案3a,解析易知∠FDC=∠C=90,∴∠FDB=90.∵∠B=30,∴在Rt△BDF中,∠BFD=60.∵∠EDB=∠B=30,∴∠DEF=60.∴△DEF是等邊三角形.∴△DEF的周長是3a.,評析本題考查折疊的性質,等邊三角形的判定和性質,屬容易題.,8.(2016安徽,17,8分)如圖,在邊長為1個單位長度的小正方形組成的1212網格中,給出了四邊形ABCD的兩條邊AB與BC,且四邊形ABCD是一個軸對稱圖形,其對稱軸為直線AC.(1)試在圖中標出點D,并畫出該四邊形的另兩條邊;(2)將四邊形ABCD向下平移5個單位,畫出平移后得到的四邊形ABCD.,解析(1)點D及四邊形ABCD另兩條邊如圖所示.(4分)(2)得到的四邊形ABCD如圖所示.(8分),1.(2018江西,5,3分)小軍同學在網格紙上將某些圖形進行平移操作,他發(fā)現(xiàn)平移前后的兩個圖形所組成的圖形可以是軸對稱圖形.如圖所示,現(xiàn)在他將正方形ABCD從當前位置開始進行一次平移操作,平移后的正方形的頂點也在格點上,則使平移前后的兩個正方形組成軸對稱圖形的平移方向有()A.3個B.4個C.5個D.無數(shù)個,考點二圖形的平移,答案C如圖所示,正方形ABCD可以向上、向下、向右以及沿射線AC或BD方向平移,平移后的兩個正方形組成軸對稱圖形.故選C.,2.(2016廣東,25,9分)如圖,BD是正方形ABCD的對角線,BC=2.邊BC在其所在的直線上平移,將通過平移得到的線段記為PQ,連接PA、QD,并過點Q作QO⊥BD,垂足為O,連接OA、OP.(1)請直接寫出線段BC在平移過程中,四邊形APQD是什么四邊形;(2)請判斷OA、OP之間的數(shù)量關系和位置關系,并加以證明;(3)在平移變換過程中,設y=S△OPB,BP=x(0≤x≤2),求y與x之間的函數(shù)關系式,并求出y的最大值.,解析(1)四邊形APQD是平行四邊形.(1分)(2)OA=OP且OA⊥OP.證明如下:①當BC向右平移時,如圖a,圖a∵四邊形ABCD是正方形,∴AB=BC,∠ABD=∠CBD=45.∵PQ=BC,∴AB=PQ.∵QO⊥BD,∴∠BOQ=90,∴∠BQO=90-∠CBD=45,,∴∠BQO=∠CBD=∠ABD=45,∴OB=OQ.在△ABO和△PQO中,∴△ABO≌△PQO(SAS),(3分)∴OA=OP,∠AOB=∠POQ.∵∠POQ+∠BOP=∠BOQ=90,∴∠AOB+∠BOP=90,即∠AOP=90.∴OA⊥OP,∴OA=OP且OA⊥OP.(4分),圖b同理可證,△ABO≌△PQO(SAS),∴OA=OP,∠AOB=∠POQ,∴∠AOP+∠POB=∠POB+∠BOQ,∴∠AOP=∠BOQ=90,∴OA⊥OP,∴OA=OP且OA⊥OP.(5分)(3)過點O作OE⊥BC于E.在Rt△BOQ中,OB=OQ,∴OE=BQ.,②當BC向左平移時,如圖b,,①當BC向右平移時,如圖c,(6分)圖cBQ=BP+PQ=x+2,∴OE=(x+2).∵y=S△OPB=BPOE=x(x+2),∴y=x2+x(0≤x≤2).當x=2時,y有最大值2.(7分),圖d∴OE=(2-x).∵y=S△OPB=BPOE=x(2-x),∴y=-x2+x(0≤x≤2).當x=1時,y有最大值.(8分)綜上所述,線段BC在其所在直線上平移的過程中,△OPB的面積能夠取得最大值,最大值為2(參考圖e).(9分),②當BC向左平移時,如圖d,BQ=PQ-PB=2-x,,圖e,評析本題考查對正方形、直角三角形和平行四邊形基本性質的理解與應用,考查數(shù)形結合思想和分類討論思想.,1.(2018云南,11,4分)下列圖形既是軸對稱圖形,又是中心對稱圖形的是()A.三角形B.菱形C.角D.平行四邊形,考點三圖形的旋轉,答案B三角形不一定是軸對稱圖形,且不是中心對稱圖形;菱形既是軸對稱圖形,又是中心對稱圖形;角是軸對稱圖形,但不是中心對稱圖形;平行四邊形是中心對稱圖形,但不一定是軸對稱圖形.故選B.,2.(2018山西,8,3分)如圖,在Rt△ABC中,∠ACB=90,∠A=60,AC=6,將△ABC繞點C按逆時針方向旋轉得到△ABC,此時點A恰好在AB邊上,則點B與點B之間的距離為()A.12B.6C.6D.6,答案D如圖,連接BB,由旋轉可知AC=AC,BC=BC,∵∠A=60,∴△ACA為等邊三角形,∴∠ACA=60,∴∠BCB=∠ACA=60,∴△BCB為等邊三角形,在Rt△ABC中,∠A=60,AC=6,則BC=6.∴BB=BC=6,故選D.,3.(2017黑龍江哈爾濱,3,3分)下列圖形中,既是軸對稱圖形又是中心對稱圖形的是(),答案D選項A、B中的圖形是軸對稱圖形,不是中心對稱圖形;選項C中的圖形是中心對稱圖形,不是軸對稱圖形;選項D中的圖形既是軸對稱圖形又是中心對稱圖形,故選D.,4.(2017河北,5,3分)圖1和圖2中所有的小正方形都全等.將圖1的正方形放在圖2中①②③④的某一位置,使它與原來7個小正方形組成的圖形是中心對稱圖形,這個位置是()圖1圖2A.①B.②C.③D.④,答案C根據(jù)中心對稱圖形的定義知當正方形放在③的位置時,可使它與原來的7個小正方形組成的圖形是中心對稱圖形.故選C.,5.(2017福建,5,4分)下列關于圖形對稱性的命題,正確的是()A.圓既是軸對稱圖形,又是中心對稱圖形B.正三角形既是軸對稱圖形,又是中心對稱圖形C.線段是軸對稱圖形,但不是中心對稱圖形D.菱形是中心對稱圖形,但不是軸對稱圖形,答案A圓是軸對稱圖形,每一條經過圓心的直線都是它的對稱軸,圓又是中心對稱圖形,對稱中心是圓心,故選A.,6.(2018福建,21,8分)如圖,在Rt△ABC中,∠C=90,AB=10,AC=8.線段AD由線段AB繞點A按逆時針方向旋轉90得到,△EFG由△ABC沿CB方向平移得到,且直線EF過點D.(1)求∠BDF的大小;(2)求CG的長.,解析(1)∵線段AD由線段AB繞點A按逆時針方向旋轉90得到,∴∠DAB=90,AD=AB=10.∴∠ABD=45.∵△EFG由△ABC沿CB方向平移得到,∴AB∥EF,∴∠BDF=∠ABD=45.(2)由平移的性質可得AE∥CG,AB∥EF,且AE=CG.∴∠DEA=∠DFC=∠ABC,∠ADE+∠DAB=180,∵∠DAB=90,∴∠ADE=90,∵∠ACB=90,∴∠ADE=∠ACB,∴△ADE∽△ACB,∴=,,∵AC=8,AB=AD=10,∴AE=,∴CG=AE=.,解后反思本題考查圖形的平移與旋轉、平行線的性質、等腰直角三角形的判定與性質、解直角三角形、相似三角形的判定與性質等基礎知識,考查運算能力、推理能力、數(shù)形結合思想、化歸與轉化思想.,7.(2018四川成都,27,10分)在Rt△ABC中,∠ACB=90,AB=,AC=2,過點B作直線m∥AC,將△ABC繞點C順時針旋轉得到△ABC(點A,B的對應點分別為A,B),射線CA,CB分別交直線m于點P,Q.(1)如圖1,當P與A重合時,求∠ACA的度數(shù);(2)如圖2,設AB與BC的交點為M,當M為AB的中點時,求線段PQ的長;(3)在旋轉過程中,當點P,Q分別在CA,CB的延長線上時,試探究四邊形PABQ的面積是否存在最小值.若存在,求出四邊形PABQ的最小面積;若不存在,請說明理由.,解析(1)由旋轉的性質得AC=AC=2,∵∠ACB=90,AB=,AC=2,∴BC==,∵∠ACB=90,m∥AC,∴∠ABC=90,∴cos∠ACB==,∴∠ACB=30,∴∠ACA=60.(2)∵M為AB的中點,∠ACB=90,∴MA=MB=MC,∴∠ACM=∠MAC,由旋轉的性質得∠MAC=∠A,∴∠A=∠ACM,∴tan∠PCB=tan∠A=,,∴PB=BC=,∵tan∠BQC=tan∠PCB=,∴BQ=BC==2,∴PQ=PB+BQ=.(3)∵S四邊形PABQ=S△PCQ-S△ACB=S△PCQ-,∴S四邊形PABQ最小即S△PCQ最小,S△PCQ=PQBC=PQ.取PQ的中點G,連接CG.∵∠PCQ=90,∴CG=PQ.當CG最小時,PQ最小,∴CG⊥PQ,即CG與CB重合時,CG最小,,∴CGmin=,PQmin=2,∴(S△PCQ)min=3,(S四邊形PABQ)min=3-.,8.(2016吉林,24,8分)(1)如圖①,在Rt△ABC中,∠ABC=90,以點B為中心,把△ABC逆時針旋轉90,得到△A1BC1;再以點C為中心,把△ABC順時針旋轉90,得到△A2B1C.連接C1B1,則C1B1與BC的位置關系為;(2)如圖②,當△ABC是銳角三角形,∠ABC=α(α≠60)時,將△ABC按照(1)中的方式旋轉α.連接C1B1,探究C1B1與BC的位置關系,寫出你的探究結論,并加以證明;(3)如圖③,在圖②的基礎上,連接B1B,若C1B1=BC,△C1BB1的面積為4,則△B1BC的面積為.,解析(1)平行(或C1B1∥BC).(2分)(2)C1B1∥BC.(3分)證法一:如圖1,過點C1作C1D⊥BC于點D,過點B1作B1F⊥BC于點F,則C1D∥B1F,∠C1DB=∠B1FC=90.圖1由旋轉可知,BC1=BC=CB1,∠C1BD=∠B1CF.∴△C1BD≌△B1CF(AAS).∴C1D=B1F.又C1D∥B1F,∴四邊形C1DFB1是平行四邊形.(5分)∴C1B1∥BC.(6分),證法二:如圖2,過點C1作C1E∥B1C交BC于點E,圖2則∠C1EB=∠B1CB.由旋轉可知,BC1=BC=B1C,∠C1BC=∠B1CB.∴∠C1BC=∠C1EB,∴C1B=C1E.∴C1E=B1C.又∵C1E∥B1C,∴四邊形C1ECB1是平行四邊形.(5分)∴C1B1∥BC.(6分)(3)6.(8分),解題關鍵在第(2)問中,通過作垂線或平行線構造平行四邊形是關鍵;在第(3)問中,△C1BB1與△B1BC的高相等,所以==,所以==6.,1.(2018河北,3,3分)圖中由“”和“”組成軸對稱圖形,該圖形的對稱軸是直線()A.l1B.l2C.l3D.l4,考點一圖形的軸對稱,教師專用題組,答案C如果一個圖形沿一條直線折疊,直線兩旁的部分能夠完全重合,這個圖形叫做軸對稱圖形,由此知該圖形的對稱軸是直線l3,故選C.,2.(2017四川綿陽,2,3分)下列圖案中,屬于軸對稱圖形的是(),答案AA選項是軸對稱圖形,共有5條對稱軸;B、D選項既不是軸對稱圖形,也不是中心對稱圖形;C選項是中心對稱圖形,不是軸對稱圖形,故選A.,3.(2015重慶,2,4分)下列圖形是軸對稱圖形的是(),答案AA選項是軸對稱圖形,B、C、D選項都不是軸對稱圖形,故選A.,4.(2015江西南昌,16,6分)如圖,正方形ABCD與正方形A1B1C1D1關于某點中心對稱.已知A,D1,D三點的坐標分別是(0,4),(0,3),(0,2).(1)求對稱中心的坐標;(2)寫出頂點B,C,B1,C1的坐標.,解析(1)∵D和D1是對稱點,∴對稱中心是線段DD1的中點.(1分)∴對稱中心的坐標是.(2分)(2)B(-2,4),C(-2,2),B1(2,1),C1(2,3).(6分),考點二圖形的平移(2015福建龍巖,22,12分)下列網格中的六邊形ABCDEF是由邊長為6的正方形左上角剪去邊長為2的正方形所得,該六邊形按一定的方法可剪拼成一個正方形.(1)根據(jù)剪拼前后圖形的面積關系求出拼成的正方形的邊長;(2)如圖甲,把六邊形ABCDEF沿EH,BG剪成①②③三部分,請在圖甲中畫出將②③與①拼成的正方形,然后標出②③變動后的位置,并指出②③屬于旋轉、平移和軸對稱中的哪一種圖形變換;,圖甲,圖乙(3)在圖乙中畫出一種與圖甲不同位置的兩條裁剪線,并在圖乙中畫出將此六邊形剪拼成的正方形.,解析(1)由剪拼前后面積相等可知,拼成的正方形的邊長==4.(3分)(2)如圖.②③都是平移變換.(8分)(3)如圖(答案不唯一).,(12分),1.(2018天津,4,3分)下列圖形中,可以看作是中心對稱圖形的是(),考點三圖形的旋轉,答案A在平面內,把一個圖形繞著某個點旋轉180,如果旋轉后的圖形能與原來的圖形重合,那么這個圖形叫做中心對稱圖形,選項A中的圖形符合中心對稱圖形的定義,故選A.,2.(2017北京,5,3分)下列圖形中,是軸對稱圖形但中心對稱圖形的是(),答案A選項A中的圖形是軸對稱圖形但不是中心對稱圖形;選項B、D中的圖形既是軸對稱圖形又是中心對稱圖形;選項C中的圖形是中心對稱圖形但不是軸對稱圖形.故選A.,3.(2016河北,3,3分)下列圖形中,既是軸對稱圖形,又是中心對稱圖形的是(),答案A選項B只是軸對稱圖形,選項C和D只是中心對稱圖形,只有選項A既是軸對稱圖形,又是中心對稱圖形.,4.(2014山東煙臺,10,3分)如圖,將△ABC繞點P順時針旋轉90得到△ABC,則點P的坐標是()A.(1,1)B.(1,2)C.(1,3)D.(1,4),答案B分別連接AA、CC,并分別作它們的垂直平分線,交點即為點P.,5.(2015四川綿陽,18,3分)如圖,在等邊△ABC內有一點D,AD=5,BD=6,CD=4,將△ABD繞A點逆時針旋轉,使AB與AC重合,點D旋轉至點E,則∠CDE的正切值為.,答案3,解析∵△ABC為等邊三角形,∴∠BAD+∠DAC=60,由旋轉的性質可得△ABD≌△ACE.∴∠BAD=∠CAE,AE=AD=5,∴∠CAE+∠DAC=∠DAE=60,∴△ADE為等邊三角形,∴DE=AD=5,作EF⊥CD于點F,設DF=x,在Rt△EFD與Rt△EFC中,由勾股定理得DE2-DF2=EC2-CF2,即52-x2=62-(4-x)2,∴x=,∴EF===,∴tan∠CDE==3.,6.(2018天津,18,3分)如圖,在每個小正方形的邊長為1的網格中,△ABC的頂點A,B,C均在格點上.(1)∠ACB的大小為;(2)在如圖所示的網格中,P是BC邊上任意一點,以A為中心,取旋轉角等于∠BAC,把點P逆時針旋轉,點P的對應點為P‘,當CP’最短時,請用無刻度的直尺,畫出點P‘,并簡要說明點P’的位置是如何找到的(不要求證明).,答案(1)90(2)如圖,取格點D,E,連接DE交AB于點T;取格點M,N,連接MN交BC延長線于點G;取格點F,連接FG交TC延長線于點P,則點P即為所求,解析(1)∵每個小正方形的邊長為1,∴AC=3,BC=4,AB=5,∵(3)2+(4)2=50=(5)2,∴AC2+BC2=AB2,∴△ABC是直角三角形,且∠ACB=90.(2)在射線AC上取格點F,使AF=AB=5,則點F為點B的對應點,根據(jù)直線BC的位置,取格點M,N,連接MN交BC的延長線于點G,可求得CG=+=,連接GF,CF,易得△ACB∽△GCF,則GF所在直線即為BC旋轉后對應邊所在直線.取格點D,E,連接DE交AB于點T,則點T為線段AB的中點,作直線CT,所以TC=TA,∠ACT=∠CAT,記直線CT交FG于點P,因為∠PCF+∠PFC=∠ACT+∠ABC=90,所以∠FPC=90,即CP⊥FG,所以點P即為所求作的點.,思路分析(1)由勾股定理求得AC,BC,AB的長,根據(jù)勾股定理的逆定理判斷出直角三角形;(2)P是BC邊上任意一點,把△ACB繞點A逆時針旋轉,使旋轉角等于∠BAC,那么點P的對應點P在邊CB旋轉后的對應邊上,當CP垂直于CB旋轉后的對應邊時,線段CP最短,確定CB旋轉后的對應邊的位置,作出垂線,即可確定點P的位置.,7.(2018河南,22,10分)(1)問題發(fā)現(xiàn)如圖1,在△OAB和△OCD中,OA=OB,OC=OD,∠AOB=∠COD=40,連接AC,BD交于點M.填空:①的值為;②∠AMB的度數(shù)為.(2)類比探究如圖2,在△OAB和△OCD中,∠AOB=∠COD=90,∠OAB=∠OCD=30,連接AC交BD的延長線于點M.請判斷的值及∠AMB的度數(shù),并說明理由;(3)拓展延伸在(2)的條件下,將△OCD繞點O在平面內旋轉,AC,BD所在直線交于點M.若OD=1,OB=,請直接寫出當點C與點M重合時AC的長.,,解析(1)①1.(1分)②40.(注:若填為40,不扣分)(2分)(2)=,∠AMB=90.(注:若無判斷,但后續(xù)證明正確,不扣分)(4分)理由如下:∵∠AOB=∠COD=90,∠OAB=∠OCD=30,∴==,又∠COD+∠AOD=∠AOB+∠AOD,即∠AOC=∠BOD.∴△AOC∽△BOD.(6分)∴==,∠CAO=∠DBO.∵∠AOB=90,∴∠DBO+∠ABD+∠BAO=90.∴∠CAO+∠ABD+∠BAO=90.∴∠AMB=90.(8分)(3)AC的長為2或3.(10分)【提示】在△OCD旋轉過程中,(2)中的結論仍成立,即=,∠AMB=90.如圖所示,當點C與點M重合時,AC1,AC2的長即為所求.,思路分析(1)證明△AOC≌△BOD,得AC=BD,∠OAC=∠OBD,∠AMB=∠AOB=40;(2)證明△AOC∽△BOD,得==,∠OAC=∠OBD,∠AMB=∠AOB=90;(3)作圖確定△OCD旋轉后點C的兩個位置,分別求出BD的長度,根據(jù)=得出AC的長.,方法規(guī)律本題為類比探究拓展問題,首先根據(jù)題(1)中的特例感知解決問題的方法,類比探究,可以類比(1)中解法,解(2)中的問題,得出結論,總結解答前兩個問題所用的方法和所得結論,依據(jù)結論對(3)中的問題分析,通過作圖,計算得出結果.問題(3)直接求AC的兩個值難度較大,可以先求出BD的兩個值,根據(jù)=,再求出AC的兩個值.,A組2016—2018年模擬基礎題組考點一圖形的軸對稱,三年模擬,1.(2016北京,7,3分)甲骨文是我國的一種古代文字,是漢字的早期形式.下列甲骨文中,軸對稱圖形的是(),答案D選項A、B、C都是軸對稱圖形,故選D.,2.(2016甘肅蘭州,18)如圖,將邊長為16cm的正方形紙片ABCD折疊,使點D落在AB邊的中點E處,點C落在點Q處,折痕為FH,則線段AF的長是cm.,答案6,解析∵四邊形ABCD是正方形,∴AB=BC=CD=AD=16cm,由題意得AE=EB=8cm,EF=FD,設EF=DF=xcm,則AF=(16-x)cm,在Rt△AEF中,∵AE2+AF2=EF2,∴82+(16-x)2=x2,解得x=10,∴AF=16-10=6cm.,3.(2016黑龍江龍東,23)已知在Rt△ABC中,BC=AC=2,D是斜邊AB上一個動點,把△ACD沿直線CD折疊,點A落在同一平面內的點A處,當AD平行于Rt△ABC的直角邊時,求AD的長.,解析在Rt△ABC中,BC=AC=2,∴AB=2,∠B=∠A=45,①當AD∥BC時,如圖1,設AD=x,AC與AB相交于點H,圖1∵把△ACD沿直線CD折疊,點A落在同一平面內的點A處,∴∠A=∠A=45,AD=AD=x,∵AD∥BC,∴∠A=∠ACB=45,∵∠B=45,∴∠BHC=90,∴AC⊥AB,,∴BH=BC=,DH=AD=x,∴x+x+=2,∴x=2-2,即AD=2-2.②當AD∥AC時,如圖2,圖2∵把△ACD沿直線CD折疊,點A落在同一平面內的點A處,∴AD=AD,AC=AC,∠ACD=∠ACD,∵AD∥AC,∴∠ADC=∠ACD,∴∠ADC=∠ACD,∴AD=AC=AC=2.綜上,AD的長為2或2-2.,1.(2018湖北天門4月模擬,13)如圖,點A、B的坐標分別為(1,2)、(4,0),將△AOB沿x軸向右平移,得到△CDE,已知DB=1,則點C的坐標為.,考點二圖形的平移,答案(4,2),解析由已知得,OD=3,∴△AOB沿x軸向右平移了3個單位長度,∵點A的坐標為(1,2),∴點C的坐標為(4,2).,2.(2018湖北襄陽南漳二模,14)如圖,將邊長為2個單位長度的等邊三角形ABC沿邊BC所在的直線向右平移1個單位長度后得到△DEF,則四邊形ABFD的周長為個單位長度.,答案8,解析根據(jù)題意,得四邊形ABFD的邊長分別為AD=1,BF=3,AB=DF=2,故其周長為8個單位長度.,1.(2018天津河東結課考試,12)如圖,已知?ABCD中,AE⊥BC于點E,以點B為中心,取旋轉角等于∠ABC,把△BAE順時針旋轉,得到△BAE,連接DA.若∠ADC=60,∠ADA=50,則∠DAE的大小為()A.130B.150C.160D.170,考點三圖形的旋轉,答案C∵四邊形ABCD是平行四邊形,∠ADC=60,∴∠ABC=60,∠DCB=120,∵∠ADA‘=50,∴∠A’DC=10,∴∠DAB=130,∵AE⊥BC于點E,∴∠BAE=30,由旋轉的性質知,∠BAE=∠BAE=30,∴∠DA‘E’=∠DA‘B+∠BA’E‘=160.故選C.,2.(2017云南曲靖,6)如圖,△ABC是等腰直角三角形,BC是斜邊,P為△ABC內一點,將△ABP繞點A逆時針旋轉后,與△ACP重合,如果AP=4,那么P,P兩點間的距離為()A.4B.4C.4D.8,答案B連接PP,∵△ABC為等腰直角三角形,△ABP繞點A逆時針旋轉后與△ACP重合,∴AB=AC,AP=AP=4,∠BAC=∠PAP=90,∴PP===4,故選B.,3.(2016黑龍江哈爾濱香坊,3)下列選項中都是由兩個全等的正三角形組成的圖形,其中既是中心對稱圖形又是軸對稱圖形的是(),答案DA選項是軸對稱圖形,不是中心對稱圖形;B選項既不是軸對稱圖形,也不是中心對稱圖形;C選項是軸對稱圖形,不是中心對稱圖形;D選項既是軸對稱圖形,又是中心對稱圖形.故選D.,4.(2017湖北天門,16)如圖,矩形ABCD中,BC=2,將矩形ABCD繞點D順時針旋轉90,得到矩形ABCD,點A、C分別落在點A、C處.如果點A、C、B在同一條直線上,那么tan∠ABA的值為.,答案,解析設AB=x,則CD=x,AC=x+2,∵AD∥BC,∴=,即=,解得x1=-1,x2=--1(舍去),∵AB∥CD,∴∠ABA=∠BAC,在Rt△ABC中,tan∠BAC===,∴tan∠ABA=.,5.(2017云南曲靖,19)如圖,在Rt△ABC中,∠ACB=90,∠B=30,將△ABC繞點C按順時針方向旋轉n度后得到△DEC,點D剛好落在AB邊上.(1)求n的值;(2)若F是DE的中點,判斷四邊形ACFD的形狀,并說明理由.,解析(1)∵在Rt△ABC中,∠ACB=90,∠B=30,將△ABC繞點C按順時針方向旋轉n度后得到△DEC,∴AC=DC,∠A=60,∴△ADC是等邊三角形,∴∠ACD=60,∴n的值是60.(2)四邊形ACFD是菱形.理由:∵∠DCE=∠ACB=90,F是DE的中點,∴FC=DF=FE,∵∠CDF=∠A=60,∴△DFC是等邊三角形,∴DF=DC=FC,∵△ADC是等邊三角形,∴AD=AC=DC,,∴AD=AC=FC=DF,∴四邊形ACFD是菱形.,B組2016—2018年模擬提升題組(時間:20分鐘分值:30分)一、選擇題(每小題3分,共12分),1.(2018湖北天門4月模擬,9)如圖,在矩形ABCD中,AB=8,BC=12,點E是BC的中點,連接AE,將△ABE沿AE折疊,點B落在點F處,連接FC,則sin∠ECF=()A.B.C.D.,答案D由折疊的性質得,BE=EF,∠BEA=∠FEA,∵點E是BC的中點,∴CE=BE,∴EF=CE,∴∠EFC=∠ECF,∵∠BEF=∠CFE+∠ECF,∴∠AEB=∠ECF,在△ABE中,∠B=90,AB=8,BE=BC=6,∴AE==10,∴sin∠ECF=sin∠AEB==.故選D.,2.(2018江西宜春高安一模,5)如圖,將線段AB繞點O順時針旋轉90得到線段AB,那么A(-2,5)的對應點A的坐標是()A.(2,5)B.(5,2)C.(2,-5)D.(5,-2),答案B∵線段AB繞點O順時針旋轉90得到線段AB,∴△ABO≌△ABO,∠AOA=90,∴AO=AO.作AC⊥y軸于C,AC⊥x軸于C,∴∠ACO=∠ACO=90.∵∠COC=90,∴∠AOA-∠COA=∠COC-∠COA,∴∠AOC=∠AOC.在△ACO和△ACO中,,∴△ACO≌△ACO(AAS),∴AC=AC,CO=CO.∵A(-2,5),∴AC=2,CO=5,∴AC=2,OC=5,∴A(5,2).故選B.,3.(2018天津河東一模,9)如圖,將△ABC繞點A逆時針旋轉100,得到△ADE.若點D在線段BC的延長線上,則∠B的大小為()A.30B.40C.50D.60,答案B根據(jù)旋轉的性質可得,AB=AD,∵∠BAD=100,∴∠B=∠ADB=(180-100)=40.故選B.,4.(2016黑龍江哈爾濱香坊,8)如圖,在△ABC中,∠ABC=30,∠C=45,將△ABC繞點A順時針旋轉后得到△ADE(點B的對應點是點D,點C的對應點是點E),連接BD,若點E在BC邊上,則∠BDE的大小為()A.15B.20C.25D.30,答案A∵△ABC繞點A順時針旋轉后得到△ADE,∠ABC=30,∴AE=AC,AD=AB,∠ADE=∠ABC=30,∠DAE=∠BAC,∵AE=AC,∠C=45,∴∠AEC=∠C=45,∴∠EAC=90,∵∠DAE=∠BAC,∴∠DAE-∠BAE=∠BAC-∠BAE,即∠DAB=∠EAC,∴∠DAB=90,∴△ADB為等腰直角三角形,∴∠ADB=45,∴∠BDE=∠ADB-∠ADE=45-30=15.故選A.,5.(2018上海靜安一模,18)已知矩形紙片ABCD中,AD=4,AB=3,如果點E在邊BC上,將紙片沿AE折疊,使點B落在點F處,連接FC,當△EFC是直角三角形時,那么BE的長為.,二、填空題(每小題3分,共9分),答案1.5或3,解析由已知得∠ECF≠90,故分兩種情況:①當∠EFC=90時,如圖1,∵∠AFE=∠B=90,∠EFC=90,∴A、F、C三點共線,在Rt△ABC中,AC===5,設BE=x,則CE=BC-BE=4-x,由翻折的性質得,AF=AB=3,EF=BE=x,∴CF=AC-AF=5-3=2,在Rt△CEF中,EF2+CF2=CE2,即x2+22=(4-x)2,,解得x=1.5,即BE=1.5;②當∠CEF=90時,如圖2,由翻折的性質得,∠AEB=∠AEF=90=45,又∵∠B=90,∴BE=AB=3.綜上所述,BE的長為1.5或3.,6.(2017上海奉賢,18)如圖,在矩形ABCD中,AB=6,AD=3,點P是邊AD上的一點,連接BP,將△ABP沿著BP翻折得到△EBP,點A落在點E處,BE與CD相交于點G,PE與CD相交于點H,如果CG=2DG,那么DP的長是.,答案1,解析∵CG=2DG,CD=6,∴CG=4,DG=2,由勾股定理得BG==5,∴EG=BE-BG=1,由折疊的性質可知∠E=∠A=90,∴∠E=∠C,又∠EGD=∠CGB,∴△HEG∽△BCG,∴=,=,即=,=,∴HG=,HE=,∴DH=DG-HG=,∵∠E=∠D=90,∠EHG=∠DHP,∴△HEG∽△HDP,∴=,即=,解得DP=1.,7.(2016上海徐匯,18)如圖,在Rt△ABC中,∠BAC=90,AB=3,cosB=,將△ABC繞點A逆時針旋轉后得到△ADE,點B的對應點D落在邊BC上,連接CE,則CE的長是.,答案,解析∵∠BAC=90,AB=3,cosB==,∴BC=5,∴AC==4,∵△ABC繞點A逆時針旋轉后得到△ADE,點B的對應點D落在邊BC上,∴AB=AD,AC=AE,∠BAC=∠DAE,∴∠BAC-∠DAC=∠DAE-∠DAC,即∠BAD=∠CAE,∴∠B=(180-∠BAD),∠ACE=(180-∠CAE),∴∠ACE=∠B,∴cos∠ACE=cosB=,作AH⊥CE于H,則EH=CH,如圖,,在Rt△ACH中,∵cos∠ACH==,∴CH=AC=,∴CE=2CH=.,8.(2018廣東惠州惠陽模擬,22)如圖,將△ABC沿著直線BC向右平移至△ABC,使點A落在△ABC的外角平分線CD上,連接AA.(1)判斷四邊形ACCA的形狀,并說明理由;(2)在△ABC中,∠B=90,AB=8,cos∠BAC=,求CB的長.,三、解答題(共9分),解析(1)四邊形ACCA是菱形,理由如下:由平移的性質可得,AC=AC,AC∥AC,∴四邊形ACCA是平行四邊形,∴AA∥CC,∴∠AAC=∠ACB,由題意得,CD平分∠ACB,∴∠ACA=∠ACB,∴∠ACA=∠AAC,∴AA=AC,∴平行四邊形ACCA是菱形.(2)在Rt△ABC中,∠B=90,AB=8,cos∠BAC==,∴AC=10,∴BC===6,由平移的性質可得,BC=BC=6,由(1)得,四邊形ACCA是菱形,∴CC=AC=10,∴CB=CC-BC=10-6=4.,