高考物理二輪復(fù)習(xí) 第2部分 考前沖刺方略 選擇題型滿分練1

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高考題型練 選擇題型滿分練(一) 建議用時(shí)：25分鐘 本題共8小題，每小題6分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～5題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6～8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分． 1．下列關(guān)于物理學(xué)史或物理方法的說法中錯(cuò)誤的是(　　) A．伽利略利用斜面研究自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)，使用了“外推”的方法，即當(dāng)斜面的傾角為90時(shí)，物體在斜面上的運(yùn)動(dòng)就變成了自由落體運(yùn)動(dòng) B．運(yùn)動(dòng)的合成與分解是研究曲線運(yùn)動(dòng)的一般方法，該方法也同樣適用研究勻速圓周運(yùn)動(dòng) C．物理模型在物理學(xué)的研究中起了重要作用，其中“質(zhì)點(diǎn)”“點(diǎn)電荷”“光滑的輕滑輪”“輕彈簧”等都是理想化模型 D．牛頓在發(fā)現(xiàn)萬有引力定律的過程中使用了“月—地檢驗(yàn)” 解析：選B.對于選項(xiàng)A和D，只要熟悉教材，即可順利判斷其是正確的．在曲線運(yùn)動(dòng)中，教材中選用了平拋運(yùn)動(dòng)和勻速圓周運(yùn)動(dòng)兩個(gè)特例，但這兩個(gè)曲線運(yùn)動(dòng)的研究方法是不同的．平拋運(yùn)動(dòng)的研究方法是運(yùn)動(dòng)的合成與分解；研究勻速圓周運(yùn)動(dòng)使用的方法是利用加速度的定義式和矢量差的知識(shí)推導(dǎo)出向心加速度公式，再利用牛頓第二定律得出向心力公式，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤．“質(zhì)點(diǎn)”和“點(diǎn)電荷”沒有大小，“光滑的輕滑輪”沒有質(zhì)量且不計(jì)摩擦力，“輕彈簧”沒有質(zhì)量，所以它們都是理想化模型． 2．如圖所示，沿直線運(yùn)動(dòng)的小車內(nèi)懸掛的小球A和小車水平底板上放置的物塊B都相對車廂靜止．關(guān)于物塊B受到的摩擦力，下列判斷中正確的是(　　) A．物塊B不受摩擦力作用 B．物塊B受摩擦力作用，大小恒定，方向向左 C．物塊B受摩擦力作用，大小恒定，方向向右 D．因小車的運(yùn)動(dòng)方向不能確定，故物塊B受的摩擦力情況無法判斷 解析：選B.分析小球A受力如圖，拉力和重力的合力水平向左，即系統(tǒng)有向左的加速度，且a＝gtan θ，再對B分析受力可知車廂對B的摩擦力方向水平向左，大小恒定，B正確． 3．假設(shè)月球是質(zhì)量分布均勻的球體．已知月球半徑為r，飛行器僅在月球萬有引力作用下在月球表面附近繞月球表面飛行一周用時(shí)為t，可以認(rèn)為月球不自轉(zhuǎn)，引力常量為G.則可以計(jì)算(　　) A．月球的第一宇宙速度 B．月球與地球之間的距離 C．飛行器的質(zhì)量 D．飛行器靜止在月球表面上時(shí)對月球表面的壓力 解析：選A.根據(jù)T＝可知，月球的第一宇宙速度為v＝，選項(xiàng)A正確；無法計(jì)算月球與地球之間的距離，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)萬有引力定律，可知無法計(jì)算飛行器的質(zhì)量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；飛行器靜止在月球表面上時(shí)對月球表面的壓力大小等于飛行器重力的大小，因無法求出飛行器的質(zhì)量，所以也無法得出飛行器對月球表面的壓力，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 4．圖中有A、B兩個(gè)線圈．線圈B連接一電阻R，要使流過電阻R的電流大小恒定，且方向由c點(diǎn)流經(jīng)電阻R到d點(diǎn)．設(shè)線圈A中電流i從a點(diǎn)流入線圈的方向?yàn)檎较颍畡t線圈A中的電流隨時(shí)間變化的圖象是(　　) 解析：選A.根據(jù)感應(yīng)電動(dòng)勢E＝n表達(dá)式知，要想產(chǎn)生從c經(jīng)R流向d的電流，那么穿過線圈B中的原磁場方向若向右，則應(yīng)該在均勻減小，若向左則均勻增加．當(dāng)線圈A中從a點(diǎn)流入電流，則電流應(yīng)該均勻增加才可以滿足題中條件；當(dāng)線圈A中從b點(diǎn)流入電流，則電流應(yīng)該均勻減小才可以滿足題中條件，A對，B錯(cuò)；當(dāng)線圈A中電流保持不變時(shí)，線圈B中沒有感應(yīng)電流，C、D錯(cuò)． 5．一質(zhì)點(diǎn)沿x軸正方向做直線運(yùn)動(dòng)，從質(zhì)點(diǎn)通過坐標(biāo)原點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，其－t圖象如圖所示，則(　　) A．質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度大小為0.5 m/s B．質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為0.5 m/s2 C．質(zhì)點(diǎn)在第1 s內(nèi)的平均速度大小為0.75 m/s D．質(zhì)點(diǎn)在1 s末的速度大小為1.5 m/s 解析：選D.根據(jù)物理量間的關(guān)系得到物理規(guī)律，由于代表時(shí)間t內(nèi)的平均速度，故－t圖象即－t圖象，由圖可知質(zhì)點(diǎn)的平均速度均勻增大，說明質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤．設(shè)質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的初速度大小為v0，加速度大小為a，根據(jù)x＝v0t＋at2，得＝v0＋at，斜率k＝a，則加速度大小為a＝20.5 m/s2＝1 m/s2，故B錯(cuò)誤．截距為v0，則v0＝0.5 m/s，質(zhì)點(diǎn)在1 s末速度大小為1.5 m/s.質(zhì)點(diǎn)在第1 s內(nèi)的平均速度大?。剑? m/s，故C錯(cuò)誤，D正確． 6．平行板電容器的兩板A、B接于電池兩極，一個(gè)帶正電小球用絕緣細(xì)線懸掛在電容器內(nèi)部，閉合電鍵S，電容器充電，這時(shí)懸線偏離豎直方向的夾角為θ，如圖所示，那么(　　) A．保持電鍵S閉合，將A板稍向B板靠近，則θ增大 B．保持電鍵S閉合，將A板稍向上移，則θ減小 C．電鍵S斷開，將A板稍向B板靠近，則θ不變 D．電鍵S斷開，將A板稍向上移，則θ減小 解析：選AC.保持電鍵S閉合，電容器兩端間的電勢差不變，帶正電的A板向B板靠近，極板間距離減小，電場強(qiáng)度E增大，小球所受的電場力變大，θ增大，A正確；保持電鍵S閉合，電容器兩端間的電勢差不變，將A板稍向上移，極板間距離不變，電場強(qiáng)度E不變，小球所受的電場力不變，則θ不變，B錯(cuò)誤；斷開電鍵S，電容器所帶的電量不變，由E＝可知d變化，E不變，電場力不變，θ不變，C正確；斷開電鍵S，將A板稍向上移，S變小，E變大，則電場力變大，θ變大，D錯(cuò)誤． 7．如圖所示，xOy平面的一、二、三象限內(nèi)存在垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝1 T的勻強(qiáng)磁場，ON為處于y軸負(fù)方向的彈性絕緣薄擋板，長度為9 m，M點(diǎn)為x軸正方向上一點(diǎn)，OM＝3 m．現(xiàn)有一個(gè)比荷大小為＝1.0 C/kg、可視為質(zhì)點(diǎn)的帶正電的小球(重力不計(jì))，從擋板下端N處小孔以不同的速度向x軸負(fù)方向射入磁場，若與擋板相碰就以原速率彈回，且碰撞時(shí)間不計(jì)，碰撞時(shí)電量不變，小球最后都能經(jīng)過M點(diǎn)，則小球射入的速度大小可能是(　　) A．3 m/s　　　　　　　　 B．3.75 m/s C．4.5 m/s D．5 m/s 解析：選ABD.根據(jù)qvB＝m得r＝，故v＝.若小球不與擋板相碰經(jīng)過M點(diǎn)，由運(yùn)動(dòng)軌跡及幾何關(guān)系解得r1＝5 m，故v1＝5 m/s，故選項(xiàng)D正確；若小球與擋板相碰1次經(jīng)過M點(diǎn)，由幾何關(guān)系：(9－3r2)2＋32＝r，解得r2＝3 m或r2＝3.75 m，故v2＝3 m/s或v2＝3.75 m/s，選項(xiàng)A、B正確． 8．如圖所示，豎直面有兩個(gè)圓形導(dǎo)軌固定在一水平地面上，半徑R相同，A軌道由金屬凹槽制成，B軌道由金屬圓管制成，均可視為光滑軌道，在兩軌道右側(cè)的正上方將質(zhì)量均為m的金屬小球A和B由靜止釋放，小球距離地面的高度分別用hA和hB表示，則下列說法正確的是(　　) A．適當(dāng)調(diào)整hA和hB，均可使兩小球從軌道最高點(diǎn)飛出后，恰好落在軌道右端口處 B．若hA＝hB＝2R，則兩小球在軌道最低點(diǎn)對軌道的壓力為4mg C．若hA＝hB＝R，則兩小球都能上升到離地高度為R的位置 D．若hA和hB均大于R，兩小球都能從最高點(diǎn)飛出 解析：選CD.A中為繩模型，小球A能從最高點(diǎn)飛出的最小速度為v＝，從最高點(diǎn)飛出后下落R高度時(shí)，水平位移的最小值為：xA＝ ＝R，小球A落在軌道右端口外側(cè)．而適當(dāng)調(diào)整hB，B可以落在軌道右端口處，故A錯(cuò)誤；若hA＝hB＝2R，由機(jī)械能守恒定律可知，小球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)的速度v＝2，則由向心力公式可得：F＝mg＋m＝5mg，故B錯(cuò)誤；若hA＝hB＝R，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知，兩小球都到達(dá)與O點(diǎn)等高的位置速度為零，即兩小球都能上升到離地高度為R的位置，故C正確；由A的分析可知，A球最高點(diǎn)最小速度為v＝，則由機(jī)械能守恒定律可知，mg(hA－2R)＝mv，A球下落的最小高度為R；而B中小球只要在最高點(diǎn)的速度大于2R即可，故D正確．