高考物理大二輪總復習 綜合模擬卷（一）

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綜合模擬卷(一)一、選擇題(本題共13小題，每小題3分，滿分39分每小題給出的四個選項中，只有一個選項正確選對的得3分，不選或錯選得0分)1以下各物理量屬于矢量的是()A質量 B摩擦力C時間 D動摩擦因數答案B解析矢量是既有大小，又有方向的物理量，質量、時間、動摩擦因數只有大小而沒有方向，摩擦力有大小，也有方向，故選B.22016年第31屆夏季奧運會在巴西的里約熱內盧舉行下列比賽中可把研究對象看成質點的是()A研究蘇炳添在百米跑比賽時的起跑技術B研究乒乓球男子單打冠軍馬龍的發(fā)球動作C研究女子3米板冠軍施廷懋的跳水動作D研究女子50米步槍三姿比賽中杜麗射出的子彈軌跡答案D解析質點是理想化的物理模型，當物體的大小和形狀對研究的問題沒有影響或影響很小可忽略不計時，物體可以看做質點，研究蘇炳添在百米跑比賽時的起跑技術，馬龍的發(fā)球動作，施廷懋的跳水動作，他們的形狀不能忽略，故不能看成質點；而研究杜麗射出的子彈軌跡時，子彈的大小、形狀可以忽略，所以D正確3.如圖1是甲、乙兩物體在同一直線上運動的xt圖象，由圖象可以判斷從t1到t2的時間內()圖1A甲物體在做勻減速直線運動B乙物體在做勻加速直線運動C兩物體都在做勻速直線運動D甲、乙兩物體的運動方向相同答案C解析由xt圖象的物理意義知，t1到t2時間內，都做勻速直線運動，甲向負方向運動，乙向正方向運動，即運動方向相反，所以A、B、D錯誤，C正確4下列說法正確的是()A牛頓最早通過理想斜面實驗得出力不是維持物體運動的原因B萬有引力定律中的引力常量由牛頓測定C庫侖定律中的平方反比關系由庫侖通過庫侖扭稱實驗獲得D奧斯特首先發(fā)現了磁場對電流的作用規(guī)律答案C解析伽利略首先通過理想斜面實驗得出力不是維持物體運動的原因，A錯；萬有引力定律中的引力常量由卡文迪許測定，B錯；庫侖通過庫侖扭秤實驗得出庫侖定律，C對；奧斯特首先發(fā)現了電流的磁效應，D錯5.2015年4月16日，中國南車設計制造的全球首創(chuàng)超級電容儲能式現代電車在寧波下線，不久將成為二三線城市的主要公交用車這種超級電車的核心是我國自主研發(fā)、全球首創(chuàng)的“超級電容器”如圖2所示，這種電容器安全性高，可反復充放電100萬次以上，使用壽命長達十二年，且容量超大(達到9 500 F)，能夠在10 s內完成充電下列說法正確的是()圖2A該“超級電容器”能儲存電荷B該“超級電容器”的電容隨電壓的增大而增大C該“超級電容器”放電過程中把化學能轉化為電能D充電時電源的正極應接“超級電容器”的負極答案A解析電容器能儲存電荷，A正確；電容器的電容反映電容器容納電荷的本領，由電容器本身決定，與電壓無關，B錯誤；電容器放電過程把電能轉化為其他形式的能，C錯誤；電容器充電時，電源的正極接電容器的正極，D錯誤6關于磁場和磁感線，下列說法正確的是()A條形磁鐵內部的磁感線方向是從磁鐵的N極指向S極B一小段通電導線放在某處不受磁場力作用，則該處的磁感應強度為零C兩通電導線之間的相互作用是通過磁場發(fā)生的D在磁感應強度為B的磁場中，穿過面積為S的平面的磁通量為BS答案C解析條形磁鐵內部的磁感線方向是從磁鐵的S極指向N極的，A不正確；一小段通電導線放在磁場中某處，若導線平行于磁場，既便磁感應強度不為零，導線也不受磁場力作用，故B錯；兩通電導線間的相互作用是通過磁場發(fā)生的，C正確；在磁感應強度為B的磁場中，只有當磁感應強度B垂直某平面時，穿過面積為S的該平面的磁通量BS才成立，D不正確故選C.7為研究靜電除塵，有人設計了一個盒狀容器，如圖3所示，容器側面是絕緣的透明有機玻璃，上下底面是金屬板當金屬板連接到高壓電源正、負兩極時，在兩金屬板間產生勻強電場現把一定量均勻分布的煙塵顆粒密閉在容器內，顆粒帶負電，不考慮煙塵顆粒之間的相互作用和空氣阻力，并忽略煙塵顆粒所受重力下列說法正確的是()圖3A煙塵顆粒向下運動B兩金屬板間電場方向向上C煙塵顆粒在運動過程中電勢能減少D煙塵顆粒電荷量可能是電子電荷量的1.5倍答案C解析兩金屬板間電場方向由正極板指向負極板，即方向向下，B錯；負電荷受力方向與電場方向相反，故煙塵顆粒應向上運動，A錯；煙塵顆粒所受電場力做正功，電勢能減小，C正確；煙塵電荷量只能是電子電荷量的整數倍，故D錯8如圖4所示，拖拉機拉著耙耕地，拉力F與水平方向成角，若將該力沿水平和豎直方向分解，則它的水平分力為()圖4AFsin BFcos CFtan D.答案B解析由力的平行四邊形定則知：F分解示意圖如圖，由三角函數得：F水平Fcos ，所以B正確，A、C、D不正確9自行車修理過程中，經常要將自行車倒置，搖動腳踏板檢查是否修好，如圖5所示，大齒輪邊緣上的點a、小齒輪邊緣上的點b和后輪邊緣上的點c都可視為在做勻速圓周運動則線速度最大的點是()圖5A大齒輪邊緣上的點aB小齒輪邊緣上的點bC后輪邊緣上的點cDa、b、c三點線速度大小相同答案C解析a點與b點線速度大小相等，即vavb，b點與c點角速度相等，即bc，又vr，rbrc，所以vcvbva，即后輪邊緣上的c點線速度最大，故應選C.10.如圖6所示，2016年巴西奧運會上，中國選手鄧薇以262公斤(抓舉115公斤，挺舉147公斤)的總成績打破奧運會、世界紀錄某次抓舉，在杠鈴被舉高的整個過程中，不計空氣阻力，下列說法正確的是()圖6A杠鈴的動能一直增大B杠鈴的重力勢能一直增大C杠鈴的機械能守恒D杠鈴一直處于超重狀態(tài)答案B解析杠鈴被舉高的過程一定經歷了先加速向上，后減速向上的運動，所以動能應先增大后減小，A錯；杠鈴一直向上運動，重力勢能一直增大，B正確；因人對杠鈴的支持力做正功，杠鈴的機械能增加，C不正確；加速度先向上，后向下，杠鈴先超重，后失重，D不正確11.2012年9月我國采用一箭雙星的方式發(fā)射了“北斗導航衛(wèi)星系統(tǒng)”(BDS)系統(tǒng)中的兩顆圓軌道半徑均為21 332 km的“北斗M5”和“北斗M6”衛(wèi)星，其軌道如圖7所示兩顆衛(wèi)星的運動均可視為勻速圓周運動，下列說法正確的是()圖7A兩顆衛(wèi)星繞地球運行的向心加速度大小相等B兩顆衛(wèi)星繞地球的運行速率均大于7.9 km/sC北斗M5繞地球的運行周期大于地球的自轉周期D北斗M6繞地球的運行速率大于北斗M5的運行速率答案A解析由牛頓第二定律Gma和兩衛(wèi)星半徑相等得兩衛(wèi)星向心加速度大小相等，A正確；近地衛(wèi)星的運行速率為7.9 km/s，又Gm，兩衛(wèi)星軌道半徑大于近地衛(wèi)星軌道半徑，所以其運行速率小于7.9 km/s，B不正確；由Gmm和同步衛(wèi)星軌道半徑大于兩衛(wèi)星軌道半徑得北斗M5繞地球的運行周期小于地球自轉周期，北斗M6與北斗M5運行速率相等，C、D均不正確12如圖8所示，絕緣水平面上有A、B、C、D四點，依次相距L，若把帶電金屬小球甲(半徑遠小于L)放在B點，測得D點處的電場強度大小為E；現將不帶電的相同金屬小球乙與甲充分接觸后，再把兩球分置于A、C兩點，此時D點處的電場強度大小為()圖8A.E B.ECE D.E答案D解析由Ek得：Ek，兩球接觸后，電荷量平分，有Q1Q2，EDk，聯(lián)立得：EDE，所以應選D.13浙江臨海括蒼山風電場總裝機33臺，其中1號風場10臺，2號風場7臺，3號風場16臺，總容量2.0107 W在家電中待機能耗較大是電視機，現階段我國平板電視保有量達到2.5億臺，平均每臺待機功率為8 W請估算括蒼山風電場發(fā)電多久可供全國的平板電視待機一天()A一天 B一個月C一百天 D一年答案C解析2.5億臺電視機每天耗電EnPt天，設括蒼山風電場發(fā)電t天可供全國的平板電視待機一天，則E容tnPt天，t天100天，故應選C.二、選擇題(本題共3小題，每小題2分，滿分6分在每小題給出的四個選項中，至少有一個選項符合題意，全部選對的得2分，選不全的得1分，有選錯或不答的得0分)14(加試題)下列說法正確的是()A“物體的長度”體現了量子化的思想B發(fā)生光電效應時，增大入射光的強度能增大光電子的最大初動能C比結合能越大，表示原子核中核子結合得越牢靠，原子核越穩(wěn)定D能量的耗散從能量轉化的角度反映出自然界中宏觀過程的方向性答案CD解析物理量不能連續(xù)變化，而一份一份的增或減，才體現量子化的思想，A不對；發(fā)生光電效應時，增大入射光的頻率才能增大光電子的最大初動能，B錯誤；比結合能反映原子核中核子的穩(wěn)定程度，比結合能越大核子結合得越牢固，原子核越穩(wěn)定， C正確；能量的耗散從能量轉化的角度反映出自然界中宏觀過程的方向性，D正確15(加試題)如圖9所示，實線是沿x軸傳播的一列簡諧橫波在t0時刻的波形圖，虛線是這列波在t0.2 s時刻的波形圖已知該波的波速是v0.8 m/s，振幅A4 cm.則下列說法正確的是()圖9A這列波的傳播方向一定為x軸的負方向Bt0時刻x8 cm處的質點向下振動C經過t1 s，x2 cm處的質點位于平衡位置Dt0.2 s時刻x4 cm處的質點位移為2 cm答案ACD解析由波形圖知12 cm，因為v0.8 m/s，所以T0.15 s，波從實線狀態(tài)傳播到虛線狀態(tài)歷時t10.2 s，t1TT，所以這列波一定向左傳播，A正確；由“上下坡”法知t0時刻x8 cm處的質點向上振動，B錯誤；經過t1 s，波向左傳播的距離xvt0.8 m80 cm612 cm8 cm，所以1 s時x2 cm處的質點與0時刻x10 cm處的質點位置相同，位于平衡位置，C正確；由yAsin代入數據得y2 cm，D正確16(加試題)一理想變壓器原、副線圈的匝數比為101，原線圈輸入電壓的變化規(guī)律如圖10甲所示，副線圈所接電路如圖乙所示，P為滑動變阻器的觸頭，則()圖10A副線圈輸出電壓的頻率為50 HzB副線圈輸出電壓的有效值約為22 VCP向右移動時，副線圈兩端的電壓變大DP向右移動時，變壓器的輸入功率變小答案AB解析由甲圖知T0.02 s，所以f50 Hz，變壓器不改變頻率，所以副線圈輸出電壓的頻率為50 Hz，A正確；由交流電峰值與有效值關系u有效得u有效220 V，再由變壓器原、副線圈變壓比得u222 V，B正確；P向右移動時，不改變電壓，但負載電阻R副減小，變壓器輸出功率變大，理想變壓器P出P入，所以變壓器輸入功率變大，C、D均不正確三、非選擇題(本題共7小題，共55分)17(5分)研究平拋運動的實驗裝置如圖11所示圖11(1)實驗時，每次須將小球從軌道_(填字母)A同一位置釋放B不同位置無初速度釋放C同一位置無初速度釋放(2)上述操作的目的是使小球拋出后_(填字母)A只受重力 B軌跡重合C做平拋運動 D速度小些，便于確定位置(3)實驗中已測出小球半徑為r，則小球做平拋運動的坐標原點位置應是_(填字母)A斜槽末端O點B斜槽末端O點正上方r處C斜槽末端O點正前方r處D斜槽末端O點正上方r處在豎直木板上的投影點答案(1)C(2)B(3)D解析(1)做“研究物體平拋運動”實驗時，每次將小球從軌道上同一位置由靜止釋放，只有這樣，才能讓小球每次平拋的軌跡重合，描出的各點用平滑的曲線連接后，才是物體平拋運動的軌跡所以(1)選C.(2)選B.(3)小球做平拋運動的坐標原點位置應為小球重心在豎直木板上的投影位置，故選D.18(5分)在“多用電表的使用”實驗中，(1)如圖 12所示，為一正在測量中的多用電表表盤如果用電阻擋“100”測量，則讀數為_；如果用“直流5 V”擋測量，則讀數為_V.圖12(2)甲同學利用多用電表測量電阻他用電阻擋“100”測量時發(fā)現指針偏轉角度過小，為了得到比較準確的測量結果，請從下列選項中挑出合理的步驟，操作順序為_(填寫選項前的字母)A將選擇開關旋轉到電阻擋“1 k”的位置B將選擇開關旋轉到電阻擋“10”的位置C將兩表筆分別與被測電阻的兩根引線相接完成測量D將兩表筆短接，調節(jié)歐姆調零旋鈕使指針指向“0 ”(3)乙同學利用多用電表測量圖示電路中小燈泡正常工作時的有關物理量以下操作正確的是_A將選擇開關旋轉到合適的電壓擋，閉合開關，利用圖13的電路測量小燈泡兩端的電壓B將選擇開關旋轉到合適的電阻擋，閉合開關，利用圖13的電路測量小燈泡的電阻C將選擇開關旋轉到合適的電流擋，閉合開關，利用圖14的電路測量通過小燈泡的電流D將選擇開關旋轉到合適的電流擋，把圖14中紅、黑表筆接入電路的位置互換，閉合開關，測量通過小燈泡的電流圖13圖14(4)丙同學利用多用電表探測圖15所示黑箱時發(fā)現：用直流電壓擋測量，E、G兩點間和F、G兩點間均有電壓，E、F兩點間無電壓；用電阻擋測量，黑表筆接E點，紅表筆接F點，阻值很小，但反接阻值很大那么該黑箱內元件的接法可能是下圖中的_圖15答案(1)6003.60(2)ADC(3)AC(4)B解析(1)用“100 ”擋測電阻，由圖示可知，其讀數為6100 600 ；如果用直流5 V擋測量電壓，由圖示可知，其分度值為0.1 V，其讀數為3.60 V(2)歐姆擋測電阻時指針偏轉角度過小是由于擋位過小，需選取大擋位，進行歐姆調零后再測阻值，故順序為：ADC.(3)電流從紅表筆流入多用電表，從黑表筆流出，圖2是測電壓，圖3是測電流，表筆位置正確故選：A、C.(4)用直流電壓擋測量，E、G兩點間和F、G兩點間均有電壓，說明E、G與F、G間可能有電源存在；用歐姆擋測量，因電流從黑表筆出來通過導體再從紅表筆進入歐姆表，故若黑表筆接E點紅表筆接F點時電阻小，說明電流容易從E通過導體，若黑表筆接F點紅表筆接E點時電阻很大，說明電流不能從F通過，這就說明E、F間有二級管且E是正極，故該黑箱內元件的接法可能是B.故選：B.19(9分)如圖16為高速公路入口的簡化示意圖駕駛員在入口A取卡處取得通行卡后，駕駛轎車從靜止開始勻加速通過水平直道AB，再沿上坡路段BC勻加速運動至C點進入高架主路(通過B點前后速率不變)已知轎車和駕駛員的總質量m2103 kg，從A運動到B經歷的時間t4 s，經過B處的速度v110 m/s，BC段長L100 m，到達C處的速度v220 m/s.假設在行駛過程中受到的阻力Ff恒定，且大小為2103 N求：圖16(1)轎車在上坡段BC運動的加速度a1的大?。?2)轎車在AB段運動的加速度a2的大小和牽引力F大小答案(1)1.5 m/s2(2)2.5 m/s27103 N解析(1)汽車在上坡段做勻加速直線運動，設運動的加速度大小為a1：2a1Lv22v12得a11.5 m/s2(2)假設汽車在AB段運動的加速度大小為a2，汽車受到的牽引力為Fa2，a22.5 m/s2根據牛頓第二定律：FFfma2得F7103 N.20(12分)如圖17甲所示的陀螺可在圓軌道外側旋轉而不脫落，好像軌道對它施加了魔法一樣，被稱為“魔力陀螺”它可等效為圖乙所示模型；豎直固定的磁性圓軌道半徑為R，質量為m的質點沿軌道外側做完整的圓周運動，A、B兩點分別為軌道的最高點與最低點質點受軌道的磁性引力始終指向圓心O且大小恒為F，不計摩擦和空氣阻力，重力加速度為g.圖17(1)判斷質點運動過程中機械能是否守恒，并說明理由：(2)若質點在A點的速度為，求質點在該點對軌道的彈力；(3)若磁性引力大小F可變，質點仍做完整圓周運動，求的最小值答案見解析解析(1)只有重力做功，機械能守恒(2)設軌道在A點對質點向上的彈力大小為FNFmgFNm代入數據，得：FNF由牛頓第三定律得：質點在A點對軌道的彈力大小為F，方向豎直向下(3)質點在B點不脫軌即可當vA0時，到達B處速度最小mg2RmvB20FBmgFNm所以，FB5mgFN當FN0時，磁性引力最小故min5.21(加試題)(4分)在“用插針法測玻璃磚折射率”的實驗中，玻璃磚的ab邊與ab邊相互平行，aa邊與bb邊不平行某同學在白紙上仔細畫出了玻璃磚的兩條邊線aa和bb，如圖18所示圖18(1)實驗時，先在玻璃磚的一側插兩枚大頭針P1和P2，以確定入射光線AO.接著，眼睛應在玻璃磚的_(選填“同一側”“另一側”)觀察所插的兩枚大頭針P1和P2，同時通過插第三、第四枚大頭針來確定從玻璃磚射出的光線(2)實驗中是否要求四枚大頭針的針帽在同一視線上？_(填“是”或“否”)(3)下列操作可以減小實驗誤差的是_(填字母代號)A適當增大大頭針P1、P2的間距B選擇玻璃磚相互平行的ab、ab邊來測量C選用盡可能細的筆畫線D使AO的入射角接近于90答案(1)另一側(2)否(3)AC22(加試題)(10分)如圖19為某種質譜儀結構的截面示意圖該種質譜儀由加速電場、靜電分析器、磁分析器及收集器組成靜電分析器中存在著徑向的電場，其中圓弧A上每個點的電勢都相等磁分析器中存在一個邊長為d的正方形勻強磁場區(qū)域離子源不斷地發(fā)出電荷量為q、質量為m、初速度不計的離子，離子經電壓為U的電場加速后，從狹縫S1沿垂直于MS1的方向進入靜電分析器，沿圓弧A運動并從狹縫S2射出靜電分析器，而后垂直于MS2的方向進入磁場中，最后進入收集器已知圓弧A的半徑為，磁場的磁感應強度B，忽略離子的重力、離子之間的相互作用力、離子對場的影響和場的邊緣效應求：圖19(1)離子到達狹縫S1的速度大小；(2)靜電分析器中等勢線A上各點的電場強度E的大??；(3)離子離開磁場的位置答案見解析解析(1)由動能定理可知：qUmv2，得v .(2)根據牛頓第二定律：Eqm得：E(3)由qvB，得rd軌跡如圖所示，根據勾股定理得：(r)22x2，解得x，所以離子從MN邊距M點的位置離開23(加試題)(10分)運用電磁感應可以測量運動物體的速度當固定著線圈的小車進入磁場時，根據線圈切割磁感線產生的感應電流大小，可以間接測量出小車的速度如圖20所示，水平地面上方存在有邊界的水平勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里、磁感應強度大小B.電阻為R的矩形單匝線圈MNPQ固定在小車A上，其中MN邊水平，NP邊豎直，高度為L，小車A和線圈的總質量為m.小車載著線圈在光滑水平面上一起以初速度v0(未知)做勻速運動，與另一輛停在磁場邊界處且質量也為m的小車C發(fā)生碰撞，碰后立刻粘在一起，隨后進入勻強磁場，剛進入磁場時線圈中感應電流為I，小車A完全進入磁場時的速度為v1.已知小車由絕緣材料做成，小車長度與線圈MN邊長度相同求：圖20(1)線圈中感應電流的方向和小車A的初速度v0的大?。?2)小車A進入磁場的過程中線圈產生的焦耳熱Q；(3)小車A進入磁場過程中通過線圈橫截面的電荷量q.答案見解析解析(1)由楞次定律知線圈中感應電流方向為MQPNM，設小車的初速為v0，小車A與C碰撞時，根據動量守恒定律得：mv02mv線圈切割磁感線產生感應電動勢EBLv由閉合電路歐姆定律得線圈中電流I，得v0(2)線圈進入磁場的過程中，系統(tǒng)減少的動能轉化成線圈的焦耳熱Q2mv22mv12，即Qm(3)設線圈從開始進入磁場到完全進入磁場的過程中，線圈的平均電流為，根據動量守恒定律BLt2mv2mv1通過的電荷量qt解得q.