2020高考物理 章末質(zhì)量檢測(cè)（十）第十章 電磁感應(yīng)（含解析）魯科版

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1、第十章 電磁感應(yīng) (時(shí)間：50分鐘) 一、選擇題(本題共8小題，1～5題為單項(xiàng)選擇題，6～8題為多項(xiàng)選擇題) 1.如圖1所示的裝置中，當(dāng)接通電源后，小磁針A的指向如圖所示，則(　　) 圖1 A.小磁針B的N極向紙外轉(zhuǎn) B.小磁針B的N極向紙里轉(zhuǎn) C.小磁針B不轉(zhuǎn)動(dòng) D.因電流未標(biāo)出，所以無(wú)法判斷小磁針B如何轉(zhuǎn)動(dòng) 解析　如題圖，根據(jù)同名磁極相互排斥，異名磁極相互吸引，所以通電螺線管的左端是S極，右端是N極；根據(jù)安培定則，右手握住螺線管，四指指向電流的方向，大拇指所指的方向是通電螺線管的N極。可以判斷電流從螺線管的左端流入，從右端流出，所以，電源的左端是正極，右端是負(fù)極。

2、而小磁針B在電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)中，根據(jù)右手螺旋定則可知，N極的指向垂直紙面向外，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤。 答案　A 2.如圖2所示，線圈L的自感系數(shù)很大，且其直流電阻可以忽略不計(jì)，L1、L2是兩個(gè)完全相同的小燈泡，開(kāi)關(guān)S閉合和斷開(kāi)的過(guò)程中，燈L1、L2的亮度變化情況是(燈絲不會(huì)斷)(　　) 圖2 A.S閉合，L1亮度不變，L2亮度逐漸變亮，最后兩燈一樣亮；S斷開(kāi)，L2立即熄滅，L1逐漸變亮 B.S閉合，L1亮度不變，L2很亮；S斷開(kāi)，L1、L2立即熄滅 C.S閉合，L1、L2同時(shí)亮，而后L1逐漸熄滅，L2亮度不變；S斷開(kāi)，L2立即熄滅，L1亮一下才熄滅 D.S閉合，L1、L2同

3、時(shí)亮，而后L1逐漸熄滅，L2則逐漸變得更亮；S斷開(kāi)，L2立即熄滅，L1亮一下才熄滅 答案　D 3.如圖3甲所示，固定閉合線圈abcd處于方向垂直紙面向外的磁場(chǎng)中，磁感線分布均勻，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示，則下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖3 A.t＝1 s時(shí)，ab邊受到的安培力方向向左 B.t＝2 s時(shí)，ab邊受到的安培力為0 C.t＝2 s時(shí)，ab邊受到的安培力最大 D.t＝4 s時(shí)，ab邊受到的安培力最大 解析　由題圖知，0～2 s內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小逐漸增大，根據(jù)楞次定律知線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较颍鶕?jù)左手定則判斷知ab邊受到的安培力方向

4、向右，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；t＝2 s時(shí)，＝0，感應(yīng)電流I＝0，安培力F＝0，選項(xiàng)B正確，C錯(cuò)誤；t＝4 s時(shí)，B＝0，安培力F＝0，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 答案　B 4.一半徑為r、質(zhì)量為m、電阻為R的金屬圓環(huán)用一根長(zhǎng)為L(zhǎng)的絕緣輕細(xì)桿懸掛于O1點(diǎn)，桿所在直線過(guò)圓環(huán)圓心，在O1點(diǎn)的正下方有一半徑為L(zhǎng)＋2r的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，其圓心O2與O1點(diǎn)在同一豎直線上，O1點(diǎn)在圓形磁場(chǎng)區(qū)域邊界上，如圖4所示?，F(xiàn)使絕緣輕細(xì)桿從水平位置由靜止釋放，下擺過(guò)程中金屬圓環(huán)所在平面始終與磁場(chǎng)垂直，已知重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力及其他摩擦阻力，則下列說(shuō)法正確的是 (　　) 圖4 A.金屬圓環(huán)最終會(huì)靜止在O1點(diǎn)的正下方

5、 B.金屬圓環(huán)在整個(gè)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱為mgL C.金屬圓環(huán)在整個(gè)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱為mg(L＋2r) D.金屬圓環(huán)在整個(gè)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱為mg(L＋r) 解析　圓環(huán)最終要在如圖中A、C位置間擺動(dòng)，因?yàn)榇藭r(shí)圓環(huán)中的磁通量不再發(fā)生改變，圓環(huán)中不再有感應(yīng)電流產(chǎn)生。由幾何關(guān)系可知，圓環(huán)在A、C位置時(shí)，其圓心與O1、O2的距離均為L(zhǎng)＋r，則圓環(huán)在A、C位置時(shí)，圓環(huán)圓心到O1的高度為。由能量守恒可得金屬圓環(huán)在整個(gè)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱為mg(L＋2r)，C正確。 答案　C 5.(2019·山東濟(jì)南模擬)如圖5甲所示，間距L＝0.2 m的水平金屬導(dǎo)軌CD、EF固定在水平地面上，一質(zhì)量m＝4×10－

6、3 kg的金屬棒GH垂直地放置導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌處于沿水平方向、磁感應(yīng)強(qiáng)度B1＝0.2 T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。有一匝數(shù)n＝20匝、面積S＝0.02 m2的線圈通過(guò)開(kāi)關(guān)S與導(dǎo)軌相連，線圈處于通過(guò)線圈軸線、方向豎直向上的另一勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2中，B2大小隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示。在t＝0.2 s時(shí)刻閉合開(kāi)關(guān)S時(shí)，金屬棒GH瞬間跳起(金屬棒跳起瞬間安培力遠(yuǎn)大于重力)，跳起的最大高度為h＝0.2 m，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g＝10 m/s2，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖5 A.磁感應(yīng)強(qiáng)度B1的方向水平向右 B.開(kāi)關(guān)S閉合瞬間，GH中的電流方向由H到G C.線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為3 V D.開(kāi)

7、關(guān)S閉合瞬間，通過(guò)金屬棒GH的電荷量為0.3 C 解析　由楞次定律可知，在螺線管中磁通量向上增加，產(chǎn)生的感應(yīng)電流流過(guò)導(dǎo)體棒的方向是由H到G，金屬棒受向上安培力，可知磁感應(yīng)強(qiáng)度B1的方向水平向左，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為E＝nS＝20××0.02 V＝6 V，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；金屬棒跳起時(shí)的初速度v＝＝2 m/s；對(duì)金屬棒由動(dòng)量定理：B1LΔt＝mv，q＝Δt，則q＝＝ C＝0.2 C，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 答案　B 6.(2019·三明模擬)如圖6所示，正方形線框的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，電容器的電容為C。正方形線框的一半放在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度以變化率k均勻減小時(shí)，下

8、列說(shuō)法正確的是(　　) 圖6 A.線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為kL2 B.電壓表沒(méi)有讀數(shù) C.a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì) D.電容器所帶的電荷量為零 解析　由于線框的一半放在磁場(chǎng)中，因此線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由于線框所產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是恒定的，且線框連接了一個(gè)電容器，相當(dāng)于電路斷路，電路中無(wú)電流，電壓表沒(méi)有讀數(shù)，選項(xiàng)B正確；根據(jù)楞次定律可以判斷，a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)，選項(xiàng)C正確；電容器所帶電荷量為Q＝C，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 答案　BC 7.邊長(zhǎng)為a的閉合金屬正三角形輕質(zhì)框架，左邊豎直且與磁場(chǎng)右邊界平行，完全處于垂直于框架平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，現(xiàn)把框架勻速水平向右拉出

9、磁場(chǎng)，如圖7所示，則下列圖象與這一拉出過(guò)程相符合的是(　　) 圖7 解析　設(shè)正三角形輕質(zhì)框架開(kāi)始出磁場(chǎng)的時(shí)刻t＝0，則其切割磁感線的有效長(zhǎng)度L＝2xtan 30°＝x，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E電動(dòng)勢(shì)＝BLv＝Bvx，則C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤；框架勻速運(yùn)動(dòng)，故F外力＝F安＝＝∝x2，A項(xiàng)錯(cuò)誤；P外力功率＝F外力v∝F外力∝x2，B項(xiàng)正確。 答案　BC 8.如圖8所示，豎直懸掛的彈簧下端拴有導(dǎo)體棒ab，ab無(wú)限靠近豎直平行導(dǎo)軌的內(nèi)側(cè)、與導(dǎo)軌處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)體棒MN與平行導(dǎo)軌處于垂直導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)MN以速度v向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，ab恰好靜止，彈簧無(wú)形變，現(xiàn)使v減半仍沿原方向勻速運(yùn)

10、動(dòng)，ab開(kāi)始沿導(dǎo)軌下滑，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，導(dǎo)軌寬均為L(zhǎng)，導(dǎo)體棒ab、MN質(zhì)量相同、電阻均為R，其他電阻不計(jì)，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，彈簧的勁度系數(shù)為k，ab與豎直平行導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則(　　) 圖8 A.MN中電流方向從M到N B.ab受到的安培力垂直紙面向外 C.ab開(kāi)始下滑直至速度首次達(dá)到峰值的過(guò)程中，克服摩擦產(chǎn)生的熱量為 D.ab速度首次達(dá)到峰值時(shí)，電路的電熱功率為 解析　MN向右勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)右手定則知電流由N到M，故A錯(cuò)誤；電流由a到b，根據(jù)左手定則知ab所受安培力垂直紙面向外，故B正確；當(dāng)MN以速度v向右勻

11、速運(yùn)動(dòng)時(shí)，ab恰好靜止，則電流I＝，ab受到的最大靜摩擦力fm＝μBIL＝，根據(jù)平衡條件得＝mg，當(dāng)v′＝v時(shí)，fm′＝·，速度第一次達(dá)到最大時(shí)，加速度等于零，ab再次平衡，mg＝fm′＋kx，則ab下落的距離x＝，克服摩擦力產(chǎn)生的熱量Q1＝fm′x＝，故C正確；ab速度首次達(dá)到峰值時(shí)，電路電流I1＝，電路的電熱功率為P＝2IR＝，故D錯(cuò)誤。 答案　BC 二、非選擇題 9.(1)探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象應(yīng)選用如圖9__________(選填“甲”或“乙”)所示的裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。在這個(gè)現(xiàn)象中感應(yīng)電流的方向與__________的方向和磁感線方向有關(guān)。 圖9 (2)如圖丙所示，A為彈簧測(cè)力

12、計(jì)(量程足夠大)，B為條形磁鐵(下端為S極)，C為螺線管，螺線管線圈的電阻忽略不計(jì)。現(xiàn)將S1斷開(kāi)，S2由1改接到2，則彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)將__________；若S2接2不變，再閉合S1，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)將__________。(均選填“變大”“變小”或“不變”) 解析　(1)探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)裝置，只需要有磁場(chǎng)、導(dǎo)體棒、電流表即可，不需要電源，分析圖甲與乙可知，探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象應(yīng)選用甲圖裝置，在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，感應(yīng)電流的方向與導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動(dòng)的方向和磁感線的方向有關(guān)。 (2)根據(jù)安培定則，由圖丙可知，閉合開(kāi)關(guān)，螺線管上端是N極，條形磁鐵下端是S極，條形磁鐵受到向下的吸引力，現(xiàn)將S1斷

13、開(kāi)，S2由1改到2，電路電流變少，通電的螺線管圈數(shù)變小，電磁鐵的磁性變?nèi)?，螺線管對(duì)條形磁鐵的吸引力變小，彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)變小，若S2接2不變，閉合S1，電阻R2短路，電路電流變大，螺線管的磁場(chǎng)變強(qiáng)，條形磁鐵受到的吸引力變大，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)變大。 答案　(1)甲　導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動(dòng)(或“導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)”)　 (2)變小　變大 10.如圖10甲，在水平桌面上固定著兩根相距L＝20 cm、相互平行的無(wú)電阻軌道P、Q，軌道一端固定一根電阻R＝0.02 Ω 的導(dǎo)體棒a，軌道上橫置一根質(zhì)量m＝40 g、電阻可忽略不計(jì)的金屬棒b，兩棒相距也為L(zhǎng)＝20 cm。該軌道平面處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可以調(diào)節(jié)的豎直向上的勻強(qiáng)

14、磁場(chǎng)中。開(kāi)始時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B0＝0.1 T。設(shè)棒與軌道間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g取10 m/s2。 圖10 (1)若保持磁感應(yīng)強(qiáng)度B0的大小不變，從t＝0時(shí)刻開(kāi)始，給b棒施加一個(gè)水平向右的拉力，使它由靜止開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。此拉力F的大小隨時(shí)間t變化關(guān)系如圖乙所示。求b棒做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度及b棒與軌道間的滑動(dòng)摩擦力； (2)若從t＝0開(kāi)始，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t按圖丙中圖象所示的規(guī)律變化，求在金屬棒b開(kāi)始運(yùn)動(dòng)前，這個(gè)裝置釋放的熱量。 解析　(1)F安＝B0IL ① E＝B0Lv ② I＝＝ ③ v＝at ④ 所以F安＝t 當(dāng)b棒勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛

15、頓第二定律有 F－Ff－F安＝ma ⑤ 聯(lián)立可得F－Ff－t＝ma ⑥ 由圖象可得： 當(dāng)t＝0時(shí)，F(xiàn)＝0.4 N， 當(dāng)t＝1 s時(shí)，F(xiàn)＝0.5 N。 代入⑥式，可解得a＝5 m/s2，F(xiàn)f＝0.2 N。 (2)當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大時(shí)，閉合電路中有恒定的感應(yīng)電流I。以b棒為研究對(duì)象，它受到的安培力逐漸增大，靜摩擦力也隨之增大，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度增大到b所受安培力F安′與最大靜摩擦力Ff相等時(shí)開(kāi)始滑動(dòng) 感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E′＝L2＝0.02 V ⑦ I′＝＝1 A ⑧ 棒b將要運(yùn)動(dòng)時(shí)，有F安′＝BtI′L＝Ff ⑨ 所以Bt＝1 T，根據(jù)Bt＝B0＋t ⑩ 得t＝1.8

16、s，回路中產(chǎn)生的焦耳熱為Q＝I′2Rt＝0.036 J。 答案　(1)5 m/s2　0.2 N　(2)0.036 J 11.同一水平面上的兩根正對(duì)平行金屬直軌道MN、M′N(xiāo)′，如圖11所示放置，兩軌道之間的距離l＝0.5 m，軌道的MM′端之間接一阻值R＝0.4 Ω 的定值電阻，軌道的電阻可忽略不計(jì)，NN′端與兩條位于豎直面內(nèi)的半圓形光滑金屬軌道NP、N′P′平滑連接，兩半圓軌道的半徑均為R0＝0.5 m，水平直軌道MK、M′K′段粗糙，KN、K′N(xiāo)′段光滑，且KNN′K′區(qū)域恰好處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.64 T，磁場(chǎng)區(qū)域的寬度d＝1 m，且其右邊界與NN′重合?，F(xiàn)有一

17、質(zhì)量m＝0.2 kg、電阻r＝0.1 Ω的導(dǎo)體桿ab靜止在距磁場(chǎng)左邊界s＝2 m處，在與桿垂直的水平恒力F＝2 N作用下開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體桿ab與粗糙導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.1，當(dāng)運(yùn)動(dòng)至磁場(chǎng)的左邊界時(shí)撤去F，結(jié)果導(dǎo)體桿ab恰好能通過(guò)半圓形軌道的最高處PP′。已知導(dǎo)體桿在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中與軌道始終垂直且接觸良好，g取10 m/s2。求： 圖11 (1)導(dǎo)體桿剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，通過(guò)導(dǎo)體桿的電流大小和方向； (2)導(dǎo)體桿穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中通過(guò)電阻R的電荷量； (3)導(dǎo)體桿穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中整個(gè)電路中產(chǎn)生的焦耳熱。 解析　(1)設(shè)導(dǎo)體桿在F的作用下運(yùn)動(dòng)至磁場(chǎng)的左邊界時(shí)的速度為v1，由動(dòng)能定理有(F－μm

18、g)s＝mv－0， 代入數(shù)據(jù)解得v1＝6 m/s， 導(dǎo)體桿剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) E＝Blv1＝1.92 V， 此時(shí)通過(guò)導(dǎo)體桿的電流I＝＝3.84 A，根據(jù)右手定則可知，電流方向由b向a。 (2)設(shè)導(dǎo)體桿在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的平均值為，則由法拉第電磁感應(yīng)定律有 ＝＝， 通過(guò)電阻R的感應(yīng)電流的平均值＝， 通過(guò)電阻R的電荷量q＝t＝＝0.64 C。 (3)設(shè)導(dǎo)體桿離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為v2，運(yùn)動(dòng)到半圓形軌道最高處的速度為v3，因?qū)w桿恰好能通過(guò)半圓形軌道的最高處，則在軌道最高處時(shí)，由牛頓第二定律有 mg＝m， 代入數(shù)據(jù)解得v3＝ m/s， 桿從NN′運(yùn)動(dòng)至PP′的過(guò)程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有 mv＝mv＋mg·2R0， 代入數(shù)據(jù)解得v2＝5 m/s， 導(dǎo)體桿穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中損失的機(jī)械能 ΔE＝mv－mv＝1.1 J， 此過(guò)程中電路中產(chǎn)生的焦耳熱Q熱＝ΔE＝1.1 J。 答案　(1)3.84 A　由b向a　(2)0.64 C　(3)1.1 J - 9 -