2、函數(shù)的是( )
A．y＝2x B．y＝2|x|
C．y＝2x－2－x D．y＝2x＋2－x
答案 C
解析 A雖為增函數(shù)卻是非奇非偶函數(shù)，B、D是偶函數(shù)，對(duì)于選項(xiàng)C，由奇偶函數(shù)的定義可知是奇函數(shù)，由復(fù)合函數(shù)單調(diào)性可知在其定義域內(nèi)是增函數(shù)(或y′＝2xln 2＋2－xln 2>0)，故選C.
4．已知數(shù)列{an}是公差為3的等差數(shù)列，且a1，a2，a5成等比數(shù)列，則a10等于( )
A．14 B.
C. D．32
答案 C
解析 由題意可得a＝a1·a5，即(a1＋3)2＝a1(a1＋4×3)，解之得a1＝，故a10＝＋(10－1)×3＝，故選C.
5．已
3、知變量x，y滿足約束條件則z＝2x＋y的最大值為( )
A．1 B．2
C．3 D．4
答案 B
解析 畫(huà)出可行域得知，當(dāng)直線y＝z－2x過(guò)點(diǎn)(1,0)時(shí)，z取得最大值2.
6. 已知函數(shù)f(x)的圖象如圖所示，則f(x)的解析式可能是( )
A．f(x)＝e1－x2
B．f(x)＝ex2－1
C．f(x)＝ex2－1
D．f(x)＝ln (x2－1)
答案 A
解析 A中，令f(x)＝eu，u＝1－x2，易知當(dāng)x<0時(shí)，u為增函數(shù)，當(dāng)x>0時(shí)，u為減函數(shù)，所以當(dāng)x<0時(shí)，f(x)為增函數(shù)，當(dāng)x>0時(shí)，f(x)為減函數(shù)，故A可能是；B、C中同理可知，當(dāng)x<
4、0時(shí)，f(x)為減函數(shù)，當(dāng)x>0時(shí)，f(x)為增函數(shù)，故B、C不是；D中，當(dāng)x＝0時(shí)，無(wú)意義，故D不是，選A.
7．已知函數(shù)f(x)＝Asin(ωx＋φ)的圖象如圖所示，則該函數(shù)的解析式可能是( )
A．f(x)＝sin
B．f(x)＝sin
C．f(x)＝sin
D．f(x)＝sin
答案 B
解析 由圖可以判斷|A|<1，T>2π，則|ω|<1，f(0)>0，f(π)>0，f(2π)<0，只有選項(xiàng)B滿足上述條件．
8．已知一個(gè)算法的程序框圖如圖所示，當(dāng)輸出的結(jié)果為0時(shí)，輸入的x值為( )
A．－2 B．－2或－1
C．1或－3 D．－2或
答案 D
5、
解析 當(dāng)x≤0時(shí)，由y＝x－4＝0得x＝－2；
當(dāng)x>0時(shí)，由y＝log3x＋1＝0得x＝.
第三編/第三步 應(yīng)試技能專訓(xùn)金版教程|大二輪·文數(shù)
9. 高為4的直三棱柱被削去一部分后得到一個(gè)幾何體，它的直觀圖和三視圖中的側(cè)視圖、俯視圖如圖所示，則該幾何體的體積是原直三棱柱的體積的( )
A.
B.
C.
D.
答案 C
解析 由側(cè)視圖、俯視圖知該幾何體是高為2、底面積為×2×(2＋4)＝6的四棱錐，其體積為4.易知直三棱柱的體積為8，則該幾何體的體積是原直三棱柱的體積的＝，故選C.
10．20xx·貴陽(yáng)監(jiān)測(cè)]已知雙曲線－＝1(a>0，b>0)與函數(shù)y＝的圖象交于點(diǎn)P
6、，若函數(shù)y＝的圖象在點(diǎn)P處的切線過(guò)雙曲線左焦點(diǎn)F(－2,0)，則雙曲線的離心率是( )
A. B.
C. D.
答案 B
解析 設(shè)P(x0，)，因?yàn)楹瘮?shù)y＝的導(dǎo)數(shù)為y′＝，所以切線的斜率為.又切線過(guò)雙曲線的左焦點(diǎn)F(－2,0)，所以＝，解得x0＝2，所以P(2，)．因?yàn)辄c(diǎn)P在雙曲線上，所以－＝1?、?又c2＝22＝a2＋b2 ②，聯(lián)立①②解得a＝或a＝2(舍)，所以e＝＝＝，故選B.
11．20xx·山西四校聯(lián)考]在正三棱錐S－ABC中，M是SC的中點(diǎn)，且AM⊥SB，底面邊長(zhǎng)AB＝2，則正三棱錐S－ABC的外接球的表面積為( )
A．6π B．12π
C．32π
7、 D．36π
答案 B
解析 如圖，取CB的中點(diǎn)N，連接MN，AN，則MN∥SB.由于AM⊥SB，所以AM⊥MN.由正三棱錐的性質(zhì)易知SB⊥AC，結(jié)合AM⊥SB知SB⊥平面SAC，所以SB⊥SA，SB⊥SC.又正三棱錐的三個(gè)側(cè)面是全等的三角形，所以SA⊥SC，所以正三棱錐S－ABC為正方體的一個(gè)角，所以正三棱錐S－ABC的外接球即為正方體的外接球．由AB＝2，得SA＝SB＝SC＝2，所以正方體的體對(duì)角線為2，所以所求外接球的半徑R＝，其表面積為4πR2＝12π，故選B.
12．20xx·商丘二模]設(shè)函數(shù)f(x)的導(dǎo)函數(shù)為f′(x)，對(duì)任意x∈R都有f(x)>f′(x)成立，則(
8、)
A．3f(ln 2)<2f(ln 3)
B．3f(ln 2)＝2f(ln 3)
C．3f(ln 2)>2f(ln 3)
D．3f(ln 2)與2f(ln 3)的大小不確定
答案 C
解析 構(gòu)造新函數(shù)g(x)＝，則求導(dǎo)函數(shù)得：g′(x)＝，因?yàn)閷?duì)任意x∈R，都有f(x)>f′(x)，所以g′(x)<0，即g(x)在實(shí)數(shù)域上單調(diào)遞減，所以g(ln 2)>g(ln 3)，即>，解得3f(ln 2)>2f(ln 3)，故本題正確答案為C.
二、填空題
13．若向量a，b滿足：|a|＝1，|b|＝2，(a－b)⊥a，則a，b的夾角是________．
答案
解析 依題意得(a－
9、b)·a＝0，即a2－a·b＝0,1－2cos〈a，b〉＝0，cos〈a，b〉＝；又〈a，b〉∈0，π]，因此〈a，b〉＝，即向量a，b的夾角為.
14．若不等式x2＋y2≤2所表示的平面區(qū)域?yàn)镸，不等式組表示的平面區(qū)域?yàn)镹，現(xiàn)隨機(jī)向區(qū)域N內(nèi)拋一粒豆子，則豆子落在區(qū)域M內(nèi)的概率為_(kāi)_______．
答案
解析 作出不等式組與不等式表示的可行域如圖所示，平面區(qū)域N的面積為×3×(6＋2)＝12，區(qū)域M在區(qū)域N內(nèi)的面積為π()2＝，故所求概率P＝＝.
15．在銳角△ABC中，角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c，bcosC＋ccosB＝R(R為△ABC外接圓半徑)且a＝2，b＋c＝4
10、，則△ABC的面積為_(kāi)_______．
答案
解析 因?yàn)閎cosC＋ccosB＝R，
得2sinBcosC＋2sinCcosB＝，
sin(B＋C)＝，即sinA＝.
由余弦定理得：a2＝b2＋c2－2bccosA，
即4＝b2＋c2－bc，∴4＝(b＋c)2－3bc，
∵b＋c＝4，∴bc＝4，∴S△ABC＝bcsinA＝.
16．存在實(shí)數(shù)φ，使得圓面x2＋y2≤4恰好覆蓋函數(shù)y＝sin圖象的最高或最低點(diǎn)共三個(gè)，則正數(shù)k的取值范圍是________．
答案
解析 當(dāng)函數(shù)y＝sin的圖象取到最高或最低點(diǎn)時(shí)，x＋φ＝＋nπ(n∈Z)?x＝＋kn－φ(n∈Z)，由圓面x2＋
11、y2≤4覆蓋最高或最低點(diǎn)，可知－≤x≤，再令－≤＋kn－φ≤，得＋－≤n≤＋－，分析題意可知存在實(shí)數(shù)φ，使得不等式＋－≤n≤＋－的整數(shù)解有且只有3個(gè)，
∴2≤＋－－<4?0}，則A∪B＝( )
A．(－∞，－4)∪－2，＋∞)
B．(2,3]
C．(－∞，3]∪(4，＋∞)
D．－2,2)
答案
12、A
解析 因?yàn)锽＝{x|x>2或x<－4}，所以A∪B＝{x|x<－4或x≥－2}，故選A.
3．設(shè)x，y∈R，則“x≥1且y≥1”是“x2＋y2≥2”的( )
A．既不充分又不必要條件 B．必要不充分條件
C．充要條件 D．充分不必要條件
答案 D
解析 當(dāng)x≥1，y≥1時(shí)，x2≥1，y2≥1，所以x2＋y2≥2；而當(dāng)x＝－2，y＝－4時(shí)，x2＋y2≥2仍成立，所以“x≥1且y≥1”是“x2＋y2≥2”的充分不必要條件，故選D.
4．據(jù)我國(guó)西部各省(區(qū)，市)人均地區(qū)生產(chǎn)總值(單位：千元)繪制的頻率分布直方圖如圖所示，則人均地區(qū)生產(chǎn)總值在區(qū)間28,38)上的頻率是( )
13、
A．0.3 B．0.4
C．0.5 D．0.7
答案 A
解析 依題意，由題圖可估計(jì)人均地區(qū)生產(chǎn)總值在區(qū)間28,38)上的頻率是1－(0.08＋0.06)×5＝0.3，選A.
5. 如圖，在三棱錐P－ABC中，不能證明AP⊥BC的條件是( )
A．AP⊥PB，AP⊥PC
B．AP⊥PB，BC⊥PB
C．平面BPC⊥平面APC，BC⊥PC
D．AP⊥平面PBC
答案 B
解析 A中，因?yàn)锳P⊥PB，AP⊥PC，PB∩PC＝P，所以AP⊥平面PBC，又BC?平面PBC，所以AP⊥BC，故A正確；C中，因?yàn)槠矫鍮PC⊥平面APC，BC⊥PC，所以BC⊥平面AP
14、C，AP?平面APC，所以AP⊥BC，故C正確；D中，由A知D正確；B中條件不能判斷出AP⊥BC，故選B.
6．執(zhí)行如下程序框圖，則輸出結(jié)果為( )
A．2 B．3
C．4 D．5
答案 C
解析 依次執(zhí)行框圖中的語(yǔ)句：n＝1，S＝0，T＝20；T＝10，S＝1，n＝2；T＝5，S＝3，n＝3；T＝，S＝6，n＝4，跳出循環(huán)，輸出的n＝4，故選C.
7．已知α∈，tan＝，那么sin2α＋cos2α的值為( )
A．－ B.
C．－ D.
答案 A
解析 由tan＝，知＝，
∴tan2α＝－.∵2α∈，∴sin2α＝，cos2α＝－.
∴sin2α
15、＋cos2α＝－，故選A.
8．甲、乙兩個(gè)幾何體的正視圖和側(cè)視圖相同，俯視圖不同，如圖所示，記甲的體積為V甲，乙的體積為V乙，則( )
A．V甲V乙 D．V甲、V乙大小不能確定
答案 C
解析 由三視圖知，甲幾何體是一個(gè)以俯視圖為底面的四棱錐，乙?guī)缀误w是在甲幾何體的基礎(chǔ)上去掉一個(gè)角，即去掉一個(gè)三個(gè)面是直角三角形的三棱錐后得到的一個(gè)三棱錐，所以V甲>V乙，故選C.
9．20xx·江西南昌調(diào)研]設(shè)兩條直線的方程分別為x＋y＋a＝0，x＋y＋b＝0，已知a，b是方程x2＋x＋c＝0的兩個(gè)實(shí)根，且0≤c≤，則這兩條直線之間的距離的最大值和最小
16、值分別是( )
A.， B.，
C.， D.，
答案 A
解析 因?yàn)閍，b是方程x2＋x＋c＝0的兩個(gè)實(shí)根，所以ab＝c，a＋b＝－1.又直線x＋y＋a＝0，x＋y＋b＝0的距離d＝，所以d2＝2＝＝＝－2c，因?yàn)?≤c≤，所以－2×≤－2c≤－2×0，得≤－2c≤，所以≤d≤，故選A.
10．20xx·鄭州質(zhì)檢]已知函數(shù)f(x)＝x＋，g(x)＝2x＋a，若?x1∈，?x2∈2,3]，使得f(x1)≥g(x2)，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是( )
A．a(chǎn)≤1 B．a(chǎn)≥1
C．a(chǎn)≤2 D．a(chǎn)≥2
答案 A
解析 由題意知f(x)min≥g(x)min(x∈2,3])
17、，因?yàn)閒(x)min＝5，g(x)min＝4＋a，所以5≥4＋a，即a≤1，故選A.
11．已知橢圓＋＝1(a>b>0)的左焦點(diǎn)F(－c,0)關(guān)于直線bx＋cy＝0的對(duì)稱點(diǎn)P在橢圓上，則橢圓的離心率是( )
A. B.
C. D.
答案 D
解析 設(shè)焦點(diǎn)F(－c,0)關(guān)于直線bx＋cy＝0的對(duì)稱點(diǎn)為P(m，n)，
則所以
所以m＝＝＝(1－2e2)c，
n＝＝＝2be2.
因?yàn)辄c(diǎn)P(m，n)在橢圓上，所以＋＝1，即(1－2e2)2e2＋4e4＝1，即4e6＋e2－1＝0，將各選項(xiàng)代入知e＝符合，故選D.
12．20xx·武昌調(diào)研]已知函數(shù)f(x)＝sinx－xco
18、sx.現(xiàn)有下列結(jié)論：
①?x∈0，π]，f(x)≥0；
②若0，即<，所以②正確；
當(dāng)x>0時(shí)，“>a”等價(jià)于“sinx－ax
19、>0”，
令g(x)＝sinx－cx，則g′(x)＝cosx－c，
當(dāng)c≤0時(shí)，g(x)>0對(duì)x∈恒成立；
當(dāng)c≥1時(shí)，因?yàn)閷?duì)?x∈.
g′(x)＝cosx－c<0，
所以g(x)在區(qū)間上單調(diào)遞減，
從而，g(x)0，g(x)在(0，x0)上單調(diào)遞增，且g(x)>g(0)＝0；
若x∈時(shí)，g′(x0)<0，g(x)在上單調(diào)遞減，
要使g(x)＝sinx－cx>0在上恒成立，
必須使g＝sin－c＝1－c≥0恒成立，即0
20、上所述，當(dāng)c≤時(shí)，g(x)>0對(duì)?x∈恒成立；
當(dāng)c≥1時(shí)，g(x)<0，對(duì)?x∈恒成立，
所以若a<
21、)處的切線與x軸交點(diǎn)的橫坐標(biāo)記為ai＋1，其中i∈N*，若a2＝32，則a2＋a4＋a6等于________．
答案 42
解析 令y＝f(x)＝2x2，則切線斜率k＝f′(ai)＝4ai，切線方程為y－2a＝4ai(x－ai)，令y＝0得x＝ai＋1＝ai，由a2＝32得a4＝8，a6＝2，所以a2＋a4＋a6＝42.
15．已知a，b是正數(shù)，且滿足2
22、16.
16．20xx·湖南長(zhǎng)郡模擬] 如圖，在△ABC中，三內(nèi)角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c，且a2＝b2＋c2＋bc，a＝，S為△ABC的面積，圓O是△ABC的外接圓，P是圓O上一動(dòng)點(diǎn)，當(dāng)S＋cosBcosC取得最大值時(shí)，·的最大值為_(kāi)_______．
答案?。?
解析 本題考查余弦定理、正弦定理、平面向量的運(yùn)算．在△ABC中，由a2＝b2＋c2＋bc得b2＋c2－a2＝－bc，則cosA＝＝－，所以sinA＝，則由正弦定理得△ABC的外接圓的半徑為r＝×＝×＝1，則b＝2rsinB＝2sinB，c＝2rsinC＝2sinC，所以S＋cosBcosC＝bcsinA＋cosBco
23、sC＝×2sinB×2sinC＋cosBcosC＝cos(B－C)，則當(dāng)B＝C＝時(shí)，S＋cosBcosC取得最大值．以O(shè)為原點(diǎn)，OA所在的直線為y軸，過(guò)O點(diǎn)垂直于OA的直線為x軸建立平面直角坐標(biāo)系，則A(0,1)，B，設(shè)P(cosθ，sinθ)，
則·＝(－cosθ，1－sinθ)·＝cosθ＋cos2θ＋－sinθ＋sin2θ＝sin＋，所以當(dāng)sin＝1時(shí)，·取得最大值＋.
(三)
一、選擇題
1．設(shè)全集U＝R，A＝{x|x(x－2)<0}，B＝{x|1－x>0}，則A∩(?UB)等于( )
A．{x|x≥1} B．{x|1≤x<2}
C．{x|0
24、x≤1}
答案 B
解析 由題意可得A＝(0,2)，B＝(－∞，1)，則A∩(?UB)＝1,2)．
2．已知實(shí)數(shù)a，b滿足(a＋i)(1－i)＝3＋bi，則復(fù)數(shù)a＋bi的模為( )
A. B．2
C. D．5
答案 C
解析 依題意，(a＋i)－(a＋i)i＝3＋bi，因此解得a＝2，b＝－1，所以a＋bi＝2－i，|a＋bi|＝|2－i|＝＝，選C.
3．下列函數(shù)為奇函數(shù)的是( )
A．y＝x3＋3x2 B．y＝
C．y＝xsinx D．y＝log2
答案 D
解析 依題意，對(duì)于選項(xiàng)A，注意到當(dāng)x＝－1時(shí)，y＝2；當(dāng)x＝1時(shí)，y＝4，因此函數(shù)y＝x
25、3＋3x2不是奇函數(shù)．對(duì)于選項(xiàng)B，注意到當(dāng)x＝0時(shí)，y＝1≠0，因此函數(shù)y＝不是奇函數(shù)．對(duì)于選項(xiàng)C，注意到當(dāng)x＝－時(shí)，y＝；當(dāng)x＝時(shí)，y＝，因此函數(shù)y＝xsinx不是奇函數(shù)．對(duì)于選項(xiàng)D，由>0得－3
26、BD的交點(diǎn)，所以＋＝2，＋＝2，所以＋＋＋＝4，故選D.
5．若雙曲線C1：－＝1與C2：－＝1(a>0，b>0)的漸近線相同，且雙曲線C2的焦距為4，則b＝( )
A．2 B．4
C．6 D．8
答案 B
解析 由題意得，＝2?b＝2a，C2的焦距2c＝4?c＝＝2?b＝4，故選B.
6．運(yùn)行下面的程序，如果輸出的S＝，那么判斷框內(nèi)是( )
A．k≤20xx? B．k≤20xx?
C．k≥20xx? D．k≥20xx?
答案 B
解析 當(dāng)判斷框內(nèi)是k≤n？時(shí)，S＝＋＋…＋＝1－，若S＝，則n＝20xx.
7．20xx·鄭州質(zhì)檢]將函數(shù)f(x)＝s
27、in的圖象向右平移個(gè)單位后得到函數(shù)g(x)的圖象，則g(x)具有性質(zhì)( )
A．最大值為1，圖象關(guān)于直線x＝對(duì)稱
B．在上單調(diào)遞減，為奇函數(shù)
C．在上單調(diào)遞增，為偶函數(shù)
D．周期為π，圖象關(guān)于點(diǎn)對(duì)稱
答案 B
解析 由題意得，g(x)＝sin＝sin(2x－π)＝－sin2x，對(duì)于A，最大值為1正確，而g＝0，圖象不關(guān)于直線x＝對(duì)稱，故A錯(cuò)誤；對(duì)于B，當(dāng)x∈時(shí)，2x∈，滿足單調(diào)遞減，顯然g(x)也是奇函數(shù)，故B正確；C顯然錯(cuò)誤；對(duì)于D，周期T＝＝π，g＝－，故圖象不關(guān)于點(diǎn)對(duì)稱，故選B.
8．20xx·重慶測(cè)試]某幾何體的三視圖如圖所示，則該幾何體的體積為( )
A.
28、 B．2
C. D．3
答案 C
解析 依題意，如圖所示，題中的幾何體是從正三棱柱ABC－A1B1C1中截去一個(gè)三棱錐B－A1B1E(其中點(diǎn)E是B1C1的中點(diǎn))后剩余的部分，其中正三棱柱ABC－A1B1C1的底面是一個(gè)邊長(zhǎng)為2的正三角形、高為3，因此該幾何體的體積為×3－××3＝，選C.
9．20xx·福建質(zhì)檢]若橢圓上存在三點(diǎn)，使得這三點(diǎn)與橢圓中心恰好是一個(gè)正方形的四個(gè)頂點(diǎn)，則該橢圓的離心率為( )
A. B.
C. D.
答案 D
解析 設(shè)橢圓的方程為＋＝1(a>b>0)，根據(jù)橢圓與正方形的對(duì)稱性，可畫(huà)出滿足題意的圖象，如圖所示，因?yàn)閨OB|＝a，所以|O
29、A|＝a，所以點(diǎn)A的坐標(biāo)為，又點(diǎn)A在橢圓上，所以＋＝1，所以a2＝3b2，所以a2＝3(a2－c2)，所以3c2＝2a2，所以橢圓的離心率e＝＝，故選D.
10．20xx·河南八市質(zhì)檢]已知a>0，x，y滿足約束條件若z＝3x＋2y的最小值為1，則a＝( )
A. B.
C. D．1
答案 B
解析 根據(jù)約束條件畫(huà)出可行域，將z＝3x＋2y的最小值轉(zhuǎn)化為在y軸上的截距，當(dāng)直線z＝3x＋2y經(jīng)過(guò)點(diǎn)B時(shí)，z最小，又B點(diǎn)坐標(biāo)為(1，－2a)，代入3x＋2y＝1，得3－4a＝1，得a＝，故選B.
11．已知在△ABC中，角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c，若b＝a，C＝
30、，S△ABC＝sin2A，則S△ABC＝( )
A. B.
C. D．2
答案 A
解析 解法一：由b＝a，C＝，得S△ABC＝absinC＝a·a·＝a2，又S△ABC＝sin2A，則＝sin2A，故＝sinA，即＝2，由＝，得＝2，所以c＝2sinC＝1，由余弦定理a2＋b2－c2＝2abcosC，得a2＋3a2－1＝2·a·a·，整理得4a2－1＝3a2，a2＝1，所以a＝1，故S△ABC＝.
解法二：由余弦定理a2＋b2－c2＝2abcosC，得a2＋(a)2－c2＝2a·a·cos，即a2＝c2，故a＝c，從而有A＝C＝，所以S△ABC＝sin2A＝×sin2＝，
31、故選A.
12．若P為曲線y＝ln x上一動(dòng)點(diǎn)，Q為直線y＝x＋1上一動(dòng)點(diǎn)，則|PQ|min等于( )
A．0 B.
C. D．2
答案 C
解析 如圖所示，直線l與y＝ln x相切且與y＝x＋1平行時(shí)，切點(diǎn)P到直線y＝x＋1的距離|PQ|即為所求最小值．(ln x)′＝，令＝1，得x＝1.
故P(1,0)．故|PQ|min＝＝.
二、填空題
13．20xx·廣東高考]已知樣本數(shù)據(jù)x1，x2，…，xn的均值＝5，則樣本數(shù)據(jù)2x1＋1,2x2＋1，…，2xn＋1的均值為_(kāi)_______．
答案 11
解析 由條件知＝＝5，
則所求均值0＝
＝＝2＋1＝2×5
32、＋1＝11.
14．已知{an}為等差數(shù)列，公差為1，且a5是a3與a11的等比中項(xiàng)，Sn是{an}的前n項(xiàng)和，則S12的值為_(kāi)_______．
答案 54
解析 由題意得，a＝a3a11，即(a1＋4)2＝(a1＋2)(a1＋10)，a1＝－1，∴S12＝12×(－1)＋×1＝54.
15．設(shè)函數(shù)f(x)在1，＋∞)上為增函數(shù)，f(3)＝0，且g(x)＝f(x＋1)為偶函數(shù)，則不等式g(2－2x)<0的解集為_(kāi)_______．
答案 (0,2)
解析 依題意得f(－x＋1)＝f(x＋1)，因此f(x)的圖象關(guān)于直線x＝1對(duì)稱．又f(x)在1，＋∞)上為增函數(shù)，因此f(x)在(－∞
33、，1]上為減函數(shù)．又g(x)＝f(x＋1)為偶函數(shù)，因此g(x)在0，＋∞)上為增函數(shù)，在(－∞，0]上為減函數(shù)，且g(2)＝f(2＋1)＝f(3)＝0，g(－2)＝0，不等式g(2－2x)<0，即g(|2－2x|)
34、則f′(1)＝1＋＝2，所以切線l的方程為y－1＝2(x－1)，即y＝2x－1，因?yàn)橹本€l與曲線y＝ax2＋(a＋2)x＋1相切，所以方程ax2＋(a＋2)x＋1＝2x－1，即ax2＋ax＋2＝0有兩個(gè)相等的實(shí)數(shù)根，顯然a≠0，則Δ＝a2－4×2a＝0，解得a＝8.
(四)
一、選擇題
1．已知(－1＋3i)(2－i)＝4＋3i(其中i是虛數(shù)單位，是z的共軛復(fù)數(shù))，則z的虛部為( )
A．1 B．－1
C．i D．－i
答案 A
解析 因?yàn)椋剑?－3i＝＋1－3i＝1＋2i＋1－3i＝2－i，所以z＝2＋i，z的虛部為1，故選A.
2．若集合A＝{x|(x＋1)(3－
35、x)>0}，集合B＝{x|1－x>0}，則A∩B等于( )
A．(1,3) B．(－∞，－1)
C．(－1,3) D．(－1,1)
答案 D
解析 ∵A＝(－1,3)，B＝(－∞，1)，∴A∩B＝(－1,1)．
3. 一次數(shù)學(xué)考試后，某老師從自己所帶的兩個(gè)班級(jí)中各抽取5人，記錄他們的考試成績(jī)，得到如圖所示的莖葉圖．已知甲班5名同學(xué)成績(jī)的平均數(shù)為81，乙班5名同學(xué)成績(jī)的中位數(shù)為73，則x－y的值為( )
A．2 B．－2
C．3 D．－3
答案 D
解析 由題意得，＝81?x＝0，易知y＝3，∴x－y＝－3，故選D.
4．已知l，m，n為不同的直線，α，
36、β，γ為不同的平面，則下列判斷正確的是( )
A．若m∥α，n∥α，則m∥n
B．若m⊥α，n∥β，α⊥β，則m⊥n
C．若α∩β＝l，m∥α，m∥β，則m∥l
D．若α∩β＝m，α∩γ＝n，l⊥m，l⊥n，則l⊥α
答案 C
解析 A項(xiàng)，m，n可能的位置關(guān)系為平行，相交，異面，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)，根據(jù)面面垂直與線面平行的性質(zhì)可知B錯(cuò)誤；C項(xiàng)，根據(jù)線面平行的性質(zhì)可知C正確；D項(xiàng)，若m∥n，根據(jù)線面垂直的判定可知D錯(cuò)誤，故選C.
5．△ABC的角A，B，C所對(duì)的邊分別是a，b，c，若cosA＝，c－a＝2，b＝3，，則a＝( )
A．2 B.
C．3 D.
答案 A
37、
解析 由余弦定理可知，a2＝b2＋c2－2bccosA?a2＝9＋(a＋2)2－2×3×(a＋2)×?a＝2，故選A.
6．20xx·東北三省聯(lián)考]如圖，在正方體ABCD－A1B1C1D1中，P是線段CD的中點(diǎn)，則三棱錐P－A1B1A的側(cè)視圖為( )
答案 D
解析 如圖，畫(huà)出原正方體的側(cè)視圖，顯然對(duì)于三棱錐P－A1B1A，B(C)點(diǎn)均消失了，其余各點(diǎn)均在，從而其側(cè)視圖為D.
7．20xx·合肥質(zhì)檢]執(zhí)行下面的程序框圖，則輸出的n的值為( )
A．10 B．11
C．1024 D．2048
答案 C
解析 該程序框圖共運(yùn)行10次，S＝1＋2＋22＋…＋2
38、10＝2047，輸出的n＝210＝1024，選項(xiàng)C正確．
8．20xx·河南六市一聯(lián)]實(shí)數(shù)x，y滿足使z＝ax＋y取得最大值的最優(yōu)解有2個(gè)，則z1＝ax＋y＋1的最小值為( )
A．0 B．－2
C．1 D．－1
答案 A
解析 畫(huà)出不等式組所表示的可行域如圖中陰影部分所示，∵z＝ax＋y取得最大值的最優(yōu)解有2個(gè)，∴－a＝1，a＝－1，∴當(dāng)x＝1，y＝0或x＝0，y＝－1時(shí)，z＝ax＋y＝－x＋y有最小值－1，∴ax＋y＋1的最小值是0，故選A.
9．已知a，b都是實(shí)數(shù)，命題p：a＋b＝2；命題q：直線x＋y＝0與圓(x－a)2＋(y－b)2＝2相切，則p是q的(
39、)
A．充分但不必要條件 B．必要但不充分條件
C．充要條件 D．既不充分也不必要條件
答案 A
解析 由直線x＋y＝0與圓(x－a)2＋(y－b)2＝2相切，得＝，即a＋b＝±2，∴p是q的充分但不必要條件．
10．20xx·山西質(zhì)檢]若函數(shù)f(x)＝sin(2x＋φ)的圖象關(guān)于直線x＝對(duì)稱，且當(dāng)x1，x2∈，x1≠x2時(shí)，f(x1)＝f(x2)，則f(x1＋x2)＝( )
A. B.
C. D．1
答案 C
解析 由題意得，2×＋φ＝＋kπ，k∈Z，
∴φ＝＋kπ，k∈Z，∵|φ|<，∴k＝0，φ＝，
又x1，x2∈，∴2x1＋，2x2＋∈(0，π)
40、，
∴＝，解得x1＋x2＝，
∴f(x1＋x2)＝sin＝，故選C.
11．20xx·云南統(tǒng)檢]已知雙曲線M的焦點(diǎn)F1、F2在x軸上，直線x＋3y＝0是雙曲線M的一條漸近線，點(diǎn)P在雙曲線M上，且·＝0，如果拋物線y2＝16x的準(zhǔn)線經(jīng)過(guò)雙曲線M的一個(gè)焦點(diǎn)，那么||·||＝( )
A．21 B．14
C．7 D．0
答案 B
解析 設(shè)雙曲線方程為＋＝1(a>0，b>0)，
∵直線x＋3y＝0是雙曲線M的一條漸近線，
∴＝①，又拋物線的準(zhǔn)線為x＝－4，∴c＝4②，
又a2＋b2＝c2③，
∴由①②③得a＝3.
設(shè)點(diǎn)P為雙曲線右支上一點(diǎn)，
∴由雙曲線定義得|||－|
41、||＝6④，
又·＝0，∴⊥，∴在Rt△PF1F2中||2＋||2＝82⑤，聯(lián)立④⑤，解得||·||＝14.
12．已知函數(shù)f(x)＝2x＋x，g(x)＝log2x＋x，h(x)＝log2x－2的零點(diǎn)依次為a，b，c，則( )
A．a(chǎn)
42、此有a0)的焦點(diǎn)為F，其準(zhǔn)線與雙曲線x2－y2＝1相交于A，B兩點(diǎn)，若△ABF為等邊三角形，則p＝________.
答案 2
解析 由題意可知，拋物線的焦點(diǎn)為F，準(zhǔn)線方程為y＝－，聯(lián)立解得x＝± .
∵△ABF為等邊三角形，∴＝2|x|，即p2＋＝4，解得p＝2或－2(舍去)．
15．20xx·海口調(diào)研]半徑為2的球O中有一內(nèi)接正
43、四棱柱(底面是正方形，側(cè)棱垂直底面)．當(dāng)該正四棱柱的側(cè)面積最大時(shí)，球的表面積與該正四棱柱的側(cè)面積之差是________．
答案 16(π－)
解析 依題意，設(shè)球的內(nèi)接正四棱柱的底面邊長(zhǎng)為a、高為h，則有16＝2a2＋h2≥2ah，即4ah≤16，該正四棱柱的側(cè)面積S＝4ah≤16，當(dāng)且僅當(dāng)h＝a＝2時(shí)取等號(hào)．因此，當(dāng)該正四棱柱的側(cè)面積最大時(shí)，球的表面積與該正四棱柱的側(cè)面積之差是4π×22－16＝16(π－)．
16．已知數(shù)列{an}的首項(xiàng)a1＝1，前n項(xiàng)和為Sn，且Sn＝2Sn－1＋1(n≥2，且n∈N*)，數(shù)列{bn}是等差數(shù)列，且b1＝a1，b4＝a1＋a2＋a3.設(shè)cn＝，數(shù)列{c
44、n}的前n項(xiàng)和為T(mén)n，則T10＝________.
答案
解析 解法一：數(shù)列{an}的首項(xiàng)a1＝1，前n項(xiàng)和為Sn，且Sn＝2Sn－1＋1(n≥2，且n∈N*)，∴當(dāng)n＝2時(shí)，a1＋a2＝2a1＋1，∴a2＝2，當(dāng)n≥3時(shí)，an＝Sn－Sn－1＝2Sn－1－2Sn－2＝2an－1，又a2＝2a1，∴an＝2an－1(n≥2，且n∈N*)，數(shù)列{an}為首項(xiàng)為1，公比為2的等比數(shù)列，∴an＝2n－1，a3＝22＝4.設(shè)數(shù)列{bn}的公差為d，又b1＝a1＝1，b4＝1＋3d＝7，∴d＝2，bn＝1＋(n－1)×2＝2n－1，cn＝＝＝，
∴T10＝＋－＋…＋－＝＝.
解法二：∵數(shù)列{an}的首項(xiàng)a1＝1，前n項(xiàng)和為Sn，且Sn＝2Sn－1＋1(n≥2，且n∈N*)，∴當(dāng)n＝2時(shí)，a1＋a2＝2a1＋1，∴a2＝2，當(dāng)n＝3時(shí)，a1＋a2＋a3＝2a1＋2a2＋1，
∴a3＝4.設(shè)數(shù)列{bn}的公差為d，又b1＝a1＝1，b4＝1＋3d＝7，∴d＝2，bn＝1＋(n－1)×2＝2n－1，cn＝＝＝，
∴T10＝＝＝.
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