2019版高考生物總復習 第五單元 遺傳定律和伴性遺傳 第2講 孟德爾豌豆雜交實驗（二）課時跟蹤練.doc

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第2講 孟德爾豌豆雜交實驗（二） 課時跟蹤練 一、選擇題(每題5分，共50分) 1．(2017湖南師大附中摸底)下列關于孟德爾遺傳規(guī)律的得出過程，說法錯誤的是(　　) A．豌豆自花傳粉、閉花受粉的特點是孟德爾雜交實驗獲得成功的原因之一 B．統(tǒng)計學方法的使用有助于孟德爾總結數(shù)據(jù)規(guī)律 C．進行測交實驗是為了對提出的假說進行驗證 D．假說中具有不同基因型的配子之間隨機結合，體現(xiàn)了自由組合定律的實質 解析：非同源染色體上的非等位基因自由組合為自由組合定律的實質，不同基因型的配子之間隨機結合，不能體現(xiàn)自由組合定律的實質，D錯誤。 答案：D 2．(2017蘇北四市期中)如圖表示兩對等位基因在染色體上的分布情況，若圖1、2、3中的同源染色體均不發(fā)生交叉互換，則圖中所示個體自交后代的表現(xiàn)型種類依次是(　　) A．2、3、4　　　　　 B．4、4、4 C．2、4、4 D．2、2、4 解析：圖1個體自交后代有3種基因型，2種表現(xiàn)型；圖2個體自交后代有3種基因型(AAbb、aaBB、AaBb)，3種表現(xiàn)型；圖3個體自交后代有9種基因型，4種表現(xiàn)型。 答案：A 3．某個體(AaBbCc……)含有n對等位基因，且一對等位基因均控制一對相對性狀，也不存在基因連鎖現(xiàn)象。正常情況下，下列不能用2n表示的是(　　) A．測交后代的基因型種類數(shù) B．測交后代的表現(xiàn)型種類數(shù) C．自交后代的基因型種類數(shù) D．自交后代的表現(xiàn)型種類數(shù) 解析：依題意可知：一對等位基因的個體測交，如Aaaa，其后代有2種基因型、2種表現(xiàn)型，因此含有n對等位基因的個體，其測交后代的基因型和表現(xiàn)型的種類數(shù)均為2n，A、B可以；一對等位基因的個體自交，如AaAa，其后代有3種基因型、2種表現(xiàn)型，所以含有n對等位基因的個體，其自交后代的基因型和表現(xiàn)型的種類數(shù)分別為3n和2n，D可以，C不能用2n表示，選C。 答案：C 4．下圖為某植株自交產(chǎn)生后代過程的示意圖。下列對此過程及結果的描述，正確的是(　　) AaBbAB、Ab、aB、ab受精卵子代：N種基因型，P種表現(xiàn)型(12∶3∶1) A．A與B、b的自由組合發(fā)生在② B．雌、雄配子在③過程隨機結合 C．M、N和P分別為16、9和4 D．該植株測交后代性狀分離比為2∶1∶1 解析：自由組合發(fā)生在減數(shù)分裂①過程，②為受精作用；雌、雄配子在②過程隨機結合；根據(jù)P種表現(xiàn)型的比值判斷兩對等位基因分別位于兩對同源染色體上，遵循自由組合定律，因此N為9種，P為3種，雌雄配子有16種結合方式；該植株測交后代表現(xiàn)型與子代自交的表現(xiàn)型對應分析，性狀分離比為2∶1∶1。 答案：D 5．某一植物體內常染色體上具有三對等位基因(A和a，B和b，D和d)，已知A、B、D三個基因分別對a、b、d完全顯性，但不知這三對等位基因是否獨立遺傳。某同學為了探究這三對等位基因在常染色體上的分布情況做了以下實驗：用顯性純合個體與隱性純合個體雜交得F1，F(xiàn)1同隱性純合個體測交，結果及比例為AaBbDd∶AaBbdd∶aabbDd∶aabbdd＝1∶1∶1∶1，則下列表述正確的是(　　) A．A、B在同一條染色體上 B．A、b在同一條染色體上 C．A、D在同一條染色體上 D．A、d在同一條染色體上 解析：aabbdd產(chǎn)生的配子是abd，子代為AaBbDd∶AaBbdd∶aabbDd∶aabbdd＝1∶1∶1∶1，所以AaBbDd產(chǎn)生的配子是ABD∶ABd∶abD∶abd＝1∶1∶1∶1，所以AB在一條染色體上，ab在一條染色體上。 答案：A 6．假如水稻的高稈(D)對矮稈(d)為顯性，抗瘟病(R)對易染病(r)為顯性?，F(xiàn)有一高稈抗病的親本水稻和矮稈易染病的親本水稻雜交，產(chǎn)生的F1再和隱性類型進行測交，結果如圖所示(兩對基因位于兩對同源染色體上)，請問F1的基因型為(　　) A．DdRR和ddRr B．DdRr和ddRr C．DdRr和Ddrr D．ddRr 解析：單獨分析高稈和矮稈這一對相對性狀，測交后代高稈∶矮稈＝1∶1，說明F1的基因型為Dd；單獨分析抗瘟病與易染病這一對相對性狀，測交后代抗瘟病∶易染?。?∶3，說明F1中有兩種基因型，即Rr和rr，且比例為1∶1。綜合以上分析可判斷出F1的基因型為DdRr、Ddrr。 答案：C 7．油菜的凸耳和非凸耳是一對相對性狀，用甲、乙、丙三株凸耳油菜分別與非凸耳油菜進行雜交實驗，結果如下表所示。相關說法錯誤的是(　　) P F1 F2 甲非凸耳 凸耳 凸耳∶非凸耳＝15∶1 乙非凸耳 凸耳 凸耳∶非凸耳＝3∶1 丙非凸耳 凸耳 凸耳∶非凸耳＝3∶1 A.凸耳性狀是由兩對等位基因控制 B．甲、乙、丙均為純合子 C．甲和乙雜交得到的F2均表現(xiàn)為凸耳 D．乙和丙雜交得到的F2表現(xiàn)型及比例為凸耳∶非凸耳＝3∶1 解析：根據(jù)甲與非凸耳雜交后得到的F1自交，F(xiàn)2代出現(xiàn)兩種性狀，凸耳和非凸耳之比為15∶1，可以推知，凸耳性狀是受兩對等位基因控制的，由于甲非凸耳得到的F2代凸耳∶非凸耳＝15∶1，說明非凸耳是雙隱性狀，甲是雙顯性狀的純合子，乙非凸耳得到的F2代凸耳∶非凸耳＝3∶1，說明乙是單顯性狀的純合子，故甲與乙雜交得到的F2代個體中一定有顯性基因，即一定是凸耳，由于丙非凸耳得到的F2代凸耳∶非凸耳＝3∶1，故丙也為單顯性狀的純合子，因此乙丙雜交得到的F1為雙雜合子，F(xiàn)2代有兩種表現(xiàn)型，凸耳∶非凸耳＝15∶1。 答案：D 8．(2018云南師大附中質檢)某植物花色遺傳受A、a和B、b兩對等位基因控制。當不存在顯性基因時，花色為白色，當存在顯性基因時，隨顯性基因數(shù)量的增加，花色紅色逐漸加深?，F(xiàn)用兩株純合親本植株雜交得F1，F(xiàn)1自交得F2，F(xiàn)2中有白花植株和4種紅花植株，按紅色由深至淺再到白的順序統(tǒng)計出5種類型植株數(shù)量比例為1∶4∶6∶4∶1。下列說法正確的是(　　) A．該植物的花色遺傳不遵循基因的自由組合定律 B．親本的基因型一定為AABB和aabb C．F2中AAbb和aaBB個體的表現(xiàn)型與F1相同 D．用F1作為材料進行測交實驗，測交后代有4種表現(xiàn)型 解析：該植物的花色遺傳遵循基因的自由組合定律。親本的基因型還可以是AAbb和aaBB。用F1作為材料進行測交實驗，測交后代有3種表現(xiàn)型。 答案：C 9．(2017湖北重點中學聯(lián)考)夏南瓜的顏色由A、a和B、b兩對相對獨立的基因控制，當含有A基因時為白色，在不含A 基因時，BB、Bb為黃色，bb為綠色。現(xiàn)有一株白色夏南瓜和一株綠色夏南瓜雜交，子代性狀表現(xiàn)及比例是白色夏南瓜∶黃色夏南瓜＝1∶1。下列有關說法正確的是(　　) A．親本白色夏南瓜植株為純合子 B．子代白色夏南瓜與親本白色夏南瓜的基因型相同 C．子代黃色夏南瓜自交后代性狀分離比為9∶6∶1 D．子代兩種夏南瓜雜交，產(chǎn)生的后代中黃色夏南瓜占 解析：依題意可知，夏南瓜顏色的遺傳遵循基因的自由組合定律，A_B_和A_bb為白色，aaB_為黃色，aabb為綠色?，F(xiàn)有一株白色夏南瓜(A_B_或A_bb)和一株綠色夏南瓜(aabb)雜交，子代性狀表現(xiàn)及比例是白色夏南瓜∶黃色夏南瓜＝1∶1，說明親本白色夏南瓜植株的基因型為AaBB，為雜合子，A錯誤；子代白色夏南瓜的基因型為AaBb，與親本不同，B錯誤；子代黃色夏南瓜的基因型為aaBb，其自交后代性狀分離比為黃色夏南瓜∶綠色夏南瓜＝3∶1，C錯誤；子代兩種夏南瓜雜交，即AaBb與aaBb雜交，產(chǎn)生的后代中黃色夏南瓜占aaB_＝，D正確。 答案：D 10．已知牽?；ǖ幕ㄉ苋龑Κ毩⑦z傳的等位基因(A和a、B和b、C和c)控制，如圖所示，其中藍色和紅色混合后顯紫色，藍色和黃色混合形成綠色?，F(xiàn)有某紫花植株自交子代出現(xiàn)白花、黃花。據(jù)此判斷下列敘述不正確的是(　　) A．自然種群中紅花植株的基因型有4種 B．用于自交的紫花植株的基因型為AaBbCc C．自交子代中綠花植物和紅花植株的比例可能不同 D．自交子代出現(xiàn)黃花植株的比例為 解析：自然種群中紅花植株的基因型有AABBcc、AaBBcc、AABbcc、AaBbcc共4種，A正確；根據(jù)分析親本紫花植株的基因型為AaBbCc，B正確；由于親本紫花植株的基因型為AaBbCc，所以當親本紫花植株的基因型為AaBbCc時，自交子代中綠花植物(A_bbC_)的概率為＝，紅花植株(A_B_cc)的概率為＝，所以比例相同，C錯誤；親本紫花植株的基因型為AaBbCc，則自交子代出現(xiàn)黃花植株(A_bbcc)的比例為＝，D正確。 答案：C 二、非選擇題(共50分) 11．(14分)(2017汕頭一模)雞的羽毛顏色受一對等位基因B和b控制，有顯性基因存在時能合成色素；小腿長度受另一對等位基因C和c控制，這兩對基因分別位于兩對常染色體上。 (1)讓雌雄藍羽雞交配，后代藍羽、黑羽和白羽的比例總是為2∶1∶1，那么，藍羽的基因型是________，若讓黑羽和白羽雜交，理論上說，后代表現(xiàn)型是________。 (2)多次讓雌雄短腿雞交配，后代中總是出現(xiàn)的正常腿。合理的解釋是，在該對相對性狀中，顯性性狀是________，而基因型為________時在胚胎時期死亡。 (3)黑羽短腿雄雞的基因型是________，讓其與藍羽短腿雌雞雜交，F(xiàn)1的表現(xiàn)型有________種，其中表現(xiàn)為黑羽短腿雄雞的比例是________；在F1中，B基因的頻率是________。 解析：(1)雌雄藍羽雞交配，后代發(fā)生性狀分離，說明藍羽親本是雜合子，基因型為Bb，二者交配后代的基因型是BB∶Bb∶bb＝1∶2∶1，由于B控制色素合成，因此后代中黑羽的基因型是BB，白羽的基因型是bb，黑羽與白羽雜交，雜交后代都是藍羽。(2)雌雄短腿雞交配，后代出現(xiàn)正常腿，說明短腿對正常腿是顯性性狀，且親本短腿的基因型是Cc、Cc，二者雜交后代的基因型及比例是CC∶Cc∶cc＝1∶2∶1，多次實驗cc的比例占，說明CC胚胎致死。(3)由于(1)分析可知，黑羽的基因型是BB，由(2)可知，短腿CC胚胎致死，因此黑羽短腿雄雞的基因型是BBCc，藍羽短腿雌雞的基因型為BbCc，兩對等位基因遵循自由組合定律，因此可以將其化解成兩個分離定律：BBBb→黑羽∶藍羽＝1∶1，CcCc→由于CC致死，因此短腿∶正常腿＝2∶1，因此F1的表現(xiàn)型是22＝4種；黑羽短腿雄雞的比例是＝；由于子一代中BB∶Bb＝1∶1，因此B的基因頻率是＋＝。 答案：(1)Bb　藍羽　(2)短腿　CC　 (3)BBCc　4　　 12．(12分)(2017福建質檢)研究人員選擇果皮黃綠色、果肉白色、果皮有覆紋的純合甜瓜植株(甲)與果皮黃色、果肉橘紅色、果皮無覆紋的純合甜瓜植株(乙)雜交，F(xiàn)1表現(xiàn)為果皮黃綠色、果肉橘紅色、果皮有覆紋。F1自交得F2，分別統(tǒng)計F2各對性狀的表現(xiàn)及株數(shù)，結果如下表。 甜瓜性狀 果皮顏色(A，a) 果肉顏色(B，b) 果皮覆紋 F2的表現(xiàn)及株數(shù) 黃綠色482 黃色158 橘紅色478 白色162 有覆紋361 無覆紋279 (1)甜瓜果肉顏色的顯性性狀是________。 (2)據(jù)表中數(shù)據(jù)________(填“能”或“不能”)判斷兩對基因(A和a，B和b)自由組合，理由是________________________ _____________________________________________________。 (3)完善下列實驗方案，證明果皮覆紋性狀由2對等位基因控制。 實驗方案：讓F1與植株________(填“甲”或“乙”)雜交，統(tǒng)計子代的表現(xiàn)型及比例； 預期結果：子代的表現(xiàn)型及比例為________________________。 (4)若果皮顏色、覆紋兩對性狀遺傳遵循基因自由組合定律，則理論上F2中果皮黃色無覆紋甜瓜約有______株。 解析：根據(jù)題意分析，果皮黃綠色、果肉白色、果皮有覆紋的純合甜瓜植株(甲)與果皮黃色、果肉橘紅色、果皮無覆紋的純合甜瓜植株(乙)雜交，F(xiàn)1表現(xiàn)為果皮黃綠色、果肉橘紅色、果皮有覆紋，說明果皮黃綠色、果肉橘紅色、果皮有覆紋都是顯性性狀，分析表格數(shù)據(jù)三對性狀分離比分別是3∶1、3∶1、9∶7。 (1)果肉白色(甲)與果肉橘紅色(乙)雜交，F(xiàn)1表現(xiàn)果肉橘紅色，說明甜瓜果肉橘紅色是顯性性狀。 (2)表格中只有每對性狀的分離比，缺乏對F2中兩對性狀(果皮與果肉顏色)組合類型的統(tǒng)計數(shù)據(jù)，所以不能判斷兩對基因(A和a，B和b)是否遵循自由組合定律。 (3)如果果皮覆紋性狀由2對等位基因控制，根據(jù)表格數(shù)據(jù)9∶7，說明雙顯性為有覆紋，其余為無覆紋，則F1(雙雜合子有覆紋)與植株乙(雙隱性無覆紋)雜交，子代的表現(xiàn)型及比例為(果皮)有覆紋∶無覆紋＝1∶3。 (4)若果皮顏色、覆紋兩對性狀(受三對基因控制)遺傳遵循基因自由組合定律，則理論上F2中果皮黃色()無覆紋()甜瓜約640＝70株。 答案：(1)橘紅色 (2)不能　缺乏對F2中兩對性狀(果皮與果肉顏色)組合類型的統(tǒng)計數(shù)據(jù) (3)乙　(果皮)有覆紋∶無覆紋＝1∶3 (4)70 13．(12分)(2017濰坊期末統(tǒng)考)某雌雄同株異花傳粉的二倍體植物，抗除草劑與不抗除草劑受兩對獨立遺傳的基因控制，相關基因為A、a和B、b，且A對a，B對b為完全顯性，只要存在一種顯性基因就表現(xiàn)出抗除草劑性狀?；駻使雄配子的育性降低50%，其他配子育性正常?；駼存在顯性純合致死現(xiàn)象。請回答問題： (1)抗除草劑與不抗除草劑是一對________，抗除草劑植株共有________種基因型。 (2)若利用基因型不同的兩親本進行一次雜交，驗證基因A使雄配子可育性降低了50%，其他配子育性正常。則親本基因型的最佳組合是______________________，預期子代的表現(xiàn)型及比例為_________________________________________________________。 (3)♀甲(Aabb)♂乙(aaBb)進行雜交，子代中含有兩種抗除草劑基因的個體所占比例為________，這些含兩種抗除草劑基因的植株雜交，子代中抗除草劑植株所占的比例是______________(用分數(shù)表示)。 解析：(1)抗除草劑與不抗除草劑是一對相對性狀，由分析可知，抗除草劑植株共有AABb、AaBb、AAbb、Aabb、aaBb等5種基因型。(2)若利用基因型不同的兩親本進行一次雜交，驗證基因A使雄配子可育性降低了50%，其他配子育性正常，一般用測交的實驗方法，可選擇的親本基因型的最佳組合是母本為aabb，父本為Aabb，由于母本只能產(chǎn)生ab一種卵細胞，而父本產(chǎn)生的精子為Ab、ab，比例為1∶2，因此預期子代的表現(xiàn)型及比例為抗除草劑植株∶不抗除草劑植株＝1∶2。(3)♀甲(Aabb)♂乙(aaBb)進行雜交，正常情況下，產(chǎn)生的后代的基因型及比例為AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，子代中含有兩種抗除草劑基因的個體(AaBb)所占比例為，這些含兩種抗除草劑基因的植株雜交，由于雄配子的種類和比例為AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶2∶2，并且子代中BB基因純合致死，因此利用棋盤格法可以獲得子代中抗除草劑植株所占的比例是。 答案：(1)相對性狀　5　(2)①母本為aabb，父本為Aabb　抗除草劑植株∶不抗除草劑植株＝1∶2 (說明：若親本基因型寫錯或母本、父本基因型顛倒，該小題整體不得分)　(3)　 14．(12分)一種植物的某性狀可表現(xiàn)為無色、白色、藍色、紫色，由A/a、B/b、D/d 三對等位基因控制。相關基因的生理作用如下圖所示。請回答下列問題： (1)如果三對等位基因分別位于三對同源染色體上，則基因型為AaBbDd 的兩個親本雜交，出現(xiàn)紫色子代的概率為________。 (2)如果A、a和B、b兩對等位基因在染色體上的位置為，在沒有發(fā)生突變、交叉互換的情況下，對基因型為AaBbDD的個體進行測交實驗，后代的表現(xiàn)形式及比例為______________。 (3)如果要驗證b、d兩個基因位于兩對同源染色體上，請寫出選用的親本基因型最簡便的實驗方案：_________________，并預測后代的性狀及分離比：____________________________________ ____________________________________________________。 解析：(1)依題意并結合圖示分析可知：紫色為A_bbdd。如果三對等位基因分別位于三對同源染色體上，則其遺傳遵循基因的自由組合定律?；蛐蜑锳aBbDd 的兩個親本雜交，出現(xiàn)紫色子代的概率為A_bbdd＝A_bbdd。 (2)由題意可知：基因型為AaBbDD的個體產(chǎn)生兩種比值相等的配子：ABD和abD，而aabbdd的個體只產(chǎn)生1種基因型為abd的配子，因此基因型為AaBbDD的個體與aabbdd的個體進行測交，后代的表現(xiàn)形式及比例為白色(AaBbDd)∶無色(aabbDd)＝1∶1。 (3)如果要驗證b、d兩個基因位于兩對同源染色體上，對于植物而言，最簡便的方法是讓其自交，即讓基因型為AABbDd的個體自交，其自交后代的表現(xiàn)型及其分離比為白色(9AAB_D_＋3AAB_dd)∶藍色(3AAbbD_)∶紫色(1AAbbdd)＝12∶3∶1；也可以采取測交方案，即讓基因型為AABbDd的個體測交，其測交后代的表現(xiàn)型及其分離比為白色(1AABdDd＋1AABbdd)∶藍色(1AAbbDd)∶紫色(1AAbbdd)＝2∶1∶1。 答案：(1)　(2)白色∶無色＝1∶1　(3)基因型為AABbDd的個體自交　后代出現(xiàn)白色∶藍色∶紫色＝12∶3∶1(或基因型為AABbDd的個體測交　后代出現(xiàn)白色∶藍色∶紫色＝2∶1∶1)