2019年高考物理一輪復(fù)習(xí) 全真精準模擬 第04周 第二練（大題特訓(xùn)）（含解析）.doc

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第四周 第二練 24．（14分） 如圖所示，ab、ef是固定在絕緣水平桌面上的平行光滑金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌足夠長，導(dǎo)軌間距為d．在導(dǎo)軌ab、ef間放置一個阻值為R的金屬導(dǎo)體棒PQ．其質(zhì)量為m，長度恰好為d．另一質(zhì)量為3m、長為d的金屬棒MN也恰好能和導(dǎo)軌良好接觸，起初金屬棒MN靜止于PQ棒右側(cè)某位置，盛個裝置處于方向垂直桌面向下、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中．現(xiàn)有一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的光滑絕緣小球在桌而上從O點（O為導(dǎo)軌上的一點）以與可成60角的方向斜向右方進人磁場，隨后小球垂直地打在金屬ドMN的中點，小球與金屬棒MN的碰撞過程中無機械能損失，不計導(dǎo)軌間電場的影響，不計導(dǎo)軌和金屬棒MN的電阻，兩桿運動過程中不相碰，求： （1）小球在O點射人磁場時的初速度v0 （2）金屬棒PQ上產(chǎn)生的熱量E和通過的電荷量Q （3）在整個過程中金屬棒MN比金屬棒PQ多滑動的距離 （4）請通過計算說明小球不會與MN棒發(fā)生第二次碰撞； 【答案】（1）（2）（3）（4）小球不會與MN桿發(fā)生第二次碰撞。 【解析】 【詳解】 （1）如圖所示，可得：光滑絕緣小球在水平桌面上做勻速圓周運動的半徑設(shè)為r， 由圖可知： 得： 由牛頓第二定律可得： 得： 由能量守恒定律可知PQ上產(chǎn)生的熱量： 對桿PQ應(yīng)用動量定理可得： 即： 得： （3）由 得桿MN比桿PQ多滑動的距離： （4）由（2）可知球與MN碰后，小球的速度為：， 桿MN的速度為： 小球碰后做圓周運動的半徑： 運動半個周期的時間為： 這段時間內(nèi)桿MN減速到與PQ同速，最小速度為，則其位移： 此后桿MN一直向左運動，故小球不會與MN桿發(fā)生第二次碰撞。 25．（18分） 如圖所示輕彈簧一端固定在水平面上的豎直擋板上,處于原長時另一端位于水平面上B點處,B點左側(cè)光滑,右側(cè)粗糙。水平面的右側(cè)C點處有一足夠長的斜面與水平面平滑連接,斜面傾角為37,斜面上有一半徑為R=1m的光滑半圓軌道與斜面切于D點,半圓軌道的最高點為E,G為半圓軌道的另一端點,=2.5m,A、B、C、D、E、G均在同一豎直面內(nèi)。使質(zhì)量為m=0.5kg的小物塊P擠壓彈簧右端至A點,然后由靜止釋放P,P到達B點時立即受到斜向右上方,與水平方向的夾角為37,大小為F=5N的恒力,一直保持F對物塊P的作用,結(jié)果P通過半圓軌道的最高點E時的速度為。已知P與水平面斜面間的動摩擦因數(shù)均為μ=0.5,g取.sin37=0.6, (1)P運動到E點時對軌道的壓力大小; (2)彈簧的最大彈性勢能; (3)若其它條件不變,增大B、C間的距離使P過G點后恰好能垂直落在斜面上,求P在斜面上的落點距D點的距離。 【答案】（1） (2) (3) 【解析】 (2)P從D點到E點，由動能定理得： 解得：m/s P從C點到D點，由牛頓運動定律得： 解得，說明P從C點到D點勻速運動，故 由能的轉(zhuǎn)化和守恒得： 解得：J