高考數(shù)學(xué)理二輪專題復(fù)習(xí)檢測第二篇 專題滿分突破 專題六　解析幾何：課時鞏固過關(guān)練十五 Word版含解析

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1、 高考數(shù)學(xué)精品復(fù)習(xí)資料 2019.5 課時鞏固過關(guān)練(十五)　直線與圓 　　　　　　　　　　　 一、選擇題 1．(20xx四川巴蜀月考)若直線ax＋2y＋1＝0與直線x＋y－2＝0互相垂直，則a的值等于(　　) A．1 B．－ C．－ D．－2 解析：由a1＋21＝0，得a＝－2，故選D. 答案：D 2．(20xx廣東惠州二調(diào))直線x＋2y－5＋＝0被圓x2＋y2－2x－4y＝0截得的弦長為(　　) A．1 B．2 C．4 D．4 解析：圓心(1,2)，圓心到直線的距離d＝＝1，半徑r＝，所以

2、截得弦長為2＝2＝4.故選C. 答案：C 3．(20xx上海青浦一模)“a＝”是“直線(a＋1)x＋3ay＋1＝0與直線(a－1)x＋(a＋1)y－3＝0相互垂直”的(　　) A．充分而不必要條件 B．必要而不充分條件 C．充要條件 D．既不充分也不必要條件 解析：對于直線(a＋1)x＋3ay＋1＝0與直線(a－1)x＋(a＋1)y－3＝0，當(dāng)a＝0時，分別化為x＋1＝0，－x＋y－3＝0，此時兩條直線不垂直，舍去；當(dāng)a＝－1時，分別化為－3y＋1＝0，－2x－3＝0，此時兩條直線相互垂直，因此a＝－1滿足條件；當(dāng)a≠－1,0時，兩條直線的斜率分別為－，，由于兩條直線垂直，可得－

3、＝－1，解得a＝或－1(舍去)．綜上可得：兩條直線相互垂直的充要條件為a＝或－1.∴“a＝”是“直線(a＋1)x＋3ay＋1＝0與直線(a－1)x＋(a＋1)y－3＝0相互垂直”的充分而不必要條件．故選A. 答案：A 4．直線2x－my＋1－3m＝0，當(dāng)m變化時，所有直線都過定點(　　) A. B. C. D. 解析：直線方程可整理為2x＋1－(y＋3)m＝0，∴當(dāng)m變化時，直線過定點.故選D. 答案：D 5．(20xx安徽安慶期中)在平面直角坐標(biāo)系xOy中，圓C的方程為x2＋y2－8x＋15＝0，若直線y＝kx－2上至少存在一點，使得以該點為圓心，1為半徑的圓與圓C有公共點

4、，則k的取值范圍是(　　) A. B. C. D. 解析：設(shè)直線y＝kx－2上至少存在一點，使得以該點為圓心，1為半徑的圓為圓M，又圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程為(x－4)2＋y2＝1，則圓心C的坐標(biāo)為(4,0)，半徑R＝1，如圖，若圓M與圓C有公共點，則圓M與圓C的臨界點為圓M與圓C的外切點，即等價為圓心C到直線y＝kx－2的距離d≤R＋1＝2，即圓心到直線kx－y－2＝0的距離d＝≤2，即|2k－1|≤，平方得3k2－4k≤0，解得0≤k≤，故選A. 答案：A 6．(20xx四川綿陽期末)若直線y＝x＋b與曲線y＝3－有公共點，則b的取值范圍是(　　) A．1－2，1＋2] B．1

5、－，3] C．－1,1＋2] D．1－2，3] 解析：曲線方程可化簡為(x－2)2＋(y－3)2＝4(1≤y≤3)，即表示圓心為(2,3)，半徑為2的半圓，如圖，當(dāng)直線y＝x＋b與此半圓相切時須滿足圓心(2,3)到直線y＝x＋b的距離等于2，即＝2，解得b＝1＋2或b＝1－2.由圖可知b＝1＋2舍去，故b＝1－2.當(dāng)直線過(0,3)時，解得b＝3，故1－2≤b≤3，故選D. 答案：D 7．(20xx湖北一聯(lián))已知圓C1：(x－2)2＋(y－3)2＝1，圓C2：(x－3)2＋(y－4)2＝9，M，N分別是圓C1，C2上的動點，P為x軸上的動點，則|PM|＋|PN|的最小值為(　　)

6、 A．5－4 B.－1 C．6－2 D. 解析：如圖，圓C1關(guān)于x軸的對稱圓的圓心坐標(biāo)A(2，－3)，半徑為1，圓C2的圓心坐標(biāo)(3,4)，半徑為3.連接AC2，設(shè)直線AC2與x軸的交點為P，可知|AC2|＝|PC2|＋|PC1|.而|PM|＋|PN|＝|PC2|－3＋|PC1|－1＝|AC2|－4，即|PM|＋|PN|的最小值為圓A與圓C2的圓心距減去兩個圓的半徑和，即－1－3＝5－4.故選A. 答案：A 8．已知圓C1：(x－2cosθ)2＋(y－2sinθ)2＝1與圓C2：x2＋y2＝1，在下列說法中： ①對于任意的θ，圓C1與圓C2始終相切； ②對于任意的θ，圓C

7、1與圓C2始終有4條公切線； ③直線l：2(m＋3)x＋3(m＋2)y－(2m＋5)＝0(m∈R)與圓C2一定相交于兩個不同的點； ④P，Q分別為圓C1與圓C2上的動點，則|PQ|的最大值為4. 其中正確命題為(　　) A．①④ B．①③④ C．②③④ D．①②③④ 解析：對于①結(jié)論是正確的，由圓C1：(x－2cosθ)2＋(y－2sinθ)2＝1與圓C2：x2＋y2＝1可知兩圓圓心分別為C1(2cosθ，2sinθ)與C2(0,0)，半徑分別為r1＝1，r2＝1，∴圓心距|C1C2|＝＝2，|C1C2|＝r1＋r2，故對于任意的θ，圓C1與圓C2始終相切．對于②結(jié)論是不正確的

8、，由①可知兩圓外切，只有3條公切線．對于③結(jié)論是正確的，由直線l：2(m＋3)x＋3(m＋2)y－(2m＋5)＝0可化為m(2x＋3y－2)＋6x＋6y－5＝0.解方程組得交點M，則|MO|＝＝<1，故點M在圓C2內(nèi)，所以直線l與圓C2一定相交于兩個不同的點．對于④結(jié)論是正確的，如圖所示，當(dāng)P，Q兩點與公切點共線時距離最大，為|PQ|＝2(r1＋r2)＝4.綜上，正確的結(jié)論是①③④.故選B. 答案：B 二、填空題 9．(20xx河北邯鄲月考)在圓x2＋y2－2x－6y＝0內(nèi)，過點E(0,1)的最長弦和最短弦分別為AC和BD，則四邊形ABCD的面積為__________． 解析：方程

9、表示的是以(1,3)為圓心，為半徑的圓．點E為圓內(nèi)一點，因此過點E的最長的弦是直徑(長為2)，最短的弦(弦長為2)是與過點E的直徑垂直的弦．所以四邊形ABCD的面積為S＝22＝10. 答案：10 10．(20xx四川綿陽期末)圓C1的方程是(x－3)2＋y2＝，圓C2的方程是(x－3－cosθ)2＋(y－sinθ)2＝(θ∈R)，過C2上任意一點P作圓C1的兩條切線PM，PN，切點分別為M，N，則∠MPN的最小正切值是__________． 解析：圓C2：(x－3－cosθ)2＋(y－sinθ)2＝(θ∈R)，圓心C2(3＋cosθ，sinθ)，半徑等于.由題意可知∠MPN最小時，|PC1|最大，最大為|C1C2|＋＝，∴PM＝＝，∴tan∠MPC1＝， ∴tan∠MPN＝＝. 答案： 11．(20xx貴州遵義一模)如圖，已知圓M：(x－3)2＋(y－3)2＝4，四邊形ABCD為圓M的內(nèi)接正方形，E，F(xiàn)分別為AB，AD的中點，當(dāng)正方形ABCD繞圓心M轉(zhuǎn)動時，的最大值是__________． 解析：由題意可得＝＋， ∴＝(＋)＝＋.∵M(jìn)E⊥MF，∴＝0，∴＝.由題意可得，圓M的半徑為2，故正方形ABCD的邊長為2，故ME＝，再由OM＝3，可得＝3cos〈，〉＝6cos〈，〉，即＝ 6cos〈，〉，故的最大值為6. 答案：6