2019高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專題一 力和運(yùn)動(dòng) 專題強(qiáng)化練（二）力與直線運(yùn)動(dòng).doc

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專題強(qiáng)化練(二)　力與直線運(yùn)動(dòng) 考點(diǎn)1　勻變速直線運(yùn)動(dòng) 1．在離地高h(yuǎn)處，沿豎直方向同時(shí)向上和向下拋出兩個(gè)小球，它們的初速度大小均為v，不計(jì)空氣阻力，兩球落地的時(shí)間差為 (　　) A.　　　　　　　　 B. C. D. 解析：根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，可知向上拋出的小球落回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度也是v，之后的運(yùn)動(dòng)與豎直下拋的物體運(yùn)動(dòng)情況相同．因此上拋的小球比下拋的小球多運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：t＝＝，A項(xiàng)正確． 答案：A 2．大霧天氣的時(shí)候高速公路經(jīng)常封道，否則會(huì)造成非常嚴(yán)重的車禍．如果某人大霧天開(kāi)車在高速上行駛，設(shè)能見(jiàn)度(觀察者與能看見(jiàn)的最遠(yuǎn)目標(biāo)間的距離)為50 m，該人的反應(yīng)時(shí)間為0.5 s，汽車剎車時(shí)能產(chǎn)生的最大加速度的大小為5 m/s2，為安全行駛，汽車行駛的最大速度為 (　　) A．25 m/s B．20 m/s C．15 m/s D．10 m/s 解析：設(shè)汽車行駛的最大速度為v，則vt0＋＝x，即0.5v＋＝50，解得v＝20 m/s，選項(xiàng)B正確． 答案：B 考點(diǎn)2　圖象問(wèn)題 3．(2018無(wú)錫測(cè)試)一質(zhì)點(diǎn)由靜止開(kāi)始做直線運(yùn)動(dòng)的v－t關(guān)系圖象如圖所示，則該質(zhì)點(diǎn)的x－t關(guān)系圖象可大致表示為下圖中的(　　) 解析：根據(jù)位移圖象中圖線的斜率表示速度可知，該質(zhì)點(diǎn)的x－t關(guān)系圖象可大致表示為B圖． 答案：B 4．如圖所示，為三個(gè)運(yùn)動(dòng)物體的v－t圖象，其中A、B兩物體是從不同地點(diǎn)出發(fā)，A、C是從同一地點(diǎn)出發(fā)，則以下說(shuō)法正確的是(　　) A．A、C兩物體的運(yùn)動(dòng)方向相反 B．t＝4 s時(shí)，A、B兩物體相遇 C．t＝4 s時(shí)，A、C兩物體相遇 D．t＝2 s時(shí)，A、B兩物體相距最遠(yuǎn) 解析：在t＝4 s之前，A、B、C三個(gè)物體開(kāi)始階段速度方向均為正，方向相同；當(dāng)t＝4 s時(shí)，A、B兩物體發(fā)生的位移相同，但由于兩物體不是從同一地點(diǎn)出發(fā)，因此此時(shí)兩者并沒(méi)有相遇，而A、C兩物體是同時(shí)同地出發(fā)，此時(shí)兩者的位移也相等，故此時(shí)兩物體相遇；當(dāng)t＝2 s時(shí)，A、B兩物體的速度相同，此時(shí)應(yīng)當(dāng)為兩者之間距離的一個(gè)極值，但由于初始狀態(tài)不清，沒(méi)有明確A、B誰(shuí)在前，故有“相距最遠(yuǎn)”和“相距最近”兩種可能，因此D錯(cuò)． 答案：C 5．(多選)(2018桂林、崇左聯(lián)考)水平力F方向確定，大小隨時(shí)間的變化如圖(a)所示，用力F拉靜止在水平桌面上的物塊，在F從0開(kāi)始逐漸增大的過(guò)程中，物塊的加速度a隨時(shí)間t變化的圖象如圖(b)所示．重力加速度大小為10 m/s2，最大靜摩擦力大于滑動(dòng)摩擦力．由圖可知(　　) A．物塊與水平桌面間的最大靜摩擦力為3 N B．物塊與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1 C．物塊的質(zhì)量m＝2 kg D．在0～4 s時(shí)間內(nèi)，合外力的沖量為12 Ns 解析：由題圖(b)可知，t＝2 s時(shí)物塊剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，靜摩擦力最大，最大靜摩擦力等于此時(shí)的拉力，由題圖(a)易知最大靜摩擦力為6 N，故A錯(cuò)誤；由題圖(b)知：當(dāng)t＝2 s時(shí)，a＝1 m/s2，F(xiàn)＝6 N，根據(jù)牛頓第二定律得：F－μmg＝ma，代入得：6－μm10＝m.當(dāng)t＝4 s時(shí)，a＝3 m/s2，F(xiàn)＝12 N，根據(jù)牛頓第二定律得：F－μmg＝ma，代入得：12－μm10＝3m.聯(lián)立解得μ＝0.1，m＝3 kg，故B正確，C錯(cuò)誤；a－t圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示速度的變化量，則0～4 s內(nèi)物塊速度的增量為Δv＝(4－2)m/s＝4 m/s，t＝0時(shí)刻速度為0，則物塊在第4 s末的速度為4 m/s；根據(jù)動(dòng)量定理，得0～4 s內(nèi)合外力的沖量為：ΔI＝Δp＝mΔv＝34 Ns＝12 Ns，故D正確． 答案：BD 6．(2018黃岡質(zhì)檢)如圖所示，在水平地面上有一長(zhǎng)木板B，其上疊放木塊A.假定木板與地面之間、木塊和木板之間的最大靜摩擦力都和滑動(dòng)摩擦力相等．用一水平力F作用于B，A、B的加速度與F的關(guān)系如圖乙所示，重力加速度g取10 m/s2，則下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．A的質(zhì)量為0.25 kg B．B的質(zhì)量為1.25 kg C．B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2 D．A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2 解析：由題圖乙知，B與地面的最大靜摩擦力Ff＝3 N，當(dāng)F1＝9 N時(shí)，A、B達(dá)到最大的共同加速度a1＝4 m/s2，對(duì)A、B整體由牛頓第二定律得F1－Ff＝(mA＋mB)a1.水平力再增大時(shí)，A、B發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，A的加速度仍為4 m/s2，B的加速度隨水平力的增大而增大，當(dāng)F2＝13 N時(shí)，aB＝8 m/s2，對(duì)B有F2－Ff－mAa1＝mBaB，解得mB＝1 kg，mA＝0.5 kg，進(jìn)一步求得B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1＝＝0.2，A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2＝＝0.4，C正確，A、B、D錯(cuò)誤． 答案：C 考點(diǎn)3　牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用 7．(多選)(2018西安聯(lián)考)如圖所示，質(zhì)量為m＝1 kg的物塊A停放在光滑的水平桌面上．現(xiàn)對(duì)物塊施加一個(gè)水平向右的外力F，使它在水平面上做直線運(yùn)動(dòng)．已知外力F隨時(shí)間t(單位為s)的變化關(guān)系為F＝(6－2t)N，則(　　) A．在t＝3 s時(shí)，物塊的速度為零 B．物塊向右運(yùn)動(dòng)的最大速度為9 m/s C．在0～6 s內(nèi)，物塊的平均速度等于4.5 m/s D．物塊向右運(yùn)動(dòng)的最大位移大于27 m 解析：水平面光滑，物塊所受的合力等于F，在0～3 s內(nèi)，物塊受的力一直向右，一直向右做加速運(yùn)動(dòng)，可知3 s時(shí)速度不為零，故A錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第二定律得，a＝＝6－2t，a-t圖象如圖所示． 圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示速度的變化量，可知最大速度變化量為Δv＝63 m/s＝9 m/s，可知物塊向右運(yùn)動(dòng)的最大速度為9 m/s，故B正確；物塊的速度時(shí)間圖象如圖所示，由圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移知，位移x＞69 m＝27 m，則平均速度＝＞ m/s＝4.5 m/s，故D正確，C錯(cuò)誤． 答案：BD 8．(多選)(2018沈陽(yáng)模擬)如圖所示為糧袋的傳送帶裝置，已知AB間的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，傳送帶與水平方向的夾角為θ，工作時(shí)運(yùn)行速度為v，糧袋與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，正常工作時(shí)工人在A點(diǎn)將糧袋由靜止放上傳送帶，以下說(shuō)法正確的是(設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力)(　　) A．糧袋到達(dá)B點(diǎn)的速度與v比較，可能大，也可能相等或小 B．若L足夠大，糧袋最終將一定以速度v做勻速運(yùn)動(dòng) C．若μμ2 B．μ1<μ2 C．若改變F的大小，當(dāng)F>μ2(m1＋m2)g時(shí)，長(zhǎng)木板將開(kāi)始運(yùn)動(dòng) D．若將F作用于長(zhǎng)木板，當(dāng)F>(μ1＋μ2)(m1＋m2)g時(shí)，長(zhǎng)木板與木塊將開(kāi)始相對(duì)滑動(dòng) 解析：對(duì)木塊，根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律有：F－μ1m1g＝m1a，對(duì)長(zhǎng)木板，由于保持靜止有：μ1m1g－Ff＝0，F(xiàn)f<μ2(m1＋m2)g，所以動(dòng)摩擦因數(shù)的大小無(wú)法比較，故A、B錯(cuò)誤；改變F的大小，只要木塊在長(zhǎng)木板上滑動(dòng)，則木塊對(duì)長(zhǎng)木板的滑動(dòng)摩擦力不變，長(zhǎng)木板仍然保持靜止，故C錯(cuò)誤；若將F作用于長(zhǎng)木板，當(dāng)木塊與長(zhǎng)木板恰好開(kāi)始相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，對(duì)木塊，μ1m1g＝m1a，解得a＝μ1g，對(duì)整體分析，有F－μ2(m1＋m2)g＝(m1＋m2)a，解得F＝(μ1＋μ2)(m1＋m2)g，所以當(dāng)F>(μ1＋μ2)(m1＋m2)g時(shí)，長(zhǎng)木板與木塊將開(kāi)始相對(duì)滑動(dòng)，故D正確． 答案：D 10．(2018濰坊模擬)如圖甲所示，水平地面上輕彈簧左端固定，右端通過(guò)滑塊壓縮0.4 m后鎖定，t＝0時(shí)解除鎖定釋放滑塊．計(jì)算機(jī)通過(guò)滑塊上的速度傳感器描繪出滑塊的速度圖象如圖乙所示，其中Oab段為曲線，bc段為直線，傾斜直線Od是t＝0時(shí)的速度圖線的切線，已知滑塊質(zhì)量m＝2.0 kg，取g＝10 m/s2.求： (1)滑塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)； (2)彈簧的勁度系數(shù)． 解析：(1)從題圖乙可知，滑塊脫離彈簧后的加速度大小 a1＝＝ m/s2＝5 m/s2， 由牛頓第二定律得：μmg＝ma1. 代入數(shù)據(jù)解得：μ＝0.5. (2)剛釋放時(shí)滑塊的加速度為： a2＝＝ m/s2＝30 m/s2， 由牛頓第二定律得：kx－μmg＝ma2. 代入數(shù)據(jù)解得：k＝175 N/m. 答案：(1)0.5　(2)175 N/m