江蘇省高中物理學(xué)業(yè)水平測(cè)試復(fù)習(xí) 專(zhuān)題一 牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合應(yīng)用二沖A集訓(xùn)

《江蘇省高中物理學(xué)業(yè)水平測(cè)試復(fù)習(xí) 專(zhuān)題一 牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合應(yīng)用二沖A集訓(xùn)》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《江蘇省高中物理學(xué)業(yè)水平測(cè)試復(fù)習(xí) 專(zhuān)題一 牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合應(yīng)用二沖A集訓(xùn)（4頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合應(yīng)用(二) 1．(2018徐州學(xué)測(cè)模擬)如圖1所示， 圖1 小明坐在雪橇上，媽媽拉著雪橇在水平雪面上從靜止開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，通過(guò)的位移L＝9 m．已知小明與雪橇的總質(zhì)量m＝60 kg，媽媽對(duì)雪橇的拉力F＝400 N、與水平面夾角θ＝37，雪橇與雪地之間的摩擦力Ff＝200 N，sin 37＝0.6，cos 37＝0.8.則在這個(gè)過(guò)程中，求： (1)拉力F所做的功WF； (2)雪橇運(yùn)動(dòng)的加速度大小a； (3)雪橇運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t. 2．(2018揚(yáng)州學(xué)測(cè)模擬)如圖2甲所示，質(zhì)量m＝4 kg的物體靜止于水平面上，所受拉力大小F＝20 N，方

2、向與水平面成θ＝37角斜向上．物體從靜止開(kāi)始沿水平面做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其v－t圖象如圖乙所示，取g＝10 m/s2，sin 37＝0.6，cos 37＝0.8.求： 圖2 (1)物體運(yùn)動(dòng)的加速度大小； (2)物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)； (3)經(jīng)過(guò)10 s時(shí)間拉力F對(duì)物體所做的功． 3．(2018淮安學(xué)測(cè)模擬)如圖3所示，傾角θ＝37的粗糙斜面的底端A與水平傳送帶相接觸，傳送帶正以v＝4 m/s的速度順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，質(zhì)量為2 kg的物體(可視為質(zhì)點(diǎn))從斜面上O處由靜止下滑，經(jīng)過(guò)時(shí)間1.5 s滑到斜面底端A.已知O、A之間距離LOA＝4.5 m，傳送帶兩端A、B間的

3、距離LAB＝10 m，物體與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2＝0.5，sin 37＝0.6，cos 37＝0.8，g＝10 m/s2.不計(jì)物體經(jīng)過(guò)A時(shí)的動(dòng)能損失． 圖3 (1)求物體沿斜面下滑的加速度大??； (2)求物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1； (3)物體在傳送帶上向左運(yùn)動(dòng)時(shí)是否會(huì)從B端滑出？如果滑出，求離開(kāi)B點(diǎn)時(shí)的速度大小？如果不滑出，求物體返回到A點(diǎn)時(shí)的速度大小． 4．(2018南通中學(xué)學(xué)測(cè)模擬)如圖4甲所示，固定光滑細(xì)桿與水平地面成一定傾角，在桿上套有一個(gè)光滑小環(huán)，小環(huán)從桿底開(kāi)始在沿桿方向向上的推力F作用下向上運(yùn)動(dòng).0～2 s內(nèi)推力的大小為5.0 N,2～4

4、s內(nèi)推力的大小變?yōu)?.5 N，小環(huán)運(yùn)動(dòng)的速度隨時(shí)間變化規(guī)律如圖乙所示，g取10 m/s2.求： 圖4 (1)小環(huán)在加速運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度a的大小； (2)小環(huán)的質(zhì)量m； (3)第4秒末撤去F，求小環(huán)到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)離地面的高度． 答案精析 1．(1)2 880 J　(2)2 m/s2　(3)3 s 解析　(1)由WF＝FLcos θ 代入數(shù)據(jù)解得WF＝2 880 J (2)根據(jù)牛頓第二定律有ma＝Fcos θ－Ff 代入數(shù)據(jù)解得a＝2 m/s2 (3)由L＝at2代入數(shù)據(jù)解得t＝3 s 2．(1)0.5 m/s2　(2)0.5　(3)400 J 解

5、析　(1)根據(jù)物體運(yùn)動(dòng)的v－t圖象，可得物體的加速度 a＝＝ m/s2＝0.5 m/s2 (2)物體受力如圖所示， 根據(jù)牛頓第二定律得：Fcos 37－Ff＝ma Fsin 37＋FN＝mg 又Ff＝μFN 由以上三式可解得：μ＝0.5 (3)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：經(jīng)過(guò)10 s時(shí)間物體的位移大小為x＝at2＝0.5102 m＝25 m 故W＝Fxcos 37＝20250.8 J＝400 J. 3．(1)4 m/s2　(2)0.25　(3)不會(huì)從B點(diǎn)滑出　4 m/s 解析　(1)由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式知LOA＝at2，a＝4 m/s2 (2)由牛頓第二定律得mgsin θ－μ1mg

6、cos θ＝ma 解得μ1＝0.25 (3)vA＝at＝6 m/s，a2＝μ2g＝5 m/s2 物體從A點(diǎn)向左運(yùn)動(dòng)的距離x＝＝3.6 m<10 m，不會(huì)從B點(diǎn)滑出． 物體向右返回，加速到相對(duì)傳送帶靜止所需距離 x′＝＝1.6 m