2019年高考物理大二輪專(zhuān)題復(fù)習(xí) 考前增分練 選擇題部分 專(zhuān)練11 楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律.doc

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2019年高考物理大二輪專(zhuān)題復(fù)習(xí) 考前增分練 選擇題部分 專(zhuān)練11 楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律 1．(xx江蘇1)如圖1所示，一正方形線(xiàn)圈的匝數(shù)為n，邊長(zhǎng)為a，線(xiàn)圈平面與勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直，且一半處在磁場(chǎng)中．在Δt時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不變，大小由B均勻地增大到2B.在此過(guò)程中，線(xiàn)圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為(　　) 圖1 A. B. C. D. 答案　B 解析　線(xiàn)圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝n＝nS＝n＝，選項(xiàng)B正確． 2．(xx山東16)如圖2所示，一端接有定值電阻的平行金屬軌道固定在水平面內(nèi)，通有恒定電流的長(zhǎng)直絕緣導(dǎo)線(xiàn)垂直并緊靠軌道固定，導(dǎo)體棒與軌道垂直且接觸良好．在向右勻速通過(guò)M、N兩區(qū)的過(guò)程中，導(dǎo)體棒所受安培力分別用FM、FN表示．不計(jì)軌道電阻，以下敘述正確的是(　　) 圖2 A．FM向右 B．FN向左 C．FM逐漸增大 D．FN逐漸減小 答案　BCD 解析　根據(jù)直線(xiàn)電流產(chǎn)生磁場(chǎng)的分布情況知，M區(qū)的磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，N區(qū)的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，離導(dǎo)線(xiàn)越遠(yuǎn)，磁感應(yīng)強(qiáng)度越?。?dāng)導(dǎo)體棒勻速通過(guò)M、N兩區(qū)時(shí)，感應(yīng)電流的效果總是反抗引起感應(yīng)電流的原因，故導(dǎo)體棒在M、N兩區(qū)運(yùn)動(dòng)時(shí)，受到的安培力均向左，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確；導(dǎo)體棒在M區(qū)運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B變大，根據(jù)E＝Blv，I＝及F＝BIl可知，F(xiàn)M逐漸變大，故選項(xiàng)C正確；導(dǎo)體棒在N區(qū)運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B變小，根據(jù)E＝Blv，I＝及F＝BIl可知，F(xiàn)N逐漸變小，故選項(xiàng)D正確． 3．在大連某中學(xué)實(shí)驗(yàn)室的水平桌面上，放置一矩形閉合導(dǎo)體線(xiàn)圈，如圖3所示，線(xiàn)圈的ab邊沿南北方向，ad邊沿東西方向．僅考慮地磁場(chǎng)的影響，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖3 A．若使線(xiàn)圈向東平動(dòng)，則a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的電勢(shì)高 B．若使線(xiàn)圈向東平動(dòng)，則a點(diǎn)的電勢(shì)與b點(diǎn)的電勢(shì)相等 C．若以bc邊為軸將線(xiàn)圈向上翻轉(zhuǎn)90過(guò)程中，則線(xiàn)圈中感應(yīng)電流方向?yàn)閍bcda D．若以bc邊為軸將線(xiàn)圈向上翻轉(zhuǎn)90過(guò)程中，則線(xiàn)圈中感應(yīng)電流方向?yàn)閍dcba 答案　C 解析　若使線(xiàn)圈向東平動(dòng)，由于地磁場(chǎng)的磁感線(xiàn)是地理南極指向北極，則穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量不變，因此線(xiàn)圈中沒(méi)有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，故A、B錯(cuò)誤；若以bc為軸將線(xiàn)圈向上翻轉(zhuǎn)90過(guò)程中，ad邊切割磁感應(yīng)線(xiàn)，由右手定則可知線(xiàn)圈中感應(yīng)電流方向?yàn)閍bcda，故C正確，D錯(cuò)誤． 4．如圖4所示，邊長(zhǎng)為2L的正方形虛線(xiàn)框內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.一個(gè)邊長(zhǎng)為L(zhǎng)粗細(xì)均勻的正方形導(dǎo)線(xiàn)框abcd，其所在平面與磁場(chǎng)方向垂直，導(dǎo)線(xiàn)框的對(duì)角線(xiàn)與虛線(xiàn)框的對(duì)角線(xiàn)在一條直線(xiàn)上，導(dǎo)線(xiàn)框各邊的電阻大小均為R.在導(dǎo)線(xiàn)框從圖示位置開(kāi)始以恒定速度v沿對(duì)角線(xiàn)方向進(jìn)入磁場(chǎng)，到整個(gè)導(dǎo)線(xiàn)框離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖4 A．導(dǎo)線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流 B．導(dǎo)線(xiàn)框中有感應(yīng)電流的時(shí)間為 C．導(dǎo)線(xiàn)框的bd對(duì)角線(xiàn)有一半進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，整個(gè)導(dǎo)線(xiàn)框所受安培力大小為 D．導(dǎo)線(xiàn)框的bd對(duì)角線(xiàn)有一半進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，導(dǎo)線(xiàn)框a、c兩點(diǎn)間的電壓為 答案　D 解析　根據(jù)楞次定律的推論：感應(yīng)電流的效果總是阻礙磁通量的變化，故由楞次定律判斷出，導(dǎo)線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，故A選項(xiàng)錯(cuò)誤；導(dǎo)線(xiàn)框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后感應(yīng)電流消失，完全進(jìn)入經(jīng)歷的時(shí)間為，完全穿出經(jīng)歷時(shí)間也為，導(dǎo)線(xiàn)框中有感應(yīng)電流的時(shí)間t＝2，故B選項(xiàng)錯(cuò)誤；導(dǎo)線(xiàn)框的bd對(duì)角線(xiàn)有一半進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，導(dǎo)體的有效切割長(zhǎng)度為，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為，由安培力公式為F＝，可算出安培力為，故C選項(xiàng)錯(cuò)誤；導(dǎo)線(xiàn)框的bd對(duì)角線(xiàn)有一半進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，導(dǎo)線(xiàn)框a、c兩點(diǎn)間的電壓為電動(dòng)勢(shì)的一半，大小為，故D選項(xiàng)正確． 5．電吉他是利用電磁感應(yīng)原理工作的一種樂(lè)器．如圖5甲所示為電吉他的拾音器的原理圖，在金屬弦的下方置有一個(gè)連接到放大器的螺線(xiàn)管．一條形磁鐵固定在管內(nèi)，當(dāng)撥動(dòng)金屬弦后，螺線(xiàn)管內(nèi)就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，經(jīng)一系列轉(zhuǎn)化后可將電信號(hào)轉(zhuǎn)為聲音信號(hào)．若由于金屬弦的振動(dòng)，螺線(xiàn)管內(nèi)的磁通量隨時(shí)間的變化如圖乙所示，則對(duì)應(yīng)感應(yīng)電流的變化為(　　) 　 圖5 答案　D 解析　在0～時(shí)間內(nèi)，磁通量增加但增加的越來(lái)越慢，因此感應(yīng)電流越來(lái)越小，到時(shí)刻，感應(yīng)電流減小到零；在～t0時(shí)間內(nèi)，磁通量越來(lái)越小，感應(yīng)電流反向，磁通量變化的越來(lái)越快，感應(yīng)電流越來(lái)越大，到t0時(shí)刻達(dá)到反向最大值，從這兩段時(shí)間斷定，選項(xiàng)D正確，A、B、C錯(cuò)誤． 6．如圖6所示，兩個(gè)有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，方向分別垂直紙面向里和向外，磁場(chǎng)寬度均為L(zhǎng)，距磁場(chǎng)區(qū)域的左側(cè)L處，有一邊長(zhǎng)也為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)體線(xiàn)框，總電阻為R，且線(xiàn)框平面與磁場(chǎng)方向垂直，現(xiàn)用外力F使線(xiàn)框以速度v勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，以初始位置為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，規(guī)定：電流沿逆時(shí)針?lè)较驎r(shí)電動(dòng)勢(shì)E為正，磁感線(xiàn)垂直紙面向里時(shí)磁通量Φ的方向?yàn)檎?，外力F向右為正．則以下關(guān)于線(xiàn)框中磁通量Φ、感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E、外力F和線(xiàn)圈總電功率P隨時(shí)間t變化的圖象正確的是(　　) 圖6 答案　BD 解析　當(dāng)運(yùn)動(dòng)到2.5L時(shí)，磁通量為零，故A錯(cuò)誤；當(dāng)線(xiàn)圈進(jìn)入第一個(gè)磁場(chǎng)和離開(kāi)第二個(gè)磁場(chǎng)時(shí)，由E＝BLv可知，E保持不變，方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较颍_(kāi)始進(jìn)入第二個(gè)磁場(chǎng)時(shí)，兩端同時(shí)切割磁感線(xiàn)，電動(dòng)勢(shì)應(yīng)為2BLv，方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?，故B正確；因安培力總是與運(yùn)動(dòng)方向相反，故拉力應(yīng)一直向右，故C錯(cuò)誤；拉力的功率P＝Fv，因速度不變，故P與F的變化規(guī)律一致，所以D正確． 7．有一種信號(hào)發(fā)生器的工作原理可簡(jiǎn)化為如圖7所示的情形，豎直面內(nèi)有半徑均為R且相切于O點(diǎn)的兩圓形區(qū)域，其內(nèi)存在水平恒定的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，長(zhǎng)為2R的導(dǎo)體桿OA，以角速度ω繞過(guò)O點(diǎn)的固定軸，在豎直平面內(nèi)順時(shí)針勻速旋轉(zhuǎn)，t＝0時(shí)，OA恰好位于兩圓的公切線(xiàn)上，下列描述導(dǎo)體桿兩端電勢(shì)差UAO隨時(shí)間變化的圖象可能正確的是(　　) 圖7 答案　A 解析　由右手定則可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)始終從O指向A，為正．由E＝BL2ω，L是有效切割長(zhǎng)度，B、ω不變，切割的有效長(zhǎng)度隨時(shí)間先增大后減小，且做非線(xiàn)性、非正弦的變化，經(jīng)半圈后，再次重復(fù)，故A正確． 8．如圖8甲所示，一個(gè)圓形線(xiàn)圈的匝數(shù)n＝100，線(xiàn)圈面積S＝200 cm2，線(xiàn)圈的電阻r＝1 Ω，線(xiàn)圈外接一個(gè)阻值R＝4 Ω的電阻，把線(xiàn)圈放入一方向垂直線(xiàn)圈平面向里的磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化規(guī)律如圖乙所示．下列說(shuō)法中正確的是(　　) 圖8 A．線(xiàn)圈中的感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较? B．電阻R兩端的電壓隨時(shí)間均勻增大 C．線(xiàn)圈電阻r消耗的功率為410－4 W D．前4 s內(nèi)通過(guò)R的電荷量為410－4 C 答案　C 解析　由圖可知，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量變大，由楞次定律可得：線(xiàn)圈產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，故A錯(cuò)誤．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，磁通量的變化率恒定，所以電動(dòng)勢(shì)恒定，則電阻兩端的電壓恒定，故B錯(cuò)誤；由法拉第電磁感應(yīng)定律：E＝N＝N＝1000.02 V＝0.1 V，由閉合電路歐姆定律，可知電路中的電流為I＝＝ A＝0.02 A，所以線(xiàn)圈電阻r消耗的功率P＝I2r＝0.0221 W＝410－4 W，故C正確；前4 s內(nèi)通過(guò)R的電荷量Q＝It＝0.024 C＝0.08 C，故D錯(cuò)誤．faa