2019年高考數(shù)學一輪總復習 滾動測試卷二 文.doc

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2019年高考數(shù)學一輪總復習 滾動測試卷二 文 一、 選擇題(每小題5分，共60分) 1. (xx淄博檢測)集合A＝{－1，0，1}，B＝{y|y＝ex，x∈A}，則A∩B等于(B) A. {0} B. {1} C. {0，1} D. {－1，0，1} B＝{y|y＝ex，x∈A}＝，∴A∩B＝{1}，故選B. 2. (xx廣東十校聯(lián)考)如果命題“(p∨q)”是假命題，則下列說法正確的是(B) A. p，q均為真命題 B. p，q中至少有一個為真命題 C. p，q均為假命題 D. p，q中至少有一個為假命題 ∵(p∨q)是假命題，∴p∨q是真命題，∴p，q中至少有一個為真命題，故選B. 3. 已知等比數(shù)列{an}的各項均為正數(shù)，且a2＝1－a1，a4＝9－a3，則a4＋a5的值為(C) A. 16 B. 25 C. 27 D. 36 設等比數(shù)列{an}的公比為q，則a1＋a2＝1，a3＋a4＝a1q2＋a2q2＝9，∴q2＝9，∵an>0，∴q＝3，a4＋a5＝a1q3＋a2q3＝(a1＋a2)q3＝27，故選C. 4. (xx浙江聯(lián)考)當x＝時，函數(shù)f(x)＝Asin(x＋φ)(A＞0)取得最小值，則函數(shù)y＝f是(C) A. 奇函數(shù)且圖像關于點對稱 B. 偶函數(shù)且圖像關于點(π，0)對稱 C. 奇函數(shù)且圖像關于直線x＝對稱 D. 偶函數(shù)且圖像關于點對稱 ∵當x＝時，函數(shù)f(x)＝Asin(x＋φ)(A＞0)取得最小值，根據(jù)函數(shù)的圖像可知，＋φ＝2kπ－(k∈Z)，則φ＝2kπ－，k∈Z，于是函數(shù)y＝f＝－Asin x，顯然該函數(shù)是奇函數(shù)且圖像關于直線x＝對稱，故選C. 5. (xx江南十校聯(lián)考)如圖，△ABC中，∠A＝60，∠A的平分線交BC于D，若AB ＝4，且＝＋λ(λ∈R)，則AD的長為(B) A. 2 B. 3 C. 4 D. 5 ∵B，D，C三點共線，∴有＋λ＝1，解得λ＝，如圖，過點D分別作AC，AB的平行線交AB，AC于點M，N，則＝，＝，經計算得AN＝AM＝3，AD＝3. 6. 若a＞b＞0，則代數(shù)式a2＋的最小值為(C) A. 2 B. 3 C. 4 D. 5 依題意得a－b>0，∴代數(shù)式a2＋≥a2＋＝a2＋≥2＝4，當且僅當即a＝，b＝時取等號，因此a2＋的最小值是4，故選C. 7. (xx青島二模)已知數(shù)列{an}是以3為公差的等差數(shù)列，Sn是其前n項和，若S10是數(shù)列{Sn}中的唯一最小項，則數(shù)列{an}的首項a1的取值范圍是(C) A. [－30，－27] B. (30，33) C. (－30，－27) D. [30，33] ∵Sn＝na1＋3＝－，又S10是數(shù)列{Sn}中的唯一最小項，∴9.5＜ －a1＜10.5，解得－30＜a1＜－27.∴數(shù)列{an}的首項a1的取值范圍是(－30，－27)．故選C. 8. (xx湖南五市十校聯(lián)考)在斜三角形ABC中，sin A＝－cos Bcos C，且tan Btan C＝1－，則角A的值為(A) A. B. C. D. 由題意知，sin A＝－cos Bcos C＝sin(B＋C)＝sin Bcos C＋cos Bsin C，在等式－cos Bcos C＝sin Bcos C＋cos Bsin C兩邊除以cos Bcos C得tan B＋tan C＝－，tan(B＋C)＝＝－1＝－tan A，∴角A＝. 9. (xx東北三校聯(lián)考)已知向量a，b是夾角為60的兩個單位向量，向量a＋λb(λ∈R)與向量a－2b垂直，則實數(shù)λ的值為(D) A. 1 B. －1 C. 2 D. 0 由題意可知ab＝|a||b|cos 60＝，而(a＋λb)⊥(a－2b)，故(a＋λb)(a－2b)＝0，即a2＋λab－2ab－2λb2＝0，從而可得1＋－1－2λ＝0，即λ＝0. 10. 設m>1，在約束條件下，目標函數(shù)z＝x＋my的最大值小于2，則m的取值范圍為(A) A. (1，1＋) B. (1＋，＋∞) C. (1，3) D. (3，＋∞) 變換目標函數(shù)為y＝－x＋，由于m>1，∴－1<－<0.不等式組表示的平面區(qū)域如圖中的陰影部分所示．根據(jù)目標函數(shù)的幾何意義，只有直線y＝－x＋在y軸上的截距最大時，目標函數(shù)才取得最大值，顯然在點A處取得最大值．由y＝mx，x＋y＝1，得A，∴目標函數(shù)的最大值是＋.由已知目標函數(shù)的最大值小于2，可得＋<2，即m2－2m－1<0，解得1－0)的最小值為　(B) A. 4 B. 3 C. 2 D. 1 根據(jù)條件③，對于任意的a，b，c有(a⊕b)⊕c＝c⊕(ab)＋(a⊕c)＋(b⊕c)－2c，∴取c＝0得(a⊕b)⊕0＝0⊕(ab)＋(a⊕0)＋(b⊕0)－20，又由①②得a⊕0＝0⊕a＝a對任意實數(shù)a都成立，代入上式得：a⊕b＝ab＋a＋b，這就是運算⊕的定義，將其代入題目檢驗，符合①②③，∴f(x)＝x⊕＝x＋x＋＝x＋＋1≥2＋1＝3，當且僅當x＝1時“＝”成立，即函數(shù) f(x)＝x⊕(x>0)的最小值為3.故選B. 12. 正整數(shù)按下列方法分組：{1}，{2，3，4}，{5，6，7，8，9}，{10，11，12，13，14，15，16}，…，記第n組中各數(shù)之和為An；由自然數(shù)的立方構成下列數(shù)組：{03，13}，{13，23}，{23，33}，{33，43}，…，記第n組中后一個數(shù)與前一個數(shù)的差為Bn，則An＋Bn等于(A) A. 2n3 B. 4n3 C. 6n3 D. 8n3 由題意知，前n組共有1＋3＋5＋…＋(2n－1)＝n2個數(shù)，∴第 n－1組的最后一個數(shù)為(n－1)2，第n組的第一個數(shù)為(n－1)2＋1，第n組共有2n－1個數(shù)，∴根據(jù)等差數(shù)列的前n項和公式可得An＝(2n－1)＝[(n－1)2＋n](2n－1)，而Bn＝n3－(n－1)3, ∴An＋Bn＝2n3. 二、 填空題(每小題5分，共20分) 13. (xx南昌模擬)已知向量e1＝，e2＝，則e1e2＝__2__． 由向量數(shù)量積公式得e1e2＝cos 2sin ＋sin 4cos ＝＋2＝2. 14. (xx山西診斷)在△ABC中，已知∠B＝45，c＝2，b＝，則∠A＝__15或75__． 由正弦定理得＝，sin C＝＝， 又0＜∠C＜180，因此有∠C＝60或∠C＝120，于是有∠A＝75或∠A＝15. 15. 已知數(shù)列{an}滿足a1＝5，anan＋1＝2n，則＝__4__． 依題意得＝＝2，即＝2，數(shù)列a1，a3，a5，a7，…是一個以5為首項、以2為公比的等比數(shù)列，因此＝4. 16. 已知任意非零實數(shù)x，y滿足3x2＋4xy≤λ(x2＋y2)恒成立，則實數(shù)λ的最小值為__4__． 依題意得，3x2＋4xy≤3x2＋[x2＋(2y)2]＝4(x2＋y2)，因此有≤4，當且僅當x＝2y時取等號，即的最大值是4，結合題意得λ≥，故λ≥4，即λ的最小值是4. 三、 解答題(共70分) 17. (10分)已知命題p：?x∈，使 mcos x＝2sin x成立 ；命題q：函數(shù)y＝log2[4x2＋4(m－2)x＋1]的定義域為(－∞，＋∞)，若“p∨q”為真，“p∧q”為假，求m的取值范圍． 對于mcos x＝2sin x，可化為m＝2tan x成立，而當 x∈時，y＝2tan x為增函數(shù)，故2tan x>2 ，得m>2.(3分) 對于q：∵函數(shù)y＝log2[4x2＋4(m－2)x＋1]的定義域為(－∞，＋∞)， ∴4x2＋4(m－2)x＋1>0，x∈R恒成立，即Δ＝16(m－2)2－16<0， 解得10，∴x＝－(舍去)． 當00；當x>1時，f′(x)<0. ∴函數(shù)f(x)在區(qū)間(0，1)上單調遞增，在區(qū)間(1，＋∞)上單調遞減，(4分) ∴當x＝1時，函數(shù)f(x)取得最大值，最大值為f(1)＝ln 1－12＋1＝0.當x≠1時，f(x)0，∴f(x)在區(qū)間(1，＋∞)上為增函數(shù)，不合題意． ②當a>0時，f′(x)≤0(x>0)等價于(2ax＋1)(ax－1)≥0(x>0)，即x≥， 此時f(x)的單調遞減區(qū)間為. 由得a≥1.(12分) ③當a<0時，f′(x)≤0(x>0)等價于(2ax＋1)(ax－1)≥0(x>0)，即x≥－，此時f(x)的單調遞減區(qū)間為. 由得a≤－. 綜上，實數(shù)a的取值范圍是∪[1，＋∞)．(14分)