2019年高考物理大二輪專題復習 考前增分練 選擇題部分 專練12 應用動力學和能量觀點分析電磁感應問題.doc

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2019年高考物理大二輪專題復習 考前增分練 選擇題部分 專練12 應用動力學和能量觀點分析電磁感應問題 1．如圖1，金屬棒ab、cd與足夠長的水平光滑金屬導軌垂直且接觸良好，勻強磁場豎直向下．ab棒在恒力F作用下向右運動的過程中，有(　　) 圖1 A．安培力對ab棒做正功 B．安培力對cd棒做正功 C．abdca回路的磁通量先增加后減少 D．F做的功等于回路產生的總熱量和系統(tǒng)動能增量之和 答案　BD 解析　設金屬棒ab、cd的速度分別為v1、v2，運動剛開始，v1>v2，回路的電動勢E＝，電流為逆時針方向，ab、cd棒的安培力分別向左、向右，分別對棒做負功、正功，選項A錯誤，B正確；導體棒最后做加速度相同速度不同的勻加速運動，且v1>v2，abdca回路的磁通量一直增加，選項C錯誤；對系統(tǒng)，由動能定理，F(xiàn)做的功和安培力對系統(tǒng)做的功的代數(shù)和等于系統(tǒng)動能增量之和，而安培力對系統(tǒng)做的功的代數(shù)和等于回路產生的總熱量，選項D正確． 2．如圖2所示，空間存在一有邊界的條形勻強磁場區(qū)域，磁場方向與豎直平面(紙面)垂直，磁場邊界的間距為L.一個質量為m、邊長也為L的正方形導線框沿豎直方向運動，線框所在平面始終與磁場方向垂直，且線框上、下邊始終與磁場的邊界平行．t＝0時刻導線框的上邊恰好與磁場的下邊界重合(圖中位置Ⅰ)，導線框的速度為v0.經歷一段時間后，當導線框的下邊恰好與磁場的上邊界重合時(圖中位置Ⅱ)，導線框的速度剛好為零．此后，導線框下落，經過一段時間回到初始位置Ⅰ(不計空氣阻力)，則(　　) 圖2 A．上升過程中合力做的功與下降過程中合力做的功相等 B．上升過程中線框產生的熱量比下降過程中線框產生的熱量多 C．上升過程中，導線框的加速度逐漸減小 D．上升過程克服重力做功的平均功率小于下降過程重力的平均功率 答案　BC 解析　線框在運動過程中要克服安培力做功，消耗機械能，故返回原位置時速率減小，由動能定理可知，上升過程動能變化量大，合力做功多，所以選項A錯誤；分析線框的運動過程可知，在任一位置，上升過程的安培力大于下降過程中的安培力，而上升、下降位移相等，故上升過程克服安培力做功大于下降過程中克服安培力做的功，故上升過程中線框產生的熱量多，所以選項B正確；以線框為對象分析受力可知，在上升過程做減速運動，有F安＋mg＝ma，F(xiàn)安＝，故有a＝g＋v，所以上升過程中，速度減小，加速度也減小，故選項C正確；在下降過程中的加速度小于上升過程的加速度，而上升、下降的位移相等，故可知上升時間較短，下降時間較長，兩過程中重力做功大小相同，由功率公式可知，上升過程克服重力做功的平均功率大于下降過程重力做的平均功率，所以選項D錯誤． 3．如圖3所示，電阻不計的剛性U形金屬導軌放在光滑水平面上，導軌上連有電阻R.質量為m、電阻不計的金屬桿ab可在導軌上滑動，滑動時保持與導軌垂直．金屬桿與導軌之間的動摩擦因數(shù)為μ.導軌右邊的左方為一個勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直于水平面，導軌的右邊恰在勻強磁場右邊邊界處．現(xiàn)有一位于導軌平面內且與導軌平行的向右方向的拉力作用于金屬桿ab上，使之從靜止開始在導軌上向右做加速運動．已知拉力的功率恒為P，經過時間t，金屬桿在導軌上相對導軌向右滑動的位移為x，重力加速度為g.在此過程中，下列說法正確的是(　　) 圖3 A．拉力做的功為Pt＋μmgx B．電阻R中所產生的電能為Pt－μmgx C．金屬桿克服安培力做的功為Pt D．金屬桿和導軌之間由于摩擦而產生的熱量為μmgx 答案　D 解析　因為拉力的功率恒為P，則拉力做功的大小W＝Pt，故A錯誤．根據(jù)能量守恒知，拉力做功一部分轉化為金屬桿的動能，一部分轉化為電阻R上產生的電能，還有一部分轉化為摩擦產生的內能，即Pt＝mv2＋Q＋W電，可知W電＝Pt－Q－mv2＝Pt－μmgx－mv2，B錯誤．拉力做功的大小與金屬桿克服安培力做功的大小不等，則克服安培力做功不等于Pt，故C錯誤．因為金屬桿和導軌間的相對位移為x，則摩擦產生的熱量為μmgx，故D正確． 4．如圖4所示，傾角為θ的光滑斜面固定在水平面上，水平虛線L下方有垂直于斜面向下的勻強磁場，磁感應強度為B.正方形閉合金屬線框邊長為h，質量為m，電阻為R，放置于L上方一定距離處，保持線框底邊ab與L平行并由靜止釋放，當ab邊到達L時，線框速度為v0.ab邊到達L下方距離d處時，線框速度也為v0，已知d>h.以下說法正確的是(　　) 圖4 A．ab邊剛進入磁場時，電流方向為a→b B．ab邊剛進入磁場時，線框加速度沿斜面向下 C．線框進入磁場過程中的最小速度小于 D．線框進入磁場過程中產生的熱量為mgdsin θ 答案　AD 解析　根據(jù)右手定則知，ab邊剛進入磁場時，電流方向為a→b，故A正確．當ab邊到達L時，線框速度為v0，ab邊到達L下方距離d處時，線框速度也為v0，知線框進入磁場時做減速運動，完全進入磁場后做加速運動，則ab邊剛進入磁場時，做減速運動，加速度方向沿斜面向上，故B錯誤．線框完全進入磁場的過程中，做減速運動，完全進入的瞬間速度最小，此時安培力大于重力沿斜面方向的分力，根據(jù)E＝Bvh，I＝，F(xiàn)A＝BIh，根據(jù)FA>mgsin θ，有>mgsin θ，解得v>，故C錯誤．對線框進入磁場的過程運用能量守恒定律得，mgdsin θ＝Q，故D正確． 5．如圖5甲所示，在豎直方向上有四條間距相等的水平虛線L1、L2、L3、L4，在L1L2之間、L3L4之間存在勻強磁場，大小均為1 T，方向垂直于虛線所在平面．現(xiàn)有一矩形線圈abcd，寬度cd＝L＝0.5 m，質量為0.1 kg，電阻為2 Ω，將其從圖示位置由靜止釋放(cd邊與L1重合)，速度隨時間的變化關系如圖乙所示，t1時刻cd邊與L2重合，t2時刻ab邊與L3重合，t3時刻ab邊與L4重合，已知t1～t2的時間間隔為0.6 s，整個運動過程中線圈平面始終處于豎直方向．(重力加速度g取10 m/s2)則(　　) 圖5 A．在0～t1時間內，通過線圈的電荷量為0.25 C B．線圈勻速運動的速度大小為8 m/s C．線圈的長度為1 m D．0～t3時間內，線圈產生的熱量為4.2 J 答案　AB 解析　t2到t3時間內線圈做勻速運動，受力平衡，由＝mg，所以有v2＝＝8 m/s，B正確；設磁場的寬度為d，對線圈勻加速過程有3d＝v2t－gt2，解得d＝1 m，線圈長度為2 m，C錯誤；0～t3時間內，線圈產生的熱量為Q＝mg5d－mv＝1.8 J，D錯誤；在0～t1時間內，通過線圈的電荷量為q＝＝＝0.25 C，A正確． 6．如圖6所示，兩根等高光滑的圓弧軌道，半徑為r、間距為L，軌道電阻不計．在軌道頂端連有一阻值為R的電阻，整個裝置處在一豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度為B.現(xiàn)有一根長度稍大于L、電阻不計的金屬棒從軌道最低位置cd開始，在拉力作用下以速度v0向右沿軌道做勻速圓周運動至ab處，則該過程中(　　) 圖6 A．通過R的電流方向為由內向外 B．通過R的電流方向為由外向內 C．R上產生的熱量為 D．流過R的電量為 答案　BC 解析　根據(jù)右手定則可以判斷出，cd中的感應電流方向由c到d，故通過R的電流方向為由外向內，A錯誤，B正確；金屬棒從cd沿軌道做勻速圓周運動，金屬棒中將產生正弦式電流，將金屬棒的瞬時速度v0分解，水平方向的分速度對產生感應電動勢有貢獻，水平方向的分速度vx＝v0cos θ，金屬棒切割磁感線產生正弦交變電流I＝＝＝cos θ，其有效值為I′＝，金屬棒的時間為t＝，故R上產生的熱量為Q＝I′2Rt＝()2R＝，故C正確；通過R的電量為q＝t＝t＝＝，故D錯誤． 7．如圖7所示，光滑、平行的金屬軌道分水平段(左端接有阻值為R的定值電阻)和半圓弧段兩部分，兩段軌道相切于N和N′點，圓弧的半徑為r，兩金屬軌道間的寬度為d，整個軌道處于磁感應強度為B，方向豎直向上的勻強磁場中．質量為m、長為d、電阻為R的金屬細桿置于框架上的MM′處，＝r.在t＝0時刻，給金屬細桿一個垂直金屬細桿、水平向右的初速度v0，之后金屬細桿沿軌道運動，在t＝t1時刻，金屬細桿以速度v通過與圓心等高的P和P′；在t＝t2時刻，金屬細桿恰好通過圓弧軌道的最高點，金屬細桿與軌道始終接觸良好，軌道的電阻和空氣阻力均不計，重力加速度為g.以下說法正確的是(　　) 圖7 A．t＝0時刻，金屬細桿兩端的電壓為Bdv0 B．t＝t1時刻，金屬細桿所受的安培力為 C．從t＝0到t＝t1時刻，通過金屬細桿橫截面的電量為 D．從t＝0到t＝t2時刻，定值電阻R產生的焦耳熱為mv－mgr 答案　CD 解析　t＝0時刻，金屬細桿產生的感應電動勢為E＝Bdv0，兩端的電壓為U＝E＝Bdv0，故A錯誤．t＝t1時刻，金屬細桿的速度與磁場平行，不切割磁感線，不產生感應電流，所以桿不受安培力，故B錯誤．從t＝0到t＝t1時刻，通過金屬細桿橫截面的電量為q＝＝＝，故C正確．在最高點，有mg＝m，v＝，從t＝0到t＝t2時刻，定值電阻R產生的焦耳熱為Q＝(mv－mg2r－mv2)＝mv－mgr，故D正確．