2019-2020年高中生物第二輪限時35分鐘 第一章 第2節(jié)　孟德爾的豌豆雜交實驗(二) 必修2.doc

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2019-2020年高中生物第二輪限時35分鐘 第一章 第2節(jié)　孟德爾的豌豆雜交實驗(二) 必修2 一、選擇題 1.(xx江蘇高考)已知A與a、B與b、C與c 3對等位基因自由組合，基因型分別為 AaBbCc、AabbCc的兩個體進行雜交。下列關于雜交后代的推測，正確的是(　　) A.表現型有8種，AaBbCc個體的比例為1/16 B.表現型有4種，aaBbcc個體的比例為1/16 C.表現型有8種，Aabbcc個體的比例為1/8 D.表現型有8種，aaBbCc個體的比例為1/16 解析：三對基因按自由組合定律遺傳，其中每對基因的遺傳仍遵循分離定律，故AaAa雜交后代表現型有兩種，其中aa出現的幾率為1/4；Bbbb后代表現型有兩種，其中Bb出現的幾率為1/2；CcCc后代表現型有兩種，其中Cc出現的幾率為1/2，所以AaBbCcAabbCc兩個體后代表現型有222＝8種，aaBbCc個體的比例為1/41/21/2＝1/16。 答案：D 2.在兩對相對性狀的遺傳實驗中，可能具有1∶1∶1∶1比例關系的是(　　) ①雜種自交后代的性狀分離比　②雜種產生配子類別的比例?、垭s種測交后代的表現型比例?、茈s種自交后代的基因型比例?、蓦s種測交后代的基因型比例 A.①②④ B.②④⑤ C.①③⑤ D.②③⑤ 解析：兩對相對性狀的遺傳實驗中，雜種自交后代的性狀分離比為3∶1，雜種產生配子類別的比例為1∶1∶1∶1，雜種測交后代的表現型比例為1∶1∶1∶1，雜種自交后代的基因型比例1∶2∶1∶2∶4∶2∶1∶2∶1，雜種測交后代的基因型比例為1∶1∶1∶1。 答案：D 3.在常染色體上的A、B、C三個基因分別對a、b、c完全顯性。用隱性性狀個體與顯性純合個體雜交得F1，F1測交結果為aabbcc∶AaBbCc∶aaBbcc∶AabbCc＝1∶1∶1∶1，則下列正確表示F1基因型的是 (　　) 解析：因為是測交，親本基因型一定有一個是aabbcc，其配子是abc，再根據 aabbcc∶AaBbCc∶aaBbcc∶AabbCc＝1∶1∶1∶1，在后代所有基因型中除去 abc，剩余 者則為另一親本所能產生的配子類型，A與C固定組合，a與c固定組合。 從B選項的圖中可獲取信息：A與C連鎖，a與c連鎖。 答案：B 4.多指癥由顯性基因控制，先天性聾啞由隱性基因控制，這兩種遺傳病的基因位于非同源染色體上。一對男性患多指、女性正常的夫婦，婚后生了一個手指正常的聾啞孩子。這對夫婦再生下的孩子為手指正常、先天性聾啞、既多指又先天性聾啞這三種情況的可能性依次是 (　　) A.1/2、1/4、1/8 B.1/4、1/8、1/2 C.1/8、1/2、1/4 D.1/4、1/2、1/8 解析：根據親子代表現型，可推出親代基因型父AaBb，母aaBb，他們再生一個孩子情況如下： ①線表示全正常，＝， ②線表示只患聾啞，＝， ③線表示只多指，＝， ④線表示既多指又聾啞，＝。 答案：A 5.(xx南京模擬)雄性蝴蝶有黃色和白色，雌性只有白色；觸角有棒形和正常形，但不論正交反交子代結果一樣。設黃色為Y，白色為y，觸角棒形為A，觸角正常形為a。在下列組合中，不能從其子代表現型判斷出性別的是 (　　) A.yyaa♀YYAA♂　 　　B.YyAA♀yyaa♂ C.YYAa♀Yyaa♂ D.YYAa♀yyAa♂ 解析：據題可知，蝴蝶的顏色為限性遺傳，雌性無論何種基因型都為白色。B組組合中，子代雄性有黃有白，雌性全為白色，無法根據顏色判斷性別，而其他各組子代雄性均為黃色，雌性均為白色。 答案：B 6.某生物的三對等位基因(A和a、B和b、E和e)分別位于三對同源染色體上，且基因A、b、e分別控制①②③三種酶的合成，在三種酶的催化下可使一種無色物質經一系列轉化變?yōu)楹谏?。假設該生物體內黑色素的合成必須由無色物質轉化而來，如圖所示： 　　 現有基因型為AaBbEe的兩個親本雜交，出現黑色子代的概率為 (　　) A.1/64 B.8/64 C.3/64 D.27/64 解析：黑色個體的基因型是A　bbee，則AaBbEeAaBbEe產生A　bbee的比例為3/41/41/4＝3/64。 答案：C 7.某種鼠中，黃鼠基因A對灰鼠基因a為顯性，短尾基因B對長尾基因b為顯性，且基因A或b在純合時使胚胎致死，這兩對基因位于非同源染色體上。現有兩只雙雜合的黃色短尾鼠交配，理論上所生的子代中雜合子所占的比例為 (　　) A.1/4 B.3/4 C.1/9 D.8/9 解析：這兩對基因位于非同源染色體上，符合孟德爾的自由組合定律，兩只雙雜合的黃色短尾鼠的基因型是AaBb，交配時會產生9種基因型的個體，但是由于基因A或b在純合時使胚胎致死，所以，只有AaBB(2/9)、AaBb(4/9)、aaBB(1/9)、aaBb(2/9)四種基因型的個體能夠生存下來，雜合子所占的比例為8/9。 答案：D 8.在西葫蘆的皮色遺傳中，已知黃色基因(Y)對綠色基因(y)為顯性，但在另一白色顯性 基因(W)存在時，則基因Y和y都不能表達。現有基因型WwYy的個體自交，兩對 等基因遵循自由組合定律，其后代表現型種類有幾種 (　　) A.4種 B.2種 C.3種 D.1種 解析：據題意可知，當個體的基因組成中含有W時表現為白色，當基因組成為wwY　時表現為黃色，當基因組成為wwyy時表現為綠色。 答案：C 9.小麥高產與低產由兩對同源染色體上的兩對等位基因(A1與a1，A2與a2)控制，且含顯性基因越多產量越高?，F有高產與低產兩個純系雜交得F1，F1自交得F2，F2中出現了高產、中高產、中產、中低產、低產五個品系。讓F2中某一中產個體自交，后代中有高產個體出現。該中產個體的基因型為 (　　) A.A1a1A2a2 B.A1A1a2a2 C.a1a1A2A2 D.A1a1A2A2 解析：根據題意，中產個體基因型中只能含有2個顯性基因，即有三種可能： A1a1A2a2、A1A1a2a2、a1a1A2A2，根據基因的自由組合定律，只有基因型為A1a1A2a2 的個體自交，后代才能產生基因型為A1A1A2A2的高產個體。 答案：A 10.用具有兩對相對性狀的兩純種豌豆作親本雜交獲得F1，F1自交得F2，F2中黃色圓粒、黃色皺粒、綠色圓粒、綠色皺粒的比例為9∶3∶3∶1，與F2出現這樣的比例有直接關系的是(雙選) (　　) A.親本必須是純種黃色圓粒豌豆與純種綠色皺粒豌豆 B.F1產生的雌、雄配子數量相等 C.F1自交時4種類型的雄、雌配子的結合是隨機的 D.F1的16種配子結合方式都能發(fā)育成新個體(種子) 解析：親本除可以是純種黃色圓粒與純種綠色皺粒外，也可以是純種黃色皺粒與純種綠色圓粒。 答案：CD 11.(xx廣州質檢)人類中，顯性基因D對耳蝸管的形成是必需的，顯性基因E對聽神經的發(fā)育是必需的；二者缺一，個體即聾。這兩對基因分別位于兩對常染色體上。下列有關說法，不正確的是(雙選) (　　) A.夫婦中有一個耳聾，也有可能生下聽覺正常的孩子 B.一方只有耳蝸管正常，另一方只有聽神經正常的夫婦，只能生下耳聾的孩子 C.基因型為DdEe的雙親生下耳聾的孩子的幾率為9/16 D.耳聾夫婦可以生下基因型為DdEe的孩子 解析：聽覺正常與否受兩對等位基因的控制，符合孟德爾自由組合定律的條件，其基因型控制相應的表現型如下表： 性狀 聽覺正常 聽覺不正常(耳聾) 基因型 D　E　 D　ee　ddE　　ddee 夫婦中一個聽覺正常(D　E　)、一個耳聾(D　ee、ddE　、ddee)有可能生下聽覺正常的孩子。雙方一方只有耳蝸管正常(D　ee)，另一方只有聽神經正常(ddE　)的夫婦也有可能生出聽覺正常的孩子。夫婦雙方基因型均為DdEe，后代中聽覺正常的占9/16，耳聾占7/16?；蛐蜑镈　ee和ddE　的耳聾夫婦，有可能生下基因型為(D　E　)聽覺正常的孩子。 答案：BC 12.(xx南通檢測)兔毛色的遺傳受常染色體上兩對等位基因(C和c、G和g)控制?，F用純種灰兔與純種白兔雜交，F1全為灰兔，F1自交(雌雄個體相互交配)產生的F2中，灰兔∶黑兔∶白兔＝9∶3∶4。已知當基因C和G同時存在時表現為灰兔，但基因c純合時就表現為白兔。下列說法正確的是(雙選) (　　) A.C、c與G、g兩對等位基因分別位于兩對同源染色體上 B.親本的基因型是CCGG和ccgg C.F2中白兔能穩(wěn)定遺傳的個體占1/4 D.若F1中灰兔測交，則后代有4種表現型 解析：根據題干信息可知，親本為灰兔(CCGG)白兔(ccgg)，F1為灰兔(CcGg)，F2為灰兔(9C　G　)、黑兔(3C　gg)、白兔(3ccG?。?ccgg)。F2中白兔(3ccG?。?ccgg)能穩(wěn)定遺傳的個體(1ccGG＋1ccgg)占1/2。若F1中灰兔測交(CcGgccgg)，子代為灰兔(1CcGg)、黑兔(1Ccgg)、白兔(1ccGg＋1ccgg)，只有3種表現型。 答案：AB 二、非選擇題 13.一個正常的女人與一個并指(Bb)的男人結婚，他們生了一個白化病且手指正常的男孩(兩種病都與性別無關)。求： (1)其再生一個孩子只出現并指的可能性是 。 (2)只患白化病的可能性是　　　　。 (3)生一個既白化又并指的男孩的概率是　　　　。 (4)后代中只患一種病的可能性是　　　　。 (5)后代中患病的可能性是　　　　。 解析：由題意可知，男孩基因型為aabb，則夫婦的基因型分別為：AaBb、Aabb， 孩子中并指概率為，白化病概率應為。 (1)再生一個孩子只患并指的可能性為： 并指概率－并指又白化概率＝－＝。 (2)只患白化病的概率為： 白化病概率－白化又并指概率＝－＝。 (3)生一個兩病皆患的男孩的概率：＝。 (4)只患一種病＝只患白化和只患并指的和＝＋＝。 (5)患病的可能性為：全部概率之和－正常的概率 ＝1－＝。 也可理解為：只患白化＋只患并指＋既白化又并指 ＝＋＋＝。 答案：(1)3/8　(2)1/8　(3)1/16　(4)1/2　(5)5/8 14.(xx福建高考)某種牧草體內形成氰的途徑為：前體物質→產氰糖苷→氰。基因A控制前體物質生成產氰糖苷，基因B控制產氰糖苷生成氰。表現型與基因型之間的對應關系如下表： 表現型 有氰 有產氰糖 苷、無氰 無產氰糖 苷、無氰 基因型 A_B_ (A和B同時 存在) A _bb (A存在， B不存在) aaB_或aabb (A不存在) (1)在有氰牧草(AABB)后代中出現的突變型個體(AAbb)因缺乏相應的酶而表現無氰性狀，如果基因b與B的轉錄產物之間只有一個密碼子的堿基序列不同，則翻譯至mRNA的該位點時發(fā)生的變化可能是：編碼的氨基酸　　　　　，或者是　　　　。 (2)與氰形成有關的二對基因自由組合。若兩個無氰的親本雜交，F1均表現為有氰，則F1與基因型為aabb的個體雜交，子代的表現型及比例為　　　　。 (3)高莖與矮莖分別由基因E、e控制。親本甲(AABBEE)和親本乙(aabbee)雜交，F1均表現為有氰、高莖。假設三對等位基因自由組合，則F2中能穩(wěn)定遺傳的無氰、高莖個體占　　　　。 (4)以有氰、高莖與無氰、矮莖兩個能穩(wěn)定遺傳的牧草為親本，通過雜交育種，可能無法獲得既無氰也無產氰糖苷的高莖牧草。請以遺傳圖解簡要說明。 解析：分析圖表，可以得到如下流程圖： (1)密碼子改變有三種情況，一種情況是決定的氨基酸改變成另一種氨基酸，第二種情況是改變成不決定氨基酸的終止密碼子，第三種情況是所決定的氨基酸不變，性狀不變。 (2)由題意可知，F1的基因型為AaBb，兩親本基因型為AAbb和aaBB。F1與aabb雜交，后代中AaBb占1/4，能產氰，其余的三種基因型都不能產氰。 (3)F1的基因型為AaBbEe，在F2中能穩(wěn)定遺傳的無氰高莖個體： 總共為 (4)有氰、高莖親本的基因型為AABBEE，無氰、矮莖的基因型為AAbbee，F1代基因型為AABbEe。既無氰也無產氰糖苷的高莖牧草的基因型為aaB－E－或aabbE－，通過F1代自交是無法獲得這兩種基因型個體。 答案：(1)(種類)不同　合成終止(或翻譯終止) (2)有氰∶無氰＝1∶3(或有氰∶有產氰糖苷、無氰∶無產氰糖苷、無氰＝1∶1∶2)　(3)3/64 (4) 15.不能同化半乳糖的病，叫做半乳糖血癥，為常染色體上隱性遺傳病。半乳糖在身體 中形成半乳糖脂，是構成神經系統的重要原料，又可和其他糖類一樣，作為能量的來源。把半乳糖導入糖類的通常代謝途徑中，必須先轉變?yōu)槠咸烟堑难苌?物質C)。它在人體內的正常代謝途徑示意如下： 已知控制酶①、酶②、酶③合成的基因(設顯性基因分別為A、B、C)位于不同對的常染色體上。 (1)從半乳糖在人體內正常代謝途徑可說明基因與性狀之間的關系有： ① 　 ； ②　 。 (2)某研究性學習小組調查該遺傳病在人群中的發(fā)病率，結果與權威部門發(fā)布的不相符，可能原因有　　　　　　　　　　　、　　　　　　　　　　　　等。 (3)下表是一個患者家庭中某半乳糖血癥患者及其父母與正常人體內三種酶的活性比較：(表中數值代表酶活性的大小，且數值越大酶活性越大) 平均活性mmol轉換 (小時g細胞)(37℃) 酶① 酶② 酶③ 正常人(AABBCC) 0.1 4.8 0.32 半乳糖血癥患者 0.09 <0.02 0.35 患者的正常父親 0.05 2.5 0.17 患者的正常母親 0.06 2.4 0.33 ①與酶①、酶②、酶③合成相關基因的遺傳遵循　　　　定律，理由是　。 ②寫出患者的正常父親的基因型：　　　　，若患者的父母再生一個孩子，患半乳糖血癥的概率為　　　　。 (4)苯丙酮尿癥(簡稱PKU)患者的血液中苯丙酮酸含量超標。為了檢測某新生兒的血液中苯丙酮酸是否超標，請根據提供的實驗材料和用具，設計相關的實驗步驟并預期實驗結果得出結論。 實驗原理：枯草桿菌在含有其生長抑制劑的培養(yǎng)基上不能正常生長。若用濾紙吸取PKU患兒血液，干燥成血斑，再將帶有血斑的濾紙覆蓋于含有枯草桿菌生長抑制劑的培養(yǎng)基上，因苯丙酮酸含量超標，枯草桿菌生長抑制劑分解，枯草桿菌可生長。 材料用具：帶有待測新生兒血液血斑的濾紙、帶有健康新生兒血液血斑的濾紙、枯草桿菌菌種、枯草桿菌生長抑制劑、培養(yǎng)基、接種環(huán)、培養(yǎng)箱等。 實驗步驟： ①分別向A、B培養(yǎng)基中加入等量的枯草桿菌生長抑制劑； ② 　； ③　 ； ④ 　。 預期實驗結果、得出結論： ①　 ； ②　 。 解析：(1)由題圖分析基因通過控制酶的合成來控制(半乳糖)代謝過程，進而控制生物體的性狀，同時也說明性狀也可以由多個基因控制。(2)由于調查的群體小或取樣不隨機會造成遺傳病發(fā)病率的調查出現誤差。(3)①由于三種酶由三對等位基因控制分別位于三對同源染色體上，所以三種酶合成相關基因的遺傳遵循自由組合定律。②酶活性的大小決定于顯性基因的數量，顯性純合體中的某種酶的活性是雜合體中該酶活性的2倍，隱性純合體則近似于零。依據表格中的數據分析，可以看出表格其他三個個體的基因型是：AAbbCC(半乳糖血癥患者)、AaBbCc(患者的正常父親)、AaBbCC(患者的正常母親)。計算該夫婦再生一個半乳糖血癥患者的概率：1－(AB的概率)＝1－9/16＝7/16。(4)設計實驗探究新生兒的血液中苯丙酮酸是否超標，只要遵循對照實驗的對照原則確定攜帶不同嬰兒血液血斑的濾紙作為變量即可。 答案：(1)①基因通過控制酶的合成來控制(半乳糖)代謝過程，進而控制生物體的性狀?、诙鄠€基因控制一個性狀　(2)調查的群體小　取樣不隨機　(3)①基因的自由組合　三對等位基因位于三對同源染色體上 ②AaBbCc　7/16　(4)實驗步驟：②分別在A、B培養(yǎng)基上接種枯草桿菌?、蹖в行律鷥貉叩臑V紙覆蓋于A培養(yǎng)基上，將帶有健康新生兒血斑的濾紙覆蓋于B培養(yǎng)基上?、軐、B培養(yǎng)基在37℃的培養(yǎng)箱培養(yǎng)24 h，觀察枯草桿菌的生長情況　預期實驗結果、得出結論：①A培養(yǎng)基中血斑區(qū)域有枯草桿菌菌落，B培養(yǎng)基中沒有，則新生兒苯丙酮酸超標?、贏、B培養(yǎng)基中都沒有枯草桿菌菌落，新生兒苯丙酮酸不超標