2019-2020年高考物理總復(fù)習(xí) 第六章 靜電場講義.doc

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2019-2020年高考物理總復(fù)習(xí) 第六章 靜電場講義考綱下載考向前瞻(1)電荷電荷守恒定律()(2)點(diǎn)電荷庫侖定律()(3)靜電場電場線電勢能電勢等勢面 ()(4)電場強(qiáng)度點(diǎn)電荷的場強(qiáng)電勢差()(5)勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系()(6)帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動()(7) 電容電容器()預(yù)計(jì)xx的高考中，對本章的考查仍將是熱點(diǎn)之一，在上述考查角度的基礎(chǔ)上，重點(diǎn)以選擇題的形式考查靜電場的基本知識點(diǎn)，以綜合題的形式考查靜電場知識和其他相關(guān)知識在生產(chǎn)、生活中的實(shí)際應(yīng)用。另外高考試題命題的一個新動向，就是靜電的應(yīng)用和防止，靜電場與相關(guān)化學(xué)知識綜合、與相關(guān)生物知識綜合、與環(huán)保等熱點(diǎn)問題相聯(lián)系，在新穎、熱門的背景下考查靜電場基本知識的應(yīng)用。第1節(jié)電場力的性質(zhì)必備知識1元電荷、點(diǎn)電荷(1)元電荷：e1.601019 C，所有帶電體的電荷量都是元電荷的整數(shù)倍，其中質(zhì)子、正電子的電荷量與元電荷相同。電子的電荷量q1.601019 C。(2)點(diǎn)電荷：代表帶電體的有一定電荷量的點(diǎn)，忽略帶電體的大小和形狀的理想化模型。2電荷守恒定律(1)內(nèi)容：電荷既不會創(chuàng)生，也不會消滅，它只能從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，或者從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分；在轉(zhuǎn)移過程中，電荷的總量保持不變。(2)三種起電方式：摩擦起電、感應(yīng)起電、接觸起電。(3)帶電實(shí)質(zhì)：物體得失電子。(4)電荷的分配原則：兩個形狀、大小相同的導(dǎo)體，接觸后再分開，二者帶相同電荷；若兩導(dǎo)體原來帶異種電荷，則電荷先中和，余下的電荷再平分。3庫侖定律(1)內(nèi)容：真空中兩個靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用力，與它們的電荷量的乘積成正比，與它們的距離的二次方成反比，作用力的方向在它們的連線上。(2)表達(dá)式：Fk，式中k9.0109 Nm2/C2，叫做靜電力常量。(3)適用條件：真空中的點(diǎn)電荷。在空氣中，兩個點(diǎn)電荷的作用力近似等于真空中的情況，可以直接應(yīng)用公式。當(dāng)兩個帶電體的間距遠(yuǎn)大于本身的大小時 ，可以把帶電體看成點(diǎn)電荷。(4)庫侖力的方向：由相互作用的兩個帶電體決定，且同種電荷相互排斥，為斥力；異種電荷相互吸引，為引力。典題例析(xx南京模擬)真空中有兩個靜止的同種點(diǎn)電荷q1、q2，保持q1不動，釋放q2。q2只在q1的庫侖力作用下運(yùn)動，則q2在運(yùn)動過程中受到的庫侖力()A不斷增大B不斷減小C先增大后減小 D始終保持不變解析選B帶電相同的點(diǎn)電荷受斥力作用，因此距離越來越遠(yuǎn)，由于電量保持不變根據(jù)Fk可知，距離增大、電場力將逐漸減小，故A、C、D錯誤，B正確。對庫侖定律的理解(1)Fk，r指兩點(diǎn)電荷間的距離。對可視為點(diǎn)電荷的兩個均勻帶電球，r為兩球心間距。(2)當(dāng)兩個電荷間的距離r0時，電荷不能視為點(diǎn)電荷，它們之間的靜電力不能認(rèn)為趨于無限大。(3)不必將表示電性的正、負(fù)號代入公式，庫侖力的方向可以根據(jù)“同性相斥、異性相吸”的規(guī)律判斷。針對訓(xùn)練1.如圖611所示，兩個質(zhì)量均為m的完全相同的金屬球殼a與b，殼層的厚度和質(zhì)量分布均勻，將它們分別固定于絕緣支座上，兩球心間的距離為l，為球半徑的3倍。若使它們帶上等量異種電荷，兩球電量的絕對值均為Q，那么，a、b兩球之間的萬有引力F引、庫侖力F庫分別為()圖611AF引G，F(xiàn)庫kBF引G，F(xiàn)庫kCF引G，F(xiàn)庫k DF引G，F(xiàn)庫k解析：選D萬有引力定律適用于兩個可看成質(zhì)點(diǎn)的物體，雖然兩球心間的距離l只有半徑的3倍，但由于殼層的厚度和質(zhì)量分布均勻，兩球殼可看做質(zhì)量集中于球心的質(zhì)點(diǎn)。因此，可以應(yīng)用萬有引力定律。對于a、b兩帶電球殼，由于兩球心間的距離l只有半徑的3倍，球殼上的電荷在相互吸引力作用下靠近，不能看成點(diǎn)電荷，不滿足庫侖定律的適用條件，故D正確。2(xx奉賢區(qū)二模)如圖612所示，帶正電的點(diǎn)電荷Q固定，電子僅在庫侖力作用下，做以Q固定點(diǎn)為焦點(diǎn)的橢圓運(yùn)動。M、P、N為橢圓上的三點(diǎn)，P點(diǎn)是軌道上離Q最近的點(diǎn)。電子在從M經(jīng)P到N點(diǎn)的過程中()圖612A速度先減小后增大B電場力先做正功后做負(fù)功C電勢能一直減小D動能一直減小解析：選B當(dāng)電子從M點(diǎn)向P點(diǎn)運(yùn)動時，庫侖力與運(yùn)動方向之間的夾角小于90，庫侖力先做正功，當(dāng)電子從P點(diǎn)向N點(diǎn)運(yùn)動時，庫侖力與運(yùn)動方向之間的夾角大于90，庫侖力做負(fù)功，所以電子運(yùn)動的速度先增加后減小，所以動能先增加后減小，則電勢能先減小后增加，所以B正確，A、C、D錯誤。 庫侖力作用下的平衡問題必備知識1處理平衡問題的常用方法(1)合成法；(2)正交分解法。2三個自由點(diǎn)電荷的平衡問題(1)條件：兩個點(diǎn)電荷在第三個點(diǎn)電荷處的合場強(qiáng)為零，或每個點(diǎn)電荷受到的兩個庫侖力必須大小相等，方向相反。(2)規(guī)律：“三點(diǎn)共線”三個點(diǎn)電荷分布在同一直線上；“兩同夾異”正負(fù)電荷相互間隔；“兩大夾小”中間電荷的電荷量最??；“近小遠(yuǎn)大”中間電荷靠近電荷量較小的電荷。典題例析(xx全國卷)如圖613，在光滑絕緣水平面上，三個帶電小球a、b和c分別位于邊長為l的正三角形的三個頂點(diǎn)上；a、b帶正電，電荷量均為q，c帶負(fù)電。整個系統(tǒng)置于方向水平的勻強(qiáng)電場中。已知靜電力常量為k。若三個小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的大小為()圖613A.B.C. D.解析選B本題考查庫侖定律、電場力、平衡條件及其相關(guān)知識點(diǎn)，意在考查考生綜合運(yùn)用知識解決問題的能力。設(shè)小球c帶電荷量為Q，由庫侖定律可知小球a對小球c的庫侖引力為Fk，小球b對小球c的庫侖引力為Fk，二力合力為2Fcos 30。設(shè)水平勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的大小為E，對c球，由平衡條件可得：QE2Fcos 30，解得：E，選項(xiàng)B正確。分析點(diǎn)電荷平衡問題的方法步驟點(diǎn)電荷的平衡問題的分析方法與純力學(xué)平衡問題的分析方法是相同的，只是在原來受力的基礎(chǔ)上多了一個電場力。具體步驟如下：針對訓(xùn)練1(xx貴州模擬)如圖614所示，光滑絕緣半球形的碗固定在水平地面上，可視為質(zhì)點(diǎn)的帶電小球1、2的電荷分別為Q1、Q2，其中小球1固定在碗底A點(diǎn)，小球2可以自由運(yùn)動，平衡時小球2位于碗內(nèi)的B位置處?，F(xiàn)在改變小球2的帶電量，把它放置在圖中C位置時也恰好能平衡，已知AB弦是AC弦的兩倍，則()圖614A小球2在C位置時的電量是B位置時電量的一半B小球2在C位置時的電量是B位置時電量的四分之一C小球2在B點(diǎn)對碗的壓力大小等于小球2在C點(diǎn)時對碗的壓力大小D小球2在B點(diǎn)對碗的壓力大小大于小球2在C點(diǎn)時對碗的壓力大小解析：選C對小球2受力分析，如圖所示，小球2受重力、支持力、庫侖力，其中F1為庫侖力F和重力mg的合力，根據(jù)三力平衡原理可知，F(xiàn)1FN。由圖可知，OABBFF1，設(shè)半球形碗的半徑為R，AB之間的距離為L，根據(jù)三角形相似可知，所以FNmg，F(xiàn)mg，當(dāng)小球2處于C位置時，AC距離為，故FF，根據(jù)庫侖定律有：Fk，即小球在C位置時的電量是B位置時電量的八分之一，故A、B均錯誤。由分析可知FNmg，即小球2在B點(diǎn)對碗的壓力大小等于小球2在C點(diǎn)時對碗的壓力大小，故C正確、D錯誤。2(多選) (xx廣安模擬)一根套有細(xì)環(huán)的粗糙桿水平放置，帶正電的小球A通過絕緣細(xì)線系在細(xì)環(huán)上，另一帶正電的小球B固定在絕緣支架上，A球處于平衡狀態(tài)，如圖615所示?，F(xiàn)將B球稍向右移動，當(dāng)A小球再次平衡(該過程A、B兩球一直在相同的水平面上)時，細(xì)環(huán)仍靜止在原位置，下列說法正確的是()圖615A細(xì)線對帶電小球A的拉力變大B細(xì)線對細(xì)環(huán)的拉力保持不變C細(xì)環(huán)所受的摩擦力變大D粗糙桿對細(xì)環(huán)的支持力變大解析：選AC以小球?yàn)檠芯繉ο?，分析受力情況：重力mg、細(xì)線的拉力T和電場力F，根據(jù)平衡條件得： T，F(xiàn)增大時，T變大，故B錯誤、A正確。以小球和環(huán)整體為研究對象：總重力G、桿對細(xì)環(huán)的支持力N和摩擦力f、電場力F。根據(jù)平衡條件得：NG，fF，當(dāng)電場稍加大時，小球所受的電場力F增大，桿對細(xì)環(huán)的支持力保持不變，細(xì)環(huán)所受的摩擦力變大，故C正確、D錯誤。 電場強(qiáng)度必備知識1電場電場是客觀存在于電荷周圍的一種物質(zhì)，其基本性質(zhì)是對放入其中的電荷有力的作用。2電場強(qiáng)度(1)定義式：E，適用于任何電場，是矢量，單位：N/C或V/m。(2)點(diǎn)電荷的場強(qiáng)：E，適用于計(jì)算真空中的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場。(3)方向：規(guī)定正電荷在電場中某點(diǎn)所受電場力的方向?yàn)樵擖c(diǎn)的電場強(qiáng)度方向。3場強(qiáng)的三個公式三個公式4電場的疊加(1)疊加原理：多個電荷在空間某處產(chǎn)生的電場為各電荷在該處所產(chǎn)生的電場場強(qiáng)的矢量和。(2)運(yùn)算法則：平行四邊形定則。典題例析如圖616所示，位于正方形四個頂點(diǎn)處分別固定有點(diǎn)電荷A、B、C、D，四個點(diǎn)電荷的帶電量均為q，其中點(diǎn)電荷A、C帶正電，點(diǎn)電荷B、D帶負(fù)電，試確定過正方形中心O并與正方形垂直的直線上到O點(diǎn)距離為x的P點(diǎn)處的電場強(qiáng)度的大小和方向。圖616審題指導(dǎo)第一步：抓關(guān)鍵點(diǎn)關(guān)鍵點(diǎn)獲取信息電荷處在正方形四個頂點(diǎn)上電荷所在位置關(guān)于中心O對稱；電荷到中心軸上同一點(diǎn)距離相等電荷電量相等四個電荷在中心軸線上產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等P點(diǎn)處在中心軸線上四電荷在中心軸線P上產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等第二步：找突破口要求P點(diǎn)場強(qiáng)的大小和方向，先求出各點(diǎn)電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)的大小和方向，再利用平行四邊形定則和矢量的對稱性求解。解析四個點(diǎn)電荷各自在P點(diǎn)的電場強(qiáng)度EA、EB、EC、ED如圖所示，根據(jù)對稱性可知，EA、EC的合場強(qiáng)E1沿OP向外，EB、ED的合場強(qiáng)E2沿OP指向O，由對稱性可知，E1、E2大小相等，所以P點(diǎn)的場強(qiáng)為零。答案場強(qiáng)為零求解合場強(qiáng)常用的方法針對訓(xùn)練1(xx全國卷)如圖617，一半徑為R的圓盤上均勻分布著電荷量為Q的電荷，在垂直于圓盤且過圓心c的軸線上有a、 b、d三個點(diǎn)，a和b、b和c、 c和d間的距離均為R，在a點(diǎn)處有一電荷量為q(q0)的固定點(diǎn)電荷。已知b點(diǎn)處的場強(qiáng)為零，則d點(diǎn)處場強(qiáng)的大小為(k為靜電力常量)()圖617AkBkCk Dk 解析：選B由于在a點(diǎn)放置一點(diǎn)電荷q后，b點(diǎn)電場強(qiáng)度為零，說明點(diǎn)電荷q在b點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度與圓盤上Q在b點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小相等，即EQEqk，根據(jù)對稱性可知Q在d點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小EQk，則EdEQEqkkk，故選項(xiàng)B正確。2(xx江蘇高考)下列選項(xiàng)中的各圓環(huán)大小相同，所帶電荷量已在圖618中標(biāo)出，且電荷均勻分布，各圓環(huán)間彼此絕緣。坐標(biāo)原點(diǎn)O處電場強(qiáng)度最大的是()圖618解析：選B根據(jù)對稱性和矢量疊加，D項(xiàng)O點(diǎn)的場強(qiáng)為零，C項(xiàng)等效為第二象限內(nèi)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場，大小與A項(xiàng)的相等，B項(xiàng)正、負(fù)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，方向互相垂直，合場強(qiáng)是其中一個的倍，也是A、C項(xiàng)場強(qiáng)的倍，因此B項(xiàng)正確。 必備知識1定義為了形象地描述電場中各點(diǎn)場強(qiáng)的強(qiáng)弱及方向，在電場中畫出一些曲線，曲線上每一點(diǎn)的切線方向都跟該點(diǎn)的場強(qiáng)方向一致，曲線的疏密表示電場的強(qiáng)弱。2特點(diǎn)(1)電場線從正電荷或無限遠(yuǎn)處出發(fā)，終止于負(fù)電荷或無限遠(yuǎn)處；(2)電場線在電場中不相交、不閉合、不中斷；(3)電場線不是電荷在電場中的運(yùn)動軌跡。3應(yīng)用(1)在同一電場里，電場線越密的地方場強(qiáng)越大；(2)電場線上某點(diǎn)的切線方向表示該點(diǎn)的場強(qiáng)方向；(3)沿電場線方向電勢逐漸降低；(4)電場線和等勢面在相交處互相垂直。4幾種典型電場的電場線圖6195孤立點(diǎn)電荷的電場模型(1)正(負(fù))點(diǎn)電荷的電場線呈空間球?qū)ΨQ分布指向外(內(nèi))部。(2)離點(diǎn)電荷越近，電場線越密(場強(qiáng)越大)。(3)以點(diǎn)電荷為球心作一球面，則電場線處處與球面垂直，在此球面上場強(qiáng)大小相等，但方向不同。6兩種等量點(diǎn)電荷的電場比較比較等量異種點(diǎn)電荷等量同種點(diǎn)電荷連線中點(diǎn)O處的場強(qiáng)大小最小，指向負(fù)電荷一方為零連線上的場強(qiáng)大小沿連線先變小，再變大沿連線先變小，再變大沿中垂線由O點(diǎn)向外場強(qiáng)大小O點(diǎn)最大，向外逐漸減小O點(diǎn)最小，向外先變大后變小典題例析帶有等量異種電荷的一對平行金屬板，如果兩極板間距不是足夠近或者兩極板面積不是足夠大，即使在兩極板之間，它的電場線也不是彼此平行的直線，而是如圖6110所示的曲線，關(guān)于這種電場，以下說法正確的是()圖6110A這種電場的電場線雖然是曲線，但是電場線的分布卻是左右對稱的，很有規(guī)律性，它們之間的電場，除邊緣部分外，可以看做勻強(qiáng)電場B電場內(nèi)部A點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于B點(diǎn)的電場強(qiáng)度C電場內(nèi)部A點(diǎn)的電場強(qiáng)度等于B點(diǎn)的電場強(qiáng)度D若將一正電荷從電場中的A點(diǎn)由靜止釋放，它將沿著電場線方向運(yùn)動到負(fù)極板解析選D由于平行金屬板形成的電場的電場線不是等間距的平行直線，所以不是勻強(qiáng)電場，選項(xiàng)A錯誤。從電場線分布看，A處的電場線比B處密，所以A點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于B點(diǎn)的電場強(qiáng)度，選項(xiàng)B、C錯誤。AB兩點(diǎn)所在的電場線為一條直線，電荷受力方向沿著這條直線，所以若將一正電荷從電場中的A 點(diǎn)由靜止釋放，它將沿著電場線方向運(yùn)動到負(fù)極板，選項(xiàng)D正確。電場線與帶電粒子在電場中的運(yùn)動軌跡的關(guān)系一般情況下帶電粒子在電場中的運(yùn)動軌跡不會與電場線重合，只有同時滿足以下三個條件時，兩者才會重合。(1)電場線為直線；(2)電荷初速度為零，或速度方向與電場線平行；(3)電荷僅受電場力或所受其他力合力的方向與電場線平行。針對訓(xùn)練1(xx江陰市第一中學(xué)檢測)在如圖6111所示的電場中，一負(fù)電荷從電場中A點(diǎn)由靜止釋放，只受電場力作用，沿電場線運(yùn)動到B點(diǎn)，則它運(yùn)動的v t圖像可能是圖6112中的()圖6111圖6112解析：選B負(fù)電荷從電場中A點(diǎn)由靜止釋放，只受電場力作用，沿電場線運(yùn)動到B點(diǎn)，所受電場力逐漸增大，加速度逐漸增大，則它運(yùn)動的v t圖像可能是圖中的B。2(xx漳州模擬)如圖6113所示，實(shí)線為不知方向的三條電場線，從電場中M點(diǎn)以相同速度垂直于電場線方向飛出a、b兩個帶電粒子，僅在電場力作用下的運(yùn)動軌跡如圖中虛線所示。則()圖6113Aa一定帶正電，b一定帶負(fù)電Ba的速度將減小，b的速度將增加Ca的加速度將減小，b的加速度將增加D兩個粒子的動能，一個增加一個減小解析：選C物體做曲線運(yùn)動，所受力的方向指向軌道的內(nèi)側(cè)，由于電場線的方向不知，所以粒子帶電性質(zhì)不定，故A錯誤；物體做曲線運(yùn)動，所受力的方向指向軌道的內(nèi)側(cè)，從圖中軌跡變化來看速度與力的方向的夾角小于90，所以電場力都做正功，動能都增大，速度都增大，故B、D錯誤；電場線密的地方電場強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場強(qiáng)度小，所以a受力減小，加速度減小，b受力增大，加速度增大，故C正確。課時跟蹤檢測 一、單項(xiàng)選擇題1.(xx泰州質(zhì)檢)兩個帶電荷量分別為Q1、Q2的質(zhì)點(diǎn)周圍的電場線如圖1所示，由圖可知()圖1A兩質(zhì)點(diǎn)帶異號電荷，且Q1Q2B兩質(zhì)點(diǎn)帶異號電荷，且Q1Q2D兩質(zhì)點(diǎn)帶同號電荷，且Q1Q2，選項(xiàng)A正確。2.(xx江都質(zhì)檢)如圖2所示，兩個電荷量均為q的小球用長為l的輕質(zhì)絕緣細(xì)繩連接，靜止在光滑的絕緣水平面上。兩個小球的半徑rl。k表示靜電力常量。則輕繩的張力大小為()圖2A0B.C2 D.解析：選B輕繩的張力大小等于兩個帶電小球之間的庫侖力，由庫侖定律得F，選項(xiàng)B正確。3.(xx閘北區(qū)二模)如圖3所示，A、B為用兩個絕緣細(xì)線懸掛起來的帶電絕緣小球，質(zhì)量mAmB。當(dāng)在A球左邊如圖位置放一個帶電球C時，兩懸線都保持豎直方向(兩懸線長度相同，三個球位于同一水平線上)。若把C球移走，A、B兩球沒有發(fā)生接觸，則圖4中(圖中)能正確表示A、B兩球位置的圖是()圖3圖4解析：選A存在C球時，對A、B球受力分析，由于懸線都沿豎直方向，說明水平方向各自合力為零，說明A、B帶異種電荷，去掉C球后，兩球?qū)⒒ハ辔?。又由于兩球質(zhì)量mAmB，在平衡時B球的懸線與豎直方向間的夾角小，因此A選項(xiàng)正確。4.如圖5所示，以o為圓心的圓周上有六個等分點(diǎn)a、b、c、d、e、f。等量正、負(fù)點(diǎn)電荷分別放置在a、d兩處時，在圓心o處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為E?，F(xiàn)改變a處點(diǎn)電荷的位置，使o點(diǎn)的電場強(qiáng)度改變，下列敘述正確的是()圖5A移至c處，o處的電場強(qiáng)度大小不變，方向沿oeB移至b處，o處的電場強(qiáng)度大小減半，方向沿odC移至e處，o處的電場強(qiáng)度大小減半，方向沿ocD移至f處，o處的電場強(qiáng)度大小不變，方向沿oe解析：選C放置在a、d兩處的等量正、負(fù)點(diǎn)電荷在圓心o處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度方向相同，每個電荷在圓心o處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為E/2。根據(jù)場強(qiáng)疊加原理，a處正電荷移至c處，o處的電場強(qiáng)度大小為E/2，方向沿oe，選項(xiàng)A錯誤；a處正電荷移至b處，o處的電場強(qiáng)度大小為2E/2cos 30E，方向沿eod的角平分線，選項(xiàng)B錯誤；a處正電荷移至e處，o處的電場強(qiáng)度大小為E/2，方向沿oc，選項(xiàng)C正確；a處正電荷移至f處，o處的電場強(qiáng)度大小為2E/2cos 30E，方向沿cod的角平分線，選項(xiàng)D錯誤。5(xx西安三模)如圖6，足夠大的光滑絕緣水平面上有三個帶電質(zhì)點(diǎn)，A和C圍繞B做勻速圓周運(yùn)動，B恰能保持靜止，其中A、C和B的距離分別是L1和L2。不計(jì)三質(zhì)點(diǎn)間的萬有引力，則A和C的比荷(電量與質(zhì)量之比)之比應(yīng)為()圖6A.2 B.2C.3D.3解析：選C根據(jù)B恰能保持靜止可得：kk，A做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)A受到的合力提供向心力，kkmA2L1，C做勻速圓周運(yùn)動，kkmC2L2，聯(lián)立解得A和C的比荷之比應(yīng)為3。6(xx武漢摸底)水平面上A、B、C三點(diǎn)固定著三個電荷量為Q的正點(diǎn)電荷，將另一質(zhì)量為m的帶正電的小球(可視為點(diǎn)電荷)放置在O點(diǎn)，OABC恰構(gòu)成一棱長為L的正四面體，如圖7所示。已知靜電力常量為k，重力加速度為g，為使小球能靜止在O點(diǎn)，小球所帶的電荷量為()圖7A. B.C.D.解析：選C3kcos mg，sin ，聯(lián)立解得q。二、多項(xiàng)選擇題7.(xx太倉模擬)一個帶正電的粒子，在xOy平面內(nèi)以速度v0從O點(diǎn)進(jìn)入一個勻強(qiáng)電場，重力不計(jì)。粒子只在電場力作用下繼續(xù)在xOy平面內(nèi)沿圖8中虛線軌跡運(yùn)動到A點(diǎn)，且在A點(diǎn)時的速度方向與y軸平行，則電場強(qiáng)度的方向可能是()圖8A介于x軸負(fù)方向與y軸正方向之間B沿x軸負(fù)方向C沿y軸正方向D垂直于xOy平面向里解析：選AB在O點(diǎn)粒子速度有水平向右的分量，而到A點(diǎn)時水平分量變?yōu)榱?，說明該粒子所受電場力向左或有向左的分量，又因?yàn)榱Ｗ訋д?，故A、B正確。8(xx浙江高考)用金屬做成一個不帶電的圓環(huán)，放在干燥的絕緣桌面上。小明同學(xué)用絕緣材料做的筆套與頭發(fā)摩擦后，將筆套自上向下慢慢靠近圓環(huán)，當(dāng)距離約為0.5 cm時圓環(huán)被吸引到筆套上，如圖9所示。對上述現(xiàn)象的判斷與分析，下列說法正確的是()圖9A摩擦使筆套帶電B筆套靠近圓環(huán)時，圓環(huán)上、下都感應(yīng)出異號電荷C圓環(huán)被吸引到筆套的過程中，圓環(huán)所受靜電力的合力大于圓環(huán)的重力D筆套碰到圓環(huán)后，筆套所帶的電荷立刻被全部中和解析：選ABC摩擦使筆套帶電，筆套靠近圓環(huán)時，由于靜電感應(yīng)圓環(huán)上、下都感應(yīng)出異號電荷，圓環(huán)被吸引到筆套的過程中，是由于圓環(huán)所受靜電力的合力大于圓環(huán)的重力，選項(xiàng)ABC正確；筆套碰到圓環(huán)后，筆套所帶的電荷部分轉(zhuǎn)移到金屬圓環(huán)上，使圓環(huán)帶上相同性質(zhì)的電荷，選項(xiàng)D錯誤。9.如圖10所示，電荷量為Q1、Q2的兩個正點(diǎn)電荷分別置于A點(diǎn)和B點(diǎn)，兩點(diǎn)相距L。在以L為直徑的光滑絕緣半圓環(huán)上，穿著一個帶電小球q(視為點(diǎn)電荷)，在P點(diǎn)平衡，PA與AB的夾角為。不計(jì)小球的重力，則()圖10Atan3 Btan CO點(diǎn)場強(qiáng)不為零DQ1Q2解析：選AC對帶電小球q受力分析，畫出帶電小球q受力圖，根據(jù)庫侖定律，F(xiàn)1k，F(xiàn)2k，設(shè)半圓環(huán)對帶電小球q的彈力為FN，根據(jù)平行四邊形定則可得，F(xiàn)1FNcos ，F(xiàn)2FNsin ，F(xiàn)NFN，聯(lián)立解得：tan3，故A正確B錯誤；由tan3 ，45，得1，即Q2M，D正確。1電勢高低的判斷判斷角度判斷方法依據(jù)電場線方向沿電場線方向電勢逐漸降低依據(jù)電場力做功根據(jù)UAB，將WAB、q的正負(fù)號代入，由UAB的正負(fù)判斷A、B的高低依據(jù)場源電荷的正負(fù)取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，正電荷周圍電勢為正值，負(fù)電荷周圍電勢為負(fù)值；靠近正電荷處電勢高，靠近負(fù)電荷處電勢低依據(jù)電勢能的高低正電荷在電勢較高處電勢能大，負(fù)電荷在電勢較低處電勢能大2電勢能大小的判斷判斷角度判斷方法做功判斷法電場力做正功，電勢能減??；電場力做負(fù)功，電勢能增加電荷電勢法正電荷在電勢高的地方電勢能大，負(fù)電荷在電勢低的地方電勢能大公式法由Epqp將q、p的大小、正負(fù)號一起代入公式，Ep的正值越大，電勢能越大；Ep的負(fù)值越小，電勢能越大能量守恒法在電場中，若只有電場力做功時，電荷的動能和電勢能相互轉(zhuǎn)化，動能增加，電勢能減小，反之，電勢能增加針對訓(xùn)練1(xx江蘇高考)如圖622所示，一圓環(huán)上均勻分布著正電荷，x軸垂直于環(huán)面且過圓心O。下列關(guān)于x軸上的電場強(qiáng)度和電勢的說法中正確的是()圖622AO點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零，電勢最低BO點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零，電勢最高C從O點(diǎn)沿x軸正方向，電場強(qiáng)度減小，電勢升高D從O點(diǎn)沿x軸正方向，電場強(qiáng)度增大，電勢降低解析：選B圓環(huán)上均勻分布著正電荷，可以將圓環(huán)等效為很多正點(diǎn)電荷的組成，同一條直徑的兩端點(diǎn)的點(diǎn)電荷的合場強(qiáng)類似于兩個等量同種點(diǎn)電荷的合場強(qiáng)，故圓環(huán)的中心的合場強(qiáng)一定為零。x軸上的合場強(qiáng)，在圓環(huán)的右側(cè)的合場強(qiáng)沿x軸向右，左側(cè)的合場強(qiáng)沿x軸向左，電場強(qiáng)度都呈現(xiàn)先增大后減小的特征，由沿場強(qiáng)方向的電勢降低，得O點(diǎn)的電勢最高。綜上知選項(xiàng)B正確。2(多選)(xx山東高考)如圖623所示，在x軸上相距為L的兩點(diǎn)固定兩個等量異種點(diǎn)電荷Q、Q，虛線是以Q所在點(diǎn)為圓心、為半徑的圓，a、b、c、d是圓上的四個點(diǎn)，其中a、c兩點(diǎn)在x軸上，b、d兩點(diǎn)關(guān)于x軸對稱。下列判斷正確的是()圖623Ab、d兩點(diǎn)處的電勢相同B四個點(diǎn)中c點(diǎn)處的電勢最低Cb、d兩點(diǎn)處的電場強(qiáng)度相同D將一試探電荷q沿圓周由a點(diǎn)移至c點(diǎn)，q的電勢能減小解析：選ABD由等量異種點(diǎn)電荷的電場線分布及等勢面特點(diǎn)知，A、B正確，C錯誤。四點(diǎn)中a點(diǎn)電勢最高、c點(diǎn)電勢最低，正電荷在電勢越低處電勢能越小，故D正確。必備知識1電勢差(1)定義：電荷在電場中，由一點(diǎn)A移到另一點(diǎn)B時，電場力做的功WAB與該電荷電荷量q的比值。(2)定義式：UABWAB/q。(3)電勢差與電勢的關(guān)系：UABAB，UABUBA。(4)影響因素：電勢差UAB由電場本身的性質(zhì)決定，與移動的電荷q及電場力做的功WAB無關(guān)，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)。2電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系(1)勻強(qiáng)電場中電勢差與場強(qiáng)的關(guān)系式：UABEd，其中d為電場中兩點(diǎn)間沿電場方向的距離。(2)電場強(qiáng)度的方向和大?。貉仉妶鰪?qiáng)度的方向電勢降低最快。在勻強(qiáng)電場中，場強(qiáng)在數(shù)值上等于沿電場方向每單位距離上降低的電勢。3由公式UEd可以得到下面兩個結(jié)論結(jié)論一：勻強(qiáng)電場中的任一線段AB的中點(diǎn)C的電勢C，如圖624甲所示。圖624結(jié)論二：勻強(qiáng)電場中若兩線段ABCD，且ABCD，則UABUCD(或ABCD)，如圖乙所示。4UEd在非勻強(qiáng)電場中的應(yīng)用在非勻強(qiáng)電場中，不能用UEd進(jìn)行計(jì)算，但可以進(jìn)行定性分析，如距離相等的兩點(diǎn)間的電勢差，E越大，U越大；E越小，U越小。典題例析(多選)如圖625所示，A、B、C、D、E、F為勻強(qiáng)電場中一個邊長為10 cm的正六邊形的六個頂點(diǎn)，A、B、C三點(diǎn)電勢分別為1 V、2 V、3 V，正六邊形所在平面與電場線平行。下列說法正確的是()圖625A通過CD和AF的直線應(yīng)為電場中的兩條等勢線B勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為10 V/mC勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)方向?yàn)橛蒀指向AD將一個電子由E點(diǎn)移到D點(diǎn)，電子的電勢能將減少1.61019 J思路點(diǎn)撥1在勻強(qiáng)電場中，如何尋找等勢線？提示：先利用幾何關(guān)系確定兩個等勢點(diǎn)，它們的連線就是一條等勢線。2如何確定電場的大小和方向？提示：根據(jù)電場線與等勢線垂直，且沿電場線方向，電勢降低可判斷電場方向，其大小可由E求得。3如何判斷電勢能的變化？提示：通過電場力做功判斷電勢能的變化。解析選ACD由AC的中點(diǎn)電勢為2 V，所以BE為等勢線，CD、AF同為等勢線，故A正確；CA為電場線方向，場強(qiáng)大小E V/m V/m，故B錯誤，C正確；由UEDUBC1 V，WEDeUED1.61019 J，故D正確。針對訓(xùn)練1(多選)(xx全國卷)關(guān)于靜電場的電場強(qiáng)度和電勢，下列說法正確的是()A電場強(qiáng)度的方向處處與等電勢面垂直B電場強(qiáng)度為零的地方，電勢也為零C隨著電場強(qiáng)度的大小逐漸減小，電勢也逐漸降低D任一點(diǎn)的電場強(qiáng)度總是指向該點(diǎn)電勢降落最快的方向解析：選AD根據(jù)電場強(qiáng)度與電勢的關(guān)系解題。電場線(電場強(qiáng)度)的方向總是與等電勢面垂直，選項(xiàng)A正確。電場強(qiáng)度和電勢是兩個不同的物理量，電場強(qiáng)度等于零的地方，電勢不一定等于零，選項(xiàng)B錯誤。沿著電場線方向，電勢不斷降落，電勢的高低與電場強(qiáng)度的大小無必然關(guān)系，選項(xiàng)C錯誤。電場線(電場強(qiáng)度)的方向總是從高的等電勢面指向低的等電勢面，而且是電勢降落最快的方向，選項(xiàng)D正確。2如圖626所示，在平面直角坐標(biāo)系中，有一個方向平行于坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)電場，其中坐標(biāo)原點(diǎn)O處的電勢為0 V，點(diǎn)A處的電勢為6 V，點(diǎn)B處的電勢為3 V，則電場強(qiáng)度的大小為()圖626A200 V/mB200 V/mC100 V/m D100 V/m解析：選A取OA的中點(diǎn)C，可知C的電勢為3 V，所以B、C為等勢點(diǎn)，電場為勻強(qiáng)電場，連接BC，BC為等勢面，過O點(diǎn)作BC的垂線OD，即為電場強(qiáng)度方向，且OD間的電勢差等于3 V，又OB cm，OC3 cm，所以BC2 cm，所以可得OD1.5 cm，根據(jù)勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度與電勢差間的關(guān)系可得E V/m200 V/m，故A正確。 必備知識1幾種典型電場的等勢面比較電場等勢面(實(shí)線)圖樣重要描述勻強(qiáng)電場垂直于電場線的一簇平面點(diǎn)電荷的電場以點(diǎn)電荷為球心的一簇球面等量異種點(diǎn)電荷的電場連線的中垂線上的電勢為零等量同種正點(diǎn)電荷的電場連線上，中點(diǎn)電勢最低，而在中垂線上，中點(diǎn)電勢最高2帶電粒子在電場中的運(yùn)動軌跡問題的分析方法(1)從軌跡的彎曲方向判斷受力方向(軌跡向合外力方向彎曲)，從而分析電場方向或電荷的正負(fù)。(2)結(jié)合軌跡、速度方向與靜電力的方向，確定靜電力做功的正負(fù)，從而確定電勢能、電勢和電勢差的變化等。典題例析(xx天津高考)兩個固定的等量異號點(diǎn)電荷所產(chǎn)生電場的等勢面如圖627中虛線所示，一帶負(fù)電的粒子以某一速度從圖中A點(diǎn)沿圖示方向進(jìn)入電場在紙面內(nèi)飛行，最后離開電場，粒子只受靜電力作用，則粒子在電場中()圖627A做直線運(yùn)動，電勢能先變小后變大B做直線運(yùn)動，電勢能先變大后變小C做曲線運(yùn)動，電勢能先變小后變大D做曲線運(yùn)動，電勢能先變大后變小審題指導(dǎo)轉(zhuǎn)換對象等勢面電場線思路立現(xiàn)將等勢面轉(zhuǎn)化為電場線后，可以較容易地判斷出帶電粒子的受力方向，確定電場力做功情況，進(jìn)而確定電勢能的變化解析選C由題圖等勢面可知兩固定的等量異號點(diǎn)電荷的電場分布如圖所示。帶負(fù)電的粒子在等量異號點(diǎn)電荷所產(chǎn)生電場中的偏轉(zhuǎn)運(yùn)動軌跡如圖所示，則粒子在電場中做曲線運(yùn)動。電場力對帶負(fù)電的粒子先做正功后做負(fù)功，電勢能先變小后變大，故C正確。帶電粒子運(yùn)動軌跡類問題的解題技巧(1)判斷速度方向：帶電粒子的軌跡的切線方向?yàn)樵擖c(diǎn)處的速度方向。(2)判斷電場力(或場強(qiáng))的方向：僅受電場力作用時，帶電粒子所受電場力方向指向軌跡曲線的凹側(cè)，再根據(jù)粒子的正負(fù)判斷場強(qiáng)的方向。(3)判斷電場力做功的正負(fù)及電勢能的增減：若電場力與速度方向成銳角，則電場力做正功，電勢能減少；若電場力與速度方向成鈍角，則電場力做負(fù)功，電勢能增加。針對訓(xùn)練1如圖628所示 ，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即UabUbc，實(shí)線為一帶負(fù)電的質(zhì)點(diǎn)僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運(yùn)動軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點(diǎn)，R同時在等勢面b上，據(jù)此可知()圖628A三個等勢面中，c的電勢最低B帶電質(zhì)點(diǎn)在P點(diǎn)的電勢能比在Q點(diǎn)的小C帶電質(zhì)點(diǎn)在P點(diǎn)的動能與電勢能之和比在Q點(diǎn)的小D帶電質(zhì)點(diǎn)在R點(diǎn)的加速度方向垂直于等勢面b解析：選D根據(jù)題意畫出電場線，粒子在P處的受力方向如圖所示，可知電場線應(yīng)垂直等勢線由c經(jīng)b至a，所以a點(diǎn)電勢最低，選項(xiàng)A錯誤；粒子由P經(jīng)R至Q的過程中，電場力對其做正功，帶電質(zhì)點(diǎn)的電勢能降低，B選項(xiàng)錯誤；由于質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動過程中只有電場力做功，所以質(zhì)點(diǎn)的電勢能與動能之和保持不變，C選項(xiàng)錯誤；根據(jù)電場線與電場強(qiáng)度的幾何關(guān)系可知，D選項(xiàng)正確。2(多選)(xx海南高考)如圖629(a)，直線MN表示某電場中一條電場線，a、b是線上的兩點(diǎn)，將一帶負(fù)電荷的粒子從a點(diǎn)處由靜止釋放，粒子從a運(yùn)動到b過程中的v t圖線如圖(b)所示。設(shè)a、b兩點(diǎn)的電勢分別為a、b，場強(qiáng)大小分別為Ea、Eb，粒子在a、b兩點(diǎn)的電勢能分別為Wa、Wb，不計(jì)重力，則有()圖629AabBEaEbCEaEb DWaWb解析：選BD由v t 圖像的斜率減小可知由a到b的過程中，粒子的加速度減小，所以場強(qiáng)變小，EaEb；根據(jù)動能定理，速度增大，可知勢能減小，WaWb，可得選項(xiàng)B、D正確。 必備知識1主要類型(1)v t圖像；(2) x圖像；(3)Ex圖像。2應(yīng)對策略(1)v t圖像：根據(jù)v t圖像的速度變化、斜率變化(即加速度的變化)，確定電荷所受電場力的方向與電場力的大小變化情況，進(jìn)而確定電場的方向、電勢的高低及電勢能的變化。(2) x圖像：電場強(qiáng)度的大小等于 x圖線的斜率大小，電場強(qiáng)度為零處， x圖線存在極值，其切線的斜率為零。在 x圖像中可以直接判斷各點(diǎn)電勢的大小，并可根據(jù)電勢大小關(guān)系確定電場強(qiáng)度的方向。在 x圖像中分析電荷移動時電勢能的變化，可用WABqUAB，進(jìn)而分析WAB的正負(fù)，然后作出判斷。(3)Ex圖像：根據(jù)Ex圖像中E的正負(fù)確定電場強(qiáng)度的方向，再在草紙上畫出對應(yīng)電場線的方向，根據(jù)E的大小變化，確定電場的強(qiáng)弱分布。典題例析(多選)(xx吉林二模)一帶正電的檢驗(yàn)電荷，僅在電場力作用下沿x軸從x向x運(yùn)動，其速度v隨位置x變化的圖像如圖6210所示，xx1和xx1處，圖線切線的斜率絕對值相等且最大，則在x軸上()圖6210Axx1和xx1兩處，電場強(qiáng)度相同Bxx1和xx1兩處，電場強(qiáng)度最大Cx0處電勢最低D從xx1運(yùn)動到x過程中，電荷的電勢能逐漸減小解析選BD正檢驗(yàn)電荷僅在電場力作用下沿x軸從x向x運(yùn)動，速度先減小后增大，所受的電場力先沿x軸方向，后沿x軸方向，電場線方向先沿x軸方向，后沿x軸方向，則知xx1和xx1兩處，電場強(qiáng)度的方向相反，電場強(qiáng)度不同，故A錯誤；由v t圖像的斜率決定電場強(qiáng)度的大小，xx1和xx1兩處斜率最大，則電場強(qiáng)度最大，故B正確；由上知，電場線方向先沿x軸方向，后沿x軸方向，根據(jù)順著電場線方向電勢降低可知，電勢先升高后降低，則x0處電勢最大，故C錯誤；從xx1運(yùn)動到x過程中，電場力沿x軸方向，則電場力做正功，電荷的電勢能逐漸減小，故D正確。(1)兩個等量正點(diǎn)電荷位于垂直于x軸的連線上，相對原點(diǎn)對稱分布，選無窮遠(yuǎn)處電勢為零。x軸上電場強(qiáng)度E、電勢的變化規(guī)律如圖6211所示。圖6211(2)兩個等量異種點(diǎn)電荷位于x軸上，相對原點(diǎn)對稱分布，x軸上電場強(qiáng)度E、電勢的變化規(guī)律如圖6212所示。圖6212針對訓(xùn)練1(xx山東高考)如圖6213，半徑為R的均勻帶正電薄球殼，其上有一小孔A。已知?dú)?nèi)的場強(qiáng)處處為零；殼外空間的電場，與將球殼上的全部電荷集中于球心O時在殼外產(chǎn)生的電場一樣。一帶正電的試探電荷(不計(jì)重力)從球心以初動能Ek0沿OA方向射出。下列關(guān)于試探電荷的動能Ek與離開球心的距離r的關(guān)系圖線，可能正確的是()圖6213圖6214解析：選A試探電荷的動能EkEk0W，由此可知在球殼內(nèi)，由于球殼內(nèi)的場強(qiáng)處處為零，因此電場力不做功，試探電荷的動能不變，在球殼外，所受電場力為庫侖力，隨著運(yùn)動距離的增大，在移動相同位移的前提下，做功越來越少，因此動能的增加越來越慢，據(jù)此可知，所給的四個圖中只有A選項(xiàng)正確，其余選項(xiàng)皆錯誤。2兩個等量同種電荷固定于光滑水平面上，其連線中垂線上有A、B、C三點(diǎn)，如圖6215甲所示，一個電量為2 C，質(zhì)量為1 kg的小物塊從C點(diǎn)靜止釋放，其運(yùn)動的vt圖像如圖乙所示，其中B點(diǎn)處為整條圖線切線斜率最大的位置(圖中標(biāo)出了該切線)。則下列說法正確的是()圖6215AB點(diǎn)為中垂線上電場強(qiáng)度最大的點(diǎn)，場強(qiáng)E2 V/mB由C到A的過程中物塊的電勢能先減小后變大C由C點(diǎn)到A點(diǎn)的過程中，電勢逐漸升高DAB兩點(diǎn)的電勢差UAB5 V解析：選D根據(jù)vt圖像上斜率表示加速度，由vt圖像上B點(diǎn)斜率最大可知，小物塊運(yùn)動到B點(diǎn)所受電場力最大，B點(diǎn)為中垂線上電場強(qiáng)度最大的點(diǎn)，小物塊運(yùn)動到B點(diǎn)的加速度a2 m/s2，由qEma可得場強(qiáng)E1 V/m，選項(xiàng)A錯誤。小物塊由C到A的過程中，速度逐漸增大，動能逐漸增大，物塊的電勢能逐漸減小，電勢逐漸降低，選項(xiàng)B、C錯誤。小物塊從B到A，速度由4 m/s增加到6 m/s，動能增加Ek10 J，由動能定理，qUBAEk可得UABUBA5 V，選項(xiàng)D正確。 必備知識電場中的功能關(guān)系(1)如果只有電場力做功，則動能和電勢能之間相互轉(zhuǎn)化，動能(Ek)和電勢能(Ep)的總和守恒，即：電場力做正功，電勢能減少，動能增加。電場力做負(fù)功，電勢能增加，動能減少。(2)除電場力之外其他力做正功，動能和電勢能之和變大；除電場力之外其他力做負(fù)功，動能和電勢能之和變小。(3)如果只有電場力和重力做功，則電勢能和機(jī)械能之和保持不變。典題例析(xx揚(yáng)州模擬)如圖6216所示，在O點(diǎn)放置一個正電荷，在過O點(diǎn)的豎直平面內(nèi)的A點(diǎn)，自由釋放一個帶正電的小球，小球的質(zhì)量為m、電荷量為q。小球落下的軌跡如圖中虛線所示，它與以O(shè)為圓心、R為半徑的圓(圖中實(shí)線表示)相交于B、C兩點(diǎn)，O、C在同一水平線上，BOC30，A距離OC的豎直高度為h。若小球通過B點(diǎn)的速度為v，試求：圖6216(1)小球通過C點(diǎn)的速度大小。(2)小球由A到C的過程中電勢能的增加量。審題指導(dǎo)第一步：抓關(guān)鍵點(diǎn)關(guān)鍵點(diǎn)獲取信息自由釋放初速度為零小球重力不能忽略O(shè)為圓心，R為半徑的圓圓周為等勢線第二步：找突破口(1)要確定通過C點(diǎn)的速度，可由BC過程中的功能關(guān)系求解，由于B、C在圓周上，兩點(diǎn)為等勢點(diǎn)，故電場力不做功，只有重力做功。(2)要求由A到C過程中電勢能的增加量，應(yīng)利用公式WACEpAC和動能定理，對小球由A到C過程分析，列方程求解。解析(1)因B、C兩點(diǎn)電勢相等，小球由B到C只有重力做功，由動能定理得：mgRsin 30mvmv2得：vC。(2)由A到C應(yīng)用動能定理得：WACmghmv0得：WACmvmghmv2mgRmgh。由電勢能變化與電場力做功的關(guān)系得：EpWACmghmv2mgR。答案(1)(2)mghmv2mgR電場力做功的計(jì)算方法針對訓(xùn)練1(xx遼寧沈陽四校聯(lián)考)如圖6217所示，質(zhì)量為m的物塊(視為質(zhì)點(diǎn))，帶正電荷Q，開始時讓它靜止在傾角60的固定光滑絕緣斜面頂端，整個裝置放在水平方向、大小為Emg/Q的勻強(qiáng)電場中(設(shè)斜面頂端處電勢為零)，斜面高為H。釋放后，物塊落地時的電勢能為Ep，物塊落地時的速度大小為v，則()圖6217AEpmgHBEpmgHCv2 Dv2gH解析：選C由公式WABEpAB可求物塊落地時的電勢能為EpQEH/tan 60mgH/mgH，故A、B錯誤；由動能定理，mgHQEH/tan 60mv2，解得v2，C正確，D錯誤。2.一帶電油滴在勻強(qiáng)電場E中的運(yùn)動軌跡如圖6218中虛線所示，電場方向豎直向下。若不計(jì)空氣阻力，則此帶電油滴從a運(yùn)動到b的過程中，能量變化情況為()圖6218A動能減小B電勢能增加C動能和電勢能之和減小D重力勢能和電勢能之和增加解析：選C該油滴從a點(diǎn)進(jìn)入電場，根據(jù)其軌跡的彎曲趨勢，可以判斷靜電力一定豎直向上，且靜電力大于重力，所以油滴帶負(fù)電荷。運(yùn)動過程中合力向上做正功，根據(jù)動能定理，油滴動能變大，A錯誤；靜電力做正功，電勢能必然減少，B錯誤；該處能量守恒的形式表現(xiàn)為電勢能、機(jī)械能(動能重力勢能)之和守恒。根據(jù)能量守恒定律，既然動能增加，則重力勢能與電勢能之和一定減少，D錯誤；油滴上升，重力勢能變大，動能和電勢能之和必然減少，C正確。課時跟蹤檢測 一、單項(xiàng)選擇題1(xx北京高考)如圖1所示，實(shí)線表示某靜電場的電場線，虛線表示該電場的等勢面。下列判斷正確的是()圖1A1、2兩點(diǎn)的場強(qiáng)相等B1、3兩點(diǎn)的場強(qiáng)相等C1、2兩點(diǎn)的電勢相等 D2、3兩點(diǎn)的電勢相等解析：選D根據(jù)電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的大小知，1點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于2點(diǎn)、3點(diǎn)的電場強(qiáng)度，選項(xiàng)A、B錯誤。根據(jù)沿著電場線方向電勢逐漸降低，在同一等勢面上各點(diǎn)的電勢相等知，1點(diǎn)的電勢高于2點(diǎn)電勢，2點(diǎn)、3點(diǎn)處于同一等勢面上，電勢相等，選項(xiàng)C錯誤，D正確。2(xx大綱卷)地球表面附近某區(qū)域存在大小為150 N/C、方向豎直向下的電場。一質(zhì)量為1.00104 kg、帶電量為1.00107 C的小球從靜止釋放，在電場區(qū)域內(nèi)下落10.0 m。對此過程，該小球的電勢能和動能的改變量分別為(重力加速度大小取9.80 m/s2，忽略空氣阻力)()A1.50104 J和9.95103 JB1.50104 J和9.95103 JC1.50104 J和9.65103 JD1.50104 J和9.65103 J解析：選D對帶電小球受力分析，如圖所示，在此過程中，該小球的電勢能的改變量EpqEh1.50104 J；根據(jù)動能定理可得： 小球的動能的改變量EkmghqEh9.65103 J，選項(xiàng)D正確，A、B、C錯誤。3.如圖2所示，有四個等量異種電荷，放在正方形的四個頂點(diǎn)處。A、B、C、D為正方形四個邊的中點(diǎn)，O為正方形的中心，下列說法中正確的是()圖2AA、B、C、D四個點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同BO點(diǎn)電場強(qiáng)度等于零C將一帶正電的試探電荷勻速從B點(diǎn)沿直線移動到D點(diǎn)，電場力做功為零D將一帶正電的試探電荷勻速從A點(diǎn)沿直線移動到C點(diǎn)，試探電荷具有的電勢能增大解析：選C由點(diǎn)電荷電場強(qiáng)度公式和場強(qiáng)疊加原理可知，A、B、C、D四個點(diǎn)的電場強(qiáng)度不相同，O點(diǎn)電場強(qiáng)度不等于零，選項(xiàng)A、B錯誤；由于B、D兩點(diǎn)等電勢，將一帶正電的試探電荷勻速從B點(diǎn)沿直線移動到D點(diǎn)，電場力做功為零，選項(xiàng)C正確；由于A點(diǎn)電勢高于C點(diǎn)，將一帶正電的試探電荷勻速從A點(diǎn)沿直線移動到C點(diǎn)，試探電荷具有的電勢能減小，選項(xiàng)D錯誤。4(xx天津高考)如圖3所示，平行金屬板A、B水平正對放置，分別帶等量異號電荷。一帶電微粒水平射入板間，在重力和電場力共同作用下運(yùn)動，軌跡如圖中虛線所示，那么()圖3A若微粒帶正電荷，則A板一定帶正電荷B微粒從M點(diǎn)運(yùn)動到N點(diǎn)電勢能一定增加C微粒從M點(diǎn)運(yùn)動到N點(diǎn)動能一定增加D微粒從M