高考物理大一輪復習 課后限時集訓16 機械能守恒定律及其應用-人教版高三全冊物理試題

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1、課后限時集訓16機械能守恒定律及其應用建議用時：45分鐘1在如圖所示的物理過程示意圖中，甲圖一端固定有小球的輕桿，從右偏上30角釋放后繞光滑支點擺動；乙圖為末端固定有小球的輕質直角架，釋放后繞通過直角頂點的固定軸O無摩擦轉動；丙圖為輕繩一端連著一小球，從右偏上30角處自由釋放；丁圖為置于光滑水平面上的帶有豎直支架的小車，把用細繩懸掛的小球從圖示位置釋放，小球開始擺動，則關于這幾個物理過程(空氣阻力忽略不計)，下列判斷中正確的是()甲乙丙丁A甲圖中小球機械能守恒B乙圖中小球A機械能守恒C丙圖中小球機械能守恒D丁圖中小球機械能守恒A甲圖過程中輕桿對小球不做功，小球的機械能守恒，A項正確；乙圖過程中

2、輕桿對小球A的彈力不沿桿的方向，會對小球做功，所以小球A的機械能不守恒，但兩個小球組成的系統(tǒng)機械能守恒，B項錯誤；丙圖中小球在繩子繃緊的瞬間有動能損失，機械能不守恒，C項錯誤；丁圖中小球和小車組成的系統(tǒng)機械能守恒，但小球的機械能不守恒，這是因為擺動過程中小球的軌跡不是圓弧，細繩會對小球做功，D項錯誤。2(多選)如圖所示，兩質量相同的小球A、B，分別用線懸在等高的O1、O2點，A球的懸線比B球的長，把兩球的懸線均拉到水平位置后將小球無初速度釋放，則經過最低點時(以懸點為零勢能點)()AA球的速度等于B球的速度BA球的動能大于B球的動能CA球的機械能大于B球的機械能DA球的機械能等于B球的機械能B

3、D初始時刻，兩球的動能和勢能均為0，運動過程中只有重力做功，機械能守恒，所以到達最低點時，兩球的機械能相等，兩球獲得的動能分別等于各自重力勢能的減少量，即Ekmgl。3(2019上海長寧區(qū)期末)從地面豎直上拋兩個質量不同、初動能相同的小球，不計空氣阻力，以地面為零勢能面，當兩小球上升到同一高度時，則()A它們具有的重力勢能相等B質量小的小球動能一定小C它們具有的機械能相等D質量大的小球機械能一定大C在上升到相同高度時，由于兩小球質量不同，由重力勢能Epmgh可知重力勢能不同，故A錯誤；在小球上升過程中，根據機械能守恒定律，有EkEmgh，其中E為兩小球相同的初始動能。在上升到相同高度時，h相同

4、，質量小的小球動能Ek大，故B錯誤；在上升過程中，只有重力做功，兩小球機械能守恒，由于初動能相同，則它們具有的機械能相等，故C正確，D錯誤。4.(2019昆明、玉溪統(tǒng)考)如圖所示，固定的傾斜光滑桿上套有一質量為m的小球，小球與一輕質彈簧一端相連，彈簧的另一端固定在地面上的A點，已知桿與水平面之間的夾角45，當小球位于B點時，彈簧與桿垂直，此時彈簧處于原長。現讓小球自C點由靜止釋放，在小球滑到桿底端(此時小球速度為零)的整個過程中，關于小球的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能，下列說法正確的是()A小球的動能與重力勢能之和保持不變B小球的動能與重力勢能之和先增大后減小C小球的動能與彈簧的彈性勢能之和

5、保持不變D小球的重力勢能與彈簧的彈性勢能之和保持不變B小球與彈簧組成的系統(tǒng)在整個過程中，機械能守恒，彈簧處于原長時彈性勢能為零，小球從C點到最低點過程中，彈簧的彈性勢能先減小后增大，所以小球的動能與重力勢能之和先增大后減小，A項錯，B項對；小球的重力勢能不斷減小，所以小球的動能與彈簧的彈性勢能之和不斷增大，C項錯；小球的初、末動能均為零，所以整個過程中小球的動能先增大后減小，所以小球的重力勢能與彈簧的彈性勢能之和先減小后增大，D項錯。5.(多選)(2019臨沂2月檢測)如圖所示，半徑為R的光滑圓弧軌道AO對接半徑為2R的光滑圓弧軌道OB于O點?？梢暈橘|點的物體從上面圓弧的某點C由靜止下滑(C點

6、未標出)，物體恰能從O點平拋出去。則()ACO1O60BCO1O90C落地點距O2的距離為2RD落地點距O2的距離為2RBC要使物體恰能從O點平拋出去，在O點有mgm，解得物體從O點平拋出去的最小速度為v。設CO1O，由機械能守恒定律可知，mgR(1cos )mv2，解得90，故選項A錯誤，B正確；由平拋運動規(guī)律可得，xvt,2Rgt2，解得落地點距O2為2R，選項C正確，D錯誤。6.有一條長為2 m的均勻金屬鏈條，有一半長度在光滑的足夠高的斜面上，斜面頂端是一個很小的圓弧，斜面傾角為30，另一半長度豎直下垂在空中，當鏈條從靜止開始釋放后鏈條沿斜面向上滑動，則鏈條剛好全部滑出斜面時的速度為(g

7、取10 m/s2)()A2.5 m/s B m/s C m/s D m/sB鏈條的質量為2m，以開始時鏈條的最高點為零勢能面，鏈條的機械能為EEpEk2mgsin 2mg0mgL(1sin )鏈條全部滑出后，動能為Ek2mv2重力勢能為Ep2mg由機械能守恒定律可得EEkEp即mgL(1sin )mv2mgL解得v m/s，故B正確，A、C、D錯誤。7.如圖所示，將一質量為m0.1 kg的小球自水平平臺右端O點以初速度v0水平拋出，小球飛離平臺后由A點沿切線方向落入豎直光滑圓軌道ABC，并沿軌道恰好通過最高點C，圓軌道ABC的形狀為半徑R2.5 m的圓截去了左上角127的圓弧，CB為其豎直直徑

8、，(sin 530.8，cos 530.6，重力加速度g取10 m/s2)求：(1)小球經過C點的速度大小；(2)小球運動到軌道最低點B時軌道對小球的支持力的大小；(3)平臺末端O點到A點的豎直高度H。解析(1)小球恰好運動到C點時，重力提供向心力即mgm，vC5 m/s。(2)從B點到C點，由機械能守恒定律有mvmg2Rmv在B點對小球進行受力分析，由牛頓第二定律有FNmgm聯(lián)立解得vB5 m/s，FN6 N。(3)從A到B，由機械能守恒定律有mvmgR(1cos 53)mv所以vA m/s在A點進行速度的分解有vyvAsin 53所以H3.36 m。答案(1)5 m/s(2)6 N(3)3

9、.36 m8(2019龍巖質檢)如圖所示，固定的傾斜光滑桿上套有一個質量為m的圓環(huán)，圓環(huán)與一根輕質彈性橡皮繩相連，橡皮繩的另一端固定在地面上的A點，橡皮繩豎直且處于原長，原長為h，現讓圓環(huán)沿桿從靜止開始下滑，滑到桿的底端時速度為零。則在圓環(huán)下滑過程中(整個過程中橡皮繩始終處于彈性限度內)，下列說法中正確的是()A圓環(huán)的機械能守恒B圓環(huán)的機械能先增大后減小C圓環(huán)滑到桿的底端時機械能減少了mghD橡皮繩再次恰好恢復原長時，圓環(huán)動能最大C圓環(huán)沿桿滑下，滑到桿的底端的過程中有兩個力對圓環(huán)做功，即環(huán)的重力和橡皮繩的拉力，所以圓環(huán)的機械能不守恒，如果把圓環(huán)和橡皮繩組成的系統(tǒng)作為研究對象，則系統(tǒng)的機械能守恒

10、，因為橡皮繩的彈性勢能先不變再增大，所以圓環(huán)的機械能先不變后減小，故A、B錯誤；圓環(huán)滑到桿的底端時動能為零，重力勢能減小了mgh，即圓環(huán)的機械能減少了mgh，故C正確；在圓環(huán)下滑過程中，橡皮繩再次恢復原長時，該過程中圓環(huán)動能一直增大，但不是最大，沿桿方向合力為零的時刻，圓環(huán)加速度為零，圓環(huán)的速度最大，故D錯誤。9.(多選)(2019佛山七校聯(lián)考)如圖所示，長度為l的豎直輕桿上端連著一質量為m的小球A(可視為質點)，桿的下端用鉸鏈連接于水平地面上的O點。置于同一水平地面上的正方體B恰與A接觸，正方體B的質量為M。今有微小擾動，使桿向右傾倒，各處摩擦均不計，而A與B剛脫離接觸的瞬間，桿與地面夾角恰

11、為，重力加速度為g，則下列說法正確的是()AA與B剛脫離接觸的瞬間，A、B速率之比為21BA與B剛脫離接觸的瞬間，B的速率為CA落地時速率為DA、B質量之比為14ABD設小球速度為vA，正方體速度為vB，分離時刻，小球的水平速度與正方體速度相同，即vAsin 30vB，解得vA2vB，故A正確；根據牛頓第二定律有mgsin 30m，解得vA，vB，故B正確；A從分離到落地，小球機械能守恒，有mglsin 30mv2mv，v，故C錯誤；在桿從豎直位置開始傾倒到小球與正方體恰好分離的過程中，小球和正方體組成的系統(tǒng)機械能守恒，則有mgl(1sin 30)mvMv，把vA和vB的值代入，化簡得mM14

12、，故D正確。10.(2019泰州一模)如圖所示，在傾角為30的光滑斜面上，一勁度系數為k200 N/m的輕質彈簧一端連接固定擋板C上，另一端連接一質量為m4 kg的物體A，一輕細繩通過定滑輪，一端系在物體A上，另一端與質量也為m的物體B相連，細繩與斜面平行，斜面足夠長。用手托住物體B使繩子剛好沒有拉力，然后由靜止釋放。求：(1)彈簧恢復原長時細繩上的拉力；(2)物體A沿斜面向上運動多遠時獲得最大速度；(3)物體A的最大速度的大小。解析(1)恢復原長時對B有mgFTma對A有FTmgsin 30ma解得FT30 N。(2)初態(tài)彈簧壓縮x110 cm當A速度最大時mgkx2mgsin 30彈簧伸長

13、x210 cm所以A沿斜面上升x1x220 cm。(3)因x1x2，故彈性勢能改變量Ep0由系統(tǒng)機械能守恒mg(x1x2)mg(x1x2)sin 302mv2得v1 m/s。答案(1)30 N(2)20 cm(3)1 m/s11.如圖所示，半徑為r、質量不計的圓盤盤面與地面垂直，圓心處有一個垂直于盤面的光滑水平固定軸O，在盤的右邊緣固定有一個質量為m的小球A，在O點正下方離O點處固定一個質量也為m的小球B，放開盤讓其自由轉動。(1)當A轉動到最低點時，兩小球的重力勢能之和減少了多少？(2)A球轉到最低點時的線速度是多少？解析(1)以通過固定軸O的水平面為零勢能面，開始時兩球的重力勢能之和為Ep1EpAEpB0mgrmgr當小球A轉至最低點時兩小球重力勢能之和為Ep2EpAEpBmgr0mgr故兩球重力勢能之和減少量為Ep減Ep1Ep2mgr(mgr)mgr。(2)由于圓盤轉動過程中，系統(tǒng)只有動能和重力勢能相互轉化，系統(tǒng)的機械能守恒，因此系統(tǒng)的重力勢能的減少一定等于兩球動能的增加。設A球轉至最低點時，A、B的線速度分別為vA和vB，則mgrmvmv。因A、B兩球固定在同一圓盤上，轉動過程中角速度相等，故線速度的關系為vA2vB，解得vA。答案(1)mgr(2)