（課標通用）高考物理二輪復習 小題提速搶分練1（8選擇2實驗）（含解析）-人教版高三全冊物理試題

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1、 (8選擇＋2實驗) (建議用時：30分鐘) 一、選擇題(共8小題，每小題6分．在每小題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，第19～21題有多項符合題目要求．全選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．) 14．如圖所示，實線表示某電場中的兩條電場線，虛線表示電場中的兩條等勢線，A、B、C、D分別是電場線與等勢線的交點，下列說法正確的是(　　) A．將點電荷從B點移動到C點，電場力一定做正功 B．負點電荷在D點的電勢能大于在A點的電勢能 C．將一負點電荷從A點由靜止釋放后，在只受電場力作用下將向C點運動 D．點電荷在AB等勢線上受到的電場力與在CD等

2、勢線上受到的電場力大小相等 B　解析 B點的電勢高于D點，D點電勢等于C點的電勢，則B點的電勢高于C點的電勢，將正的點電荷從B點移動到C點，電場力一定做正功，選項A錯誤；A點的電勢高于D點的電勢，則負點電荷在D點的電勢能大于在A點的電勢能，選項B正確；將一負點電荷從A點由靜止釋放后，所受的電場力沿CA方向，則在只受電場力作用下將向C點反方向運動，選項C錯誤；AB處電場線較CD處密集，則點電荷在AB等勢線上受到的電場力比在CD等勢線上受到的電場力大，選項D錯誤． 15．鈾原子核既可發(fā)生衰變，也可發(fā)生裂變．其衰變方程為U→Th＋X，裂變方程為U＋n→Y＋Kr＋3n，其中U、n、Y、Kr的質(zhì)量分

3、別為m1、m2、m3、m4，光在真空中的傳播速度為c.下列敘述正確的是(　　) A．U發(fā)生的是β衰變 B．Y原子核中含有56個中子 C．若提高溫度，U的半衰期將會變小 D．裂變時釋放的能量為(m1－2m2－m3－m4)c2 D　解析 根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒，電荷數(shù)守恒，X為氦原子核，U發(fā)生的是α衰變，選項A錯誤；根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒，電荷數(shù)守恒可知，Y的質(zhì)量數(shù)A＝235＋1－89－3＝144，電荷數(shù)Z＝92－36＝56，由原子核的組成特點可知，Y原子核中含有56個質(zhì)子，中子數(shù)為144－56＝88個，選項B錯誤；半衰期與溫度、壓強等外界因素無關(guān)，選項C錯誤；由于核裂變的過程中釋放能量，根據(jù)愛因斯坦質(zhì)

4、能方程得ΔE＝Δm·c2＝(m1－2m2－m3－m4)c2，選項D正確． 16．(2019·河南周口一中期中)如圖所示，一沙袋用無彈性輕細繩懸于O點．開始時沙袋處于靜止狀態(tài)，一彈丸以水平速度v0擊中沙袋后未穿出，二者共同擺動．若彈丸質(zhì)量為m，沙袋質(zhì)量為5m，彈丸和沙袋形狀大小忽略不計，彈丸擊中沙袋后漏出的沙子質(zhì)量忽略不計，不計空氣阻力，重力加速度為g.下列說法正確的是(　　) A．彈丸打入沙袋過程中，細繩所受拉力大小保持不變 B．彈丸打入沙袋過程中，彈丸對沙袋的沖量大小大于沙袋對彈丸的沖量大小 C．彈丸打入沙袋過程中所產(chǎn)生的熱量為 D．沙袋和彈丸一起擺動所達到的最大高度為 D　解析

5、 彈丸打入沙袋的過程由動量守恒定律mv0＝(m＋5m)v，解得v＝v0，彈丸打入沙袋后，總質(zhì)量變大，且做圓周運動，根據(jù)T＝6mg＋6m可知，細繩所受拉力變大，選項A錯誤；根據(jù)牛頓第三定律可知，彈丸打入沙袋過程中，彈丸對沙袋的沖量大小等于沙袋對彈丸的沖量大小，選項B錯誤；彈丸打入沙袋過程中所產(chǎn)生的熱量為Q＝mv－·6mv2＝mv，選項C錯誤；由機械能守恒可得·6mv2＝6mgh，解得h＝，選項D正確． 17．(2019·遼寧重點協(xié)作體模擬)從t＝0時刻開始，物塊在外力作用下由靜止開始沿x軸做勻變速直線運動，如圖所示為其位移和速率的二次方的關(guān)系圖線，下列說法正確的是(　　) A．t＝0時刻物塊

6、位于x＝0處 B．物塊運動的加速度a＝0.5 m/s2 C．t＝2 s時物塊位于x＝2 m處 D．2～4 s時間內(nèi)物塊的位移大小為2 m B　解析 設t＝0時刻物塊位于x0處，物塊運動的加速度為a，由勻變速直線運動規(guī)律可知v2＝2a(x－x0)，可變化成x＝x0＋v2，由位移和速率二次方關(guān)系圖線的斜率＝ s2/m＝1 s2/m，可得物塊運動的加速度a＝0.5 m/s2，t＝0時刻x0＝－2 m，選項A錯誤，B正確；t＝4 s時物塊的位移x4＝x0＋at2＝2 m，t＝2 s時物塊的位移x2＝x0＋at2＝－1 m,2～4 s時間內(nèi)物塊的位移大小為x＝x4－x2＝3 m，選項C、D錯誤．

7、 18．中國國家航天局目前計劃于2020年發(fā)射嫦娥工程第二階段的月球車“嫦娥四號”．如圖所示，假設運載火箭先將“嫦娥四號”月球探測器成功送入太空，由地月轉(zhuǎn)移軌道進入半徑為r1＝100 km的環(huán)月圓軌道Ⅰ后成功變軌到近月點為15 km的橢圓軌道Ⅱ，再從15 km高度降至近月圓軌道Ⅲ，最后成功實現(xiàn)登月．若取兩物體相距無窮遠時的引力勢能為零，一個質(zhì)量為m的質(zhì)點到質(zhì)量為M的物體中心距離為r時，其引力勢能表達式為Ep＝－G(式中G為引力常量)．已知月球質(zhì)量為M0，月球半徑為R，發(fā)射的“嫦娥四號”探測器質(zhì)量為m0.則下列關(guān)于“嫦娥四號”登月過程的說法正確的是(　　) A．“嫦娥四號”探測器在軌道Ⅰ

8、上運行的動能大于在軌道Ⅲ上運行的動能 B．“嫦娥四號”探測器從軌道Ⅰ上變軌到軌道Ⅲ上時，勢能減小了GM0m0 C．“嫦娥四號”探測器在軌道Ⅲ上運行時的機械能等于在軌道Ⅰ上運行時的機械能 D．落月的“嫦娥四號”探測器從軌道Ⅲ回到軌道Ⅰ，需要提供的最小能量是 D　解析 根據(jù)萬有引力定律有G＝m，得“嫦娥四號”探測器在軌道Ⅰ和軌道Ⅲ上的動能分別是Ek1＝、Ek2＝，由于r1>R，所以“嫦娥四號”探測器在軌道Ⅰ上運行的動能小于在軌道Ⅲ上運行的動能，選項A錯誤；根據(jù)Ep＝－G可知，“嫦娥四號”探測器在軌道Ⅰ和軌道Ⅲ上的勢能分別是Ep1＝－、Ep2＝－，“嫦娥四號”探測器從軌道Ⅰ上變軌到軌道Ⅲ上時

9、，勢能減小了ΔEp＝GM0m0，選項B錯誤；根據(jù)能量守恒定律，落月的“嫦娥四號”探測器從軌道Ⅲ回到軌道Ⅰ，所要提供的最小能量是ΔE＝Ep1－Ep2＋Ek1－Ek2＝，選項C錯誤，D正確． 19．(2019·河南洛陽二模)如圖所示，自動卸貨車始終靜止在水平地面上，車廂在液壓機的作用下改變與水平面間的夾角，以卸下車廂中的貨物．當夾角為θ時，質(zhì)量為M的木箱A與裝在箱內(nèi)的質(zhì)量為m的物體B，一起以共同的速度沿車廂底板勻速滑下，則下列說法正確的是(　　) A．A、B間沒有靜摩擦力 B．A受到B的靜摩擦力方向沿車廂底板向下 C．A受到車廂底板的滑動摩擦力大小為Mgsin θ D．A與車廂底板間的動

10、摩擦因數(shù)μ＝tan θ BD　解析 隔離B受力分析，由題意可知，B受到靜摩擦力作用，則A、B間有靜摩擦力，選項A錯誤；B受到A的靜摩擦力方向沿車廂底板向上，根據(jù)牛頓第三定律可知，A受到B的靜摩擦力方向沿車廂底板向下，選項B正確；A、B一起以共同的速度沿車廂底板勻速滑下，把A、B看作整體，受力分析由平衡條件有Ff＝(M＋m)gsin θ，選項C錯誤；A、B整體的重力沿垂直車廂底板方向的分力為(M＋m)gcos θ，則有Ff＝μ(M＋m)gcos θ＝(M＋m)gsin θ，解得μ＝tan θ，選項D正確． 20．(2019·吉林長春實驗中學開學考試)如圖甲所示，在足夠長的光滑的斜面上放置著金

11、屬線框，垂直于斜面方向的勻強磁場的磁感應強度B隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示(規(guī)定垂直斜面向上為正方向)．t＝0時刻將線框由靜止釋放，在線框下滑的過程中，下列說法正確的是(　　) A．線框中會產(chǎn)生的電流大小和方向均不變 B．MN邊受到的安培力不變 C．線框做勻加速直線運動 D．線框中產(chǎn)生的焦耳熱等于其機械能的損失 AC　解析 t＝0時刻開始，磁場先垂直于斜面向下均勻減小，然后垂直于斜面向上均勻增大，根據(jù)楞次定律可知，線框中感應電流方向總是沿順時針方向，根據(jù)法拉第電磁感應定律E＝S，知不變，感應電動勢不變，則感應電流I恒定不變，選項A正確；由安培力表達式F＝BIL，I、L不變，B先減小

12、后增大，知MN邊受到的安培力先減小后增大，選項B錯誤；線框處于磁場中，受到的安培力的合力為零，線框受到重力與支持力，所以線框做勻加速直線運動，選項C正確；只有重力做功，機械能守恒，根據(jù)能量守恒定律知，磁場能轉(zhuǎn)化為焦耳熱，選項D錯誤． 21．(2019·安徽阜陽三中調(diào)研)如圖所示，物體A、B通過細繩及輕質(zhì)彈簧連接在輕滑輪兩側(cè)，物體A、B的質(zhì)量分別為2m、m.開始時細繩伸直，物體B靜止在桌面上，用手托著物體A使彈簧處于原長且A與地面的距離為h.放手后物體A下落，著地時速度大小為v，此時物體B對桌面恰好無壓力．不計一切摩擦及空氣阻力，重力加速度大小為g.下列說法正確的是(　　) A．物體A下落過

13、程中，物體A和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒 B．彈簧的勁度系數(shù)為 C．物體A著地時的加速度大小為 D．物體A著地時彈簧的彈性勢能為mgh－mv2 AC　解析 因為B沒有運動，所以物體A下落過程中，只有彈力和重力做功，故物體A和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，選項A正確；因為A剛下落時，彈簧處于原長，A落地時，彈簧對B的彈力大小等于B的重力，故kh＝mg，解得k＝，選項B錯誤；物體A落地時彈簧對繩子的拉力大小為mg，故對A分析，受到豎直向上的拉力，大小為mg，豎直向下的重力，大小為2mg，故根據(jù)牛頓第二定律可得2mg－mg＝2ma，解得a＝，選項C正確；物體A下落過程中，物體A和彈簧組成的系統(tǒng)機械

14、能守恒，故2mgh＝·2mv2＋Ep，解得Ep＝2mgh－mv2，選項D錯誤． 二、實驗題(共15分) 22．(2019·安徽定遠育才學校二模)(6分)某同學利用傾斜氣墊導軌做“驗證機械能守恒定律”的實驗，實驗裝置如圖甲所示．其主要實驗步驟如下： a．用游標卡尺測量擋光條的寬度l，結(jié)果如圖乙所示； b．讀出導軌標尺的總長L0，并用直尺測出導軌標尺在豎直方向的高度H0； c．讀出滑塊釋放處擋光條與光電門中心之間的距離s； d．由靜止釋放滑塊，從數(shù)字計時器(圖中未畫出)上讀出擋光條通過光電門所用的時間t. 回答下列問題： (1)由圖乙讀出l＝________mm. (2)__

15、______(選填“有”或“沒有”)必要用天平稱出滑塊和擋光條的總質(zhì)量M. (3)多次改變光電門位置，即改變距離s，重復上述實驗，作出隨s的變化圖象，如圖所示，當已知量t0、s0、l、L0、H0和當?shù)刂亓铀俣萭滿足表達式＝________時，可判斷滑塊下滑過程中機械能守恒． 解析 (1)游標尺上共有20小格，精度為0.05 mm，用游標卡尺測量擋光條的寬度l＝(8＋0.05×4)mm＝8.20 mm. (2)欲驗證機械能守恒定律，即Mgssin θ＝M2，θ為氣墊導軌與水平面間的夾角，只需驗證gssin θ＝2，可見沒有必要測量滑塊和擋光條的總質(zhì)量M. (3)由幾何知識得sin

16、θ＝，當s＝s0，t＝t0時有＝s0. 答案 (1)8.20　(2)沒有　(3)s0 23．(2019·四川瀘縣二中三模)(9分)某同學要測定三節(jié)干電池組成的電池組的電動勢和內(nèi)阻，實驗室提供的器材有： A．電流表G(滿偏電流5 mA，內(nèi)阻10 Ω) B．安培表(量程0.6 A，內(nèi)阻0.5 Ω) C．電壓表(量程15 V，內(nèi)阻約為6 kΩ) D．滑動變阻器(阻值0～10 Ω，額定電流為2 A) E．定值電阻R0(阻值990 Ω) F．開關(guān)S一個，導線若干 (1)請完成虛線框內(nèi)的電路圖，為了減小實驗誤差，電路圖甲中的導線應連接到________(選填“①”或“②”)的位置．

17、 (2)調(diào)節(jié)滑動變阻器，測得虛線框內(nèi)電表的示數(shù)X與安培表的示數(shù)I的多組數(shù)值，作出X-I圖象如圖乙所示，則由圖線可以得到被測電池組的電動勢E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω.(保留兩位有效數(shù)字) (3)實驗時，小明進行了多次測量，花費了較長時間，測量期間一直保持開關(guān)閉合，其實，從實驗誤差考慮，這樣的操作不妥，因為________________________________． 解析 (1)三節(jié)干電池的電動勢大約為4.5 V，由于所給電壓表的量程過大，因此需要用電流表G和定值電阻R0組成一個量程為5 V的電壓表，因此虛線框內(nèi)的電路連接如圖所示．由于安培表的電阻已知，因此將導線連接到②可以減小電池內(nèi)阻測量的誤差． (2)由電路連接可知，X為電流表G的示數(shù)，將圖線延長，圖線與縱軸的交點是4.5 mA，為電路斷路時電流表G的示數(shù)，此時電源的電動勢等于路端電壓， 即E＝4.5×10－3×(990＋10)V＝4.5 V，電源的內(nèi)阻r＝ Ω－0.5 Ω＝4.5 Ω. (3)干電池長時間使用后，電動勢和內(nèi)阻會發(fā)生變化，導致實驗誤差增大． 答案 (1)見解析圖?、凇?2)4.5　4.5　(3)干電池使用較長時間后，電動勢和內(nèi)阻發(fā)生變化，導致實驗誤差增大