高考生物大一輪復習 第五單元 遺傳的基本規(guī)律15課件 新人教版.ppt

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第15講 基因的自由組合定律,考綱要求 基因的自由組合定律(Ⅱ),教材導學 一、兩對相對性狀的雜交實驗,二、對自由組合現象的解釋和驗證 理論解釋 1.假說 (1)F1在形成配子時，________彼此分離，________自由組合。 (2)F1產生雌雄配子各________種類型，且數量________。 (3)受精時，雌雄配子的結合是________的，結合方式有________種，遺傳因子的組合形式有________種，性狀表現為________種。,2.圖解,實驗驗證 實驗：F1×________—→YyRr Yyrr yyRr yyrr 1黃圓∶1黃皺∶1綠圓∶1綠皺 結論：F1形成配子時，不同對的遺傳因子自由組合,三、自由組合定律 自由組合定律的內容：控制不同性狀的________的分離和組合是互不干擾的；在形成________時，決定同一性狀的________彼此分離，決定不同性狀的________自由組合。,四、孟德爾實驗方法的啟示和遺傳規(guī)律的再發(fā)現 1.實驗方法啟示 孟德爾獲得成功的原因：①正確選材(豌豆)；②對相對性狀遺傳的研究，從________對到________對；③對實驗結果進行________的分析；④運用________法(包括“提出問題→提出假說→演繹推理→實驗檢驗→得出結論”五個基本環(huán)節(jié))這一科學方法。,2.遺傳規(guī)律再發(fā)現 (1)1909年，丹麥生物學家約翰遜把“遺傳因子”叫做________。 (2)因為孟德爾的杰出貢獻，他被公認為“遺傳學之父”。,自我校對 一、黃圓 9黃圓 1綠皺 自由組合 9∶3∶3∶1 黃皺和綠圓 6/16 (3/8) 二、1.(1)每對遺傳因子 不同對的遺傳因子 (2)4 相等 (3)隨機 16 9 4 實驗驗證：yyrr 三、遺傳因子 配子 成對的遺傳因子 不同對的遺傳因子 四、1.一 多 統(tǒng)計學 假說—演繹 2.(1)基因,基礎自測 判斷正誤 (1)F1產生配子時，成對的基因彼此分離并自由組合。( ) (2)孟德爾的豌豆雜交實驗(二)中，F1產生的雌雄配子的結合是隨機的，結合方式有16種。 ( ) (3)孟德爾的豌豆雜交實驗(二)中，F2的基因型有9種，比例為4∶2∶2∶2∶2∶1∶1∶1∶1。 ( ) (4)雜種F1(YyRr)產生4個配子，比例為1∶1∶1∶1。( ),(5)隨等位基因的分離，非等位基因也一定自由組合。( ) (6)基因自由組合指的是受精作用過程中，雌、雄配子的隨機結合。 ( ) (7)假定五對等位基因自由組合，則雜交組合AaBBCcDDEe×AaBbCCddEe產生的子代中，有一對等位基因雜合、四對等位基因純合的個體所占比率是1/32。( ) (8)F1黃色圓粒豌豆(YyRr)產生基因型YR的卵細胞和基因型YR的精子數量之比為1∶1。 ( ),(9)基因A、a和基因B、b分別位于不同對的同源染色體上，一個親本與aabb測交，子代基因型為AaBb和Aabb，分離比為1∶1，則這個親本基因型為AABb。 ( ) (10)南瓜的扁盤形、圓形、長圓形三種瓜形由兩對等位基因控制(A、a和B、b)，這兩對基因獨立遺傳?，F將2株圓形南瓜植株進行雜交，F1收獲的全是扁盤形南瓜；F1自交，F2獲得137株扁盤形、89株圓形、15株長圓形南瓜。據此判斷，親代圓形南瓜植株的基因型分別是aaBB和Aabb。 ( ),【答案】 (1)× (2)√ (3)√ (4)× (5)× (6)× (7)× (8)× (9)√ (10)×,考點突破 考點一 孟德爾遺傳定律、實質及其適用條件 1.基因自由組合定律實質與減數分裂(細胞學基礎),理解自由組合定律的實質要注意三點： (1)同時性：同源染色體上等位基因的分離與非同源染色體上非等位基因的自由組合同時進行。 (2)獨立性：同源染色體上等位基因間的相互分離與非同源染色體上非等位基因的自由組合，互不干擾，各自獨立地分配到配子中去。 (3)普遍性：自由組合定律廣泛適用于進行有性生殖的生物?；蛑匦陆M合會產生極其多樣基因型的后代，這也是現在世界上的生物種類具有多樣性的重要原因。,2.基因自由組合定律的適用條件 (1)適用于兩對或兩對以上相對性狀的遺傳，并且非等位基因均位于不同對的同源染色體上。 (2)非同源染色體上的非等位基因自由組合，發(fā)生在減數第一次分裂過程中，因此只有進行有性生殖的生物，才能出現基因的自由組合。 (3)按遺傳基本定律遺傳的基因，均位于細胞核中的染色體上。所以，基因的分離定律和基因的自由組合定律，均是真核生物的細胞核基因的遺傳規(guī)律。,【例1】 基因的自由組合定律發(fā)生于下圖中哪個過程( ) A.① B.② C.③ D.④,【解析】 基因的分離定律和自由組合定律都是在個體通過減數分裂產生配子時起作用，不同于性狀的自由組合，也不同于配子的自由組合。 【答案】 A,【例2】 某男性與一正常女性婚配，生育 了一個白化病兼色盲的兒子。右圖為此男性的 一個精原細胞示意圖(白化病基因a、色盲基因 b)。下列敘述錯誤的是 ( ) A.此男性的初級精母細胞中含有2個染色體組 B.在形成此精原細胞過程中不可能出現四分體 C.該夫婦所生兒子的色盲基因一定來自于母親 D.該夫婦再生一個表現型正常男孩的概率是3/8,【解析】 由此男性精原細胞的示意圖可知，該男性的基因型為AaXbY，其初級精母細胞中存在同源染色體，含兩個染色體組；精原細胞的形成是有絲分裂的結果，因此該過程中不會出現四分體；該男性將其Y染色體遺傳給他的兒子，因此這對夫婦所生兒子的色盲基因一定來自其母親；由這對夫婦所生兒子的表現型可知，母方的基因型為AaXBXb，故這對夫婦再生一個表現型正常男孩(A_XBY)的概率為3/4×1/4= 3/16。 【答案】 D,考點二 對兩對相對性狀實驗的理解 【例3】 具有獨立遺傳的兩對相對性狀的純種雜交(AABB ×aabb)，F1自交得F2，請?zhí)顚懪c各問題相符的正確答案。 ①F2中親本類型的比例是________。 ②F2中重組類型的比例是________。 ③F2中雙顯性性狀的比例是________。,④F2中純合子的比例是________。 ⑤F2中重組類型的雜合子比例是________。 ⑥F2中AaBb的比例是________。 ⑦F2中Aabb的比例是________。,【解析】 基于對F29∶3∶3∶1的理解，可知F2中親本類型為9+1份，因此比例為10/16=5/8；重組類型為3+3份；雙顯性類型為9份；純合子4份；重組類型中雜合子4份；AaBb4份；Aabb2份。 【答案】 5/8；3/8；9/16；1/4；2/3；1/4；1/8,【例4】 用純合的黃色圓粒豌豆與綠色皺粒豌豆雜交，F1全是黃色圓粒。F1自交得F2，在F2中雜合的綠色圓粒有4 000個，推測F2中純合黃色皺粒的個數________。,【解析】 F2中雜合綠色圓粒為2份，即每份2 000個；F2中純合黃色皺粒為1份，因此為2 000個。 【答案】 2 000,精要點撥 (1)親本型和重組型： 親本型指的是F2中與親本性狀相同的個體；重組型指的是F2中相對于親本重組性狀的個體；由于親代可以有兩種情況，即AABB×aabb，或AAbb×aaBB，因此F2中重組型可占到6/16或10/16。,(2)對9∶3∶3∶1的理解： 9指的是F2中A_B_個體，具體包括4AaBb∶2AABb∶ 2AaBB∶1AABB； 3指的是F2中aaB_個體，具體包括2aaBb∶1aaBB； 3指的是F2中A_bb個體，具體包括2Aabb∶1AAbb； 1指的是F2中aabb個體 在涉及9∶3∶3∶1的試題中，可嘗試用份數解題。,考點三 運用分離定律解決自由組合問題 【例5】 以下兩題的非等位基因位于非同源染色體上，且獨立遺傳。 (1)AaBbCc自交，求： ①親代產生配子的種類數為________。 ②子代表現型種類數及重組類型數分別為________。 ③子代基因型種類數及新基因型種類數分別為________。,(2)AaBbCc×aaBbCC，則后代中： ①雜合子的概率為________。 ②與親代具有相同基因型的個體概率為________。 ③與親代具有相同表現型的個體概率為________。 ④基因型為AAbbCC的個體概率為________。 ⑤表現型與親代都不同的個體的概率為________。,【解析】 (1)本題集中解決種類問題(注意掌握解題細節(jié)及方法)：,所以：AaBbCc產生的配子為2×2×2=8種。,即子代有8種表現型。子代的8種表現型中，只有A_B_C_為親代表現型，所以新表現型有7種。,子代新基因型種類：27-1(AaBbCc)=26(種)。 (2)本題集中解決概率運算問題，先對三對基因分別分析(注意掌握解題細節(jié)及方法)： Aa×aa→1Aa∶1aa→1/2Aa∶1/2aa→1/2A_∶1/2aa,Bb×Bb→1BB∶2Bb∶1bb→1/4BB∶1/2Bb∶1/4bb→3/4B_∶1/4bb Cc×CC→1CC∶1Cc→1/2CC∶1/2Cc→1C_ ①后代中純合子概率1/2aa×(1/4BB+1/4bb)×1/2CC= 1/8；,雜合子概率為1-1/8=7/8。 ②③后代中AaBbCc概率：1/2×1/2×1/2=1/8， A_B_C_概率：1/2×3/4×1=3/8， 后代中aaBbCC概率：1/2×1/2×1/2=1/8， aaB_C_的概率：1/2×3/4×1=3/8，,因此后代與親代具有相同基因型的個體概率為1/8+1/8= 1/4；同理，后代中與親代具有相同表現型的個體概率為3/8+3/8=3/4。 ④后代中基因型為AAbbCC的個體概率為：0×1/4×1/2= 0。 ⑤表現型與親代都不同的概率為(1-表現型與兩親本相同的概率)1-3/4=1/4。,【答案】 (1)①8種 ②8種、7種 ③27種、26種 (2)①7/8 ②1/4 ③3/4 ④0 ⑤1/4,【例6】 小麥的毛穎和光穎是一對相對性狀(顯、隱性由P、p基因控制)，抗銹和感銹是一對相對性狀(由R、r控制)，控制這兩對相對性狀的基因位于兩對同源染色體上。以純種毛穎感銹(甲)和純種光穎抗銹(乙)為親本進行雜交，F1均為毛穎抗銹(丙)。再用F1與丁進行雜交，F2有四種表現型，對每對相對性狀的植株數目作出的統(tǒng)計結果如圖所示，則丁的基因型是 ( ),A.Pprr B.PPRr C.PpRR D.ppRr,【解析】 具有兩對相對性狀的親本雜交，子一代表現為顯性性狀，基因型為PpRr，其與丁雜交，根據圖示可知，抗銹與感銹表現型比為3∶1，則丁控制此性狀的基因型為Rr；毛穎與光穎表現型比為1∶1，則丁控制此性狀的基因型為pp，因此丁的基因型為ppRr。 【答案】 D,精要點撥 分離定律針對的是一對同源染色體上的一對等位基因的遺傳情況；自由組合則針對多對同源染色體上多對等位基因共同遺傳情況。由于任何一對同源染色體上的任何一對等位基因的遺傳總遵循分離定律，因此，多對等位基因的自由組合現象可分解為若干個分離定律問題，而后將各組情況加以組合。 如AaBb×Aabb，可分解為如下兩組：Aa×Aa，Bb×bb。然后，按分離定律進行逐一分析。最后，將獲得的結果進行綜合，得到正確答案。,考點四 自由組合定律拓展 1.正常情況 ②測交：AaBb×aabb→雙顯∶一顯一隱∶一隱一顯∶雙隱=1∶1∶1∶1。,【例7】 已知某種植物紫色和紅色色素形成的生物化學途徑是：,合成了紅色中間產物就開紅花，合成了紫色物質就開紫花，否則開白花。A(a)基因和B(b)基因分別位于兩對同源染色體上，基因型為AaBb的植株自交，子一代植株的表現型及比例為 ( ) A.紫花∶紅花∶白花=9∶3∶4 B.紫花∶白花=1∶1 C.紫花∶白花=9∶7 D.紫花∶紅花∶白花=9∶6∶1,【解析】 基因型為AaBb的個體自交，正常情況下后代性狀之比為9∶3∶3∶1，由于aa此時決定植株開白花，所以子一代植株的表現型及比例為紫花∶紅花∶白花=9∶3∶4。 【答案】 A,【例8】 用兩個圓形南瓜做雜交親本，子一代均為扁盤狀南瓜。子一代自交，子二代出現扁盤狀、圓形和長形三種南瓜，三者的比例為9∶6∶1，現用一扁盤狀南瓜做測交實驗，則其子代中扁盤狀、圓形和長形三種南瓜的比例不可能為 ( ) A.1∶0∶0 B.1∶1∶0 C.1∶0∶1 D.1∶2∶1,【解析】 根據題意可知，南瓜形狀受兩對等位基因(假設等位基因為A和a、B和b)控制，其遺傳符合基因的自由組合定律，則扁盤狀、圓形和長形的基因型分別為A_B_、(A_bb和aaB_)、aabb。扁盤狀南瓜的基因型有四種可能：AABB、AABb、AaBB、AaBb，故其測交后代中扁盤狀、圓和長形三種南瓜的比例可能為1∶0∶0、1∶1∶0、1∶2∶1。 【答案】 C,【例9】 在西葫蘆的皮色遺傳中，已知黃皮基因(Y)對綠皮基因(y)為顯性，但在另一白色顯性基因(W)存在時，基因Y和y都不能表達。兩對基因獨立遺傳?，F有基因型為WwYy的個體自交，其后代的表現型種類及比例是 ( ) A.4種，9∶3∶3∶1 B.2種，13∶3 C.3種，12∶3∶1 D.3種，10∶3∶3,【解析】 由題干信息“在另一白色顯性基因(W)存在時，基因Y和y都不能表達”知，等位基因之間會相互作用，從而導致子代出現異常分離比。由于兩對基因獨立遺傳，所以，基因型為WwYy的個體自交，符合自由組合定律，產生的后代可表示為：9W_Y_：3wwY_：3W_yy：1wwyy，由于W存在時，Y和y都不能表達，所以W_Y_和W_yy個體表現為白色，占12/16；wwY_個體表現為黃色，占3/16；wwyy個體表現為綠色，占1/16。 【答案】 C,【例10】 某種鼠中，皮毛黃色(A)對灰色(a)為顯性，短尾(B)對長尾(b)為顯性?；駻或b純合會導致個體在胚胎期死亡。兩對基因位于常染色體上，相互間獨立遺傳。現有一對表現型均為黃色短尾的雌、雄鼠交配，發(fā)現子代部分個體在胚胎期死亡。則理論上子代中成活個體的表現型及比例為 ( ) A.均為黃色短尾 B.黃色短尾∶灰色短尾=2∶1 C.黃色短尾∶灰色短尾=3∶1 D.黃色短尾∶灰色短尾∶黃色長尾∶灰色長尾=6∶3∶2∶1,【解析】 根據題干中“基因A或b純合會導致個體在胚胎期死亡”可知：①黃色短尾的雌、雄鼠的基因型都為AaB_；②子代中不會出現長尾鼠(bb)。Aa×Aa→1/4AA(致死)、1/2Aa(黃色)、1/4aa(灰色)。綜合考慮兩對性狀，則子代中成活個體的表現型及比例為黃色短尾∶灰色短尾=2∶1。 【答案】 B,【例11】 牡丹的花色種類多種多樣，其中白色的是不含花青素，深紅色的含花青素最多，花青素含量的多少決定著花瓣顏色的深淺，由兩對獨立遺傳的基因(A和a，B和b)所控制；顯性基因A和B可以使花青素含量增加，兩者增加的量相等，并且可以累加。一深紅色牡丹同一白色牡丹雜交，得到中等紅色的個體。若這些個體自交，其子代將出現花色的種類數和比例分別是________。,【解析】 理解累加效應，顯性基因A和B等效且可累加，因此花色深淺取決于顯性基因數目，運用9∶3∶3∶1的份數解題比較方便。 4顯：AABB(1份) 3顯：AABb、AaBB(2+2份) 2顯：AAbb、aaBB、AaBb(1+1+4份) 1顯：Aabb、aaBb(2+2份) 0顯：aabb(1份) 【答案】 5 1∶4∶6∶4∶1,精要點撥 (1)明確自由組合定律的兩個解題模型，即基于9∶3∶ 3∶1的理解進行份數計算和運用分離定律解決自由組合問題(分數計算)。,(2)自由組合定律拓展中大多可以考慮運用份數計算。①判斷雙雜合子自交后代F2的表現型比例，若表現型比例之和是16，則符合自由組合定律。②利用自由組合定律的遺傳圖解，寫出雙雜合子自交后代的性狀分離比(9∶3∶3∶1)，根據題意將具有相同表現型的個體進行“合并同類項”，如12∶3∶1即(9+3)∶3∶1，12出現的原因是前兩種性狀表現一致的結果。③根據②的推斷確定F2中各表現型所對應的基因型，推斷親代基因型及子代各表現型個體出現的比例。,考點五 遺傳病計算 【例12】 已知某夫婦的子代患甲病和患乙病的概率分別為m、n，兩病獨立遺傳，則該夫婦的子代： (1)只患甲病和只患乙病的概率分別為________。 (2)同時患兩種病和只患一種病的概率分別為________。 (3)患病和不患病的概率分別為________。,【答案】 (1)m-mn、n-nm (2)mn m+n-2mn或m(1-n)+n(1-m) (3)m+n-mn或1-(1-m)(1-n) (1-m)(1-n),【例13】 某海島人群中約3 600人中有一個白化病患者，現在有一個表現型正常，其雙親也正常，其弟是白化病并且為色盲患者的女性，與該島一個無親緣關系的正常男性婚配，他們所生男孩同時患兩種病的概率為________。,【解析】 由題可知，該女性的基因型為A_aXBX-，與其結婚的男性基因型為AaXBY時，后代才會出現同時患兩種病的男孩。根據題意得，aa=1/3 600，則a=1/60，A=59/60，Aa=2×1/60×59/60=59/1 800，AA=59/60×59/60，則正常個體中Aa占(59/1 800)/(59/60×59/60+59/1 800)=2/61；雙親正常，其弟是白化病并且為色盲患者，則該女性的基因型是AaXBXb的幾率為2/3×1/2=1/3，與其結婚的正常男性的基因型是AaXBY的幾率為2/61，則后代是男孩、患白化病的概率為2/3Aa×2/61Aa→2/3×2/61×1/4=1/(12×61)aa，患色盲的概率為1/2XBXb×XBY=1/2×1/2XbY=1/4XbY，則所生男孩同時患兩種病的概率為1/(12/61)×1/4=1/732。 【答案】 1/732,(1)若采用花粉形狀鑒定法驗證基因的分離定律，可選擇親本甲與親本________雜交。 (2)若采用花粉鑒定法驗證基因的自由組合定律，雜交時選擇的親本是________。將雜交所得F1的花粉涂在載玻片上，加碘液染色，置于顯微鏡下觀察，統(tǒng)計花粉粒的數目，預期花粉粒的類型及比例為_________________________。,(3)利用提供的親本進行雜交，F2能出現非糯性、抗病、花粉粒圓形植株的親本組合有________，其中F2表現型為非糯性、抗病、花粉粒圓形植株比例最高的親本組合是________，在該組合產生的F2表現型為非糯性、抗病、花粉粒圓形的植株中，能穩(wěn)定遺傳的個體所占的比例是________。,【解析】 (1)若采用花粉形狀鑒定法驗證基因分離定律應用花粉粒形狀中長形與圓形這對相對性狀的純合子雜交獲得F1，F1的花粉?？杀憩F出1∶1的性狀比。 (2)若采用花粉鑒定法驗證基因自由組合定律應是通過糯性和非糯性、花粉粒長形和花粉粒圓形這兩對相對性狀的純合子雜交獲得F1，通過F1產生的花粉可表現出圓形藍色∶圓形棕色∶長形藍色∶長形棕色為1∶1∶1∶1的性狀比。,(3)F2要出現非糯性、抗病、花粉粒圓形植株，則親本組合中要提供這3種表現型，因此親本組合有甲和乙、甲和丙、乙和丙。由于三組組合中各有一組性狀為顯性純合基因決定，因此三組組合中F2表現為非糯性、抗病、花粉粒圓形分別為3/16、3/16、9/16，因此乙和丙的親本組合比例最高，在該組合F2該種植株中可以穩(wěn)定遺傳的個體所占比例是1/9。,【答案】 (1)乙或丙 (2)甲和丙、乙和丁 圓形藍色∶圓形棕色∶長形藍色∶長形棕色=1∶1∶1∶1 (3)甲和乙、甲和丙、乙和丙 乙和丙 1/9,【例15】 某植物紅花和白花這對相對性狀同時受多對等位基因控制(如A、a；B、b；C、c……)，當個體的基因型中每對等位基因都至少含有一個顯性基因時(即A_B_C_……)才開紅花，否則開白花?，F有甲、乙、丙、丁4個純合白花品系，相互之間進行雜交，雜交組合、后代表現型及其比例如下：,根據雜交結果回答問題： (1)這種植物花色的遺傳符合哪些遺傳定律？ (2)本實驗中，植物的花色受幾對等位基因的控制，為什么？,【解析】 本題考查孟德爾的遺傳定律的應用的相關知識。 (1)由各組雜交組合的后代的性狀及比例看出遵循孟德爾的遺傳定律，即遵循了基因的自由組合定律和基因的分離定律。 (2)題干中個體基因型中每對等位基因至少含有一個顯行基因時才開紅花，否則開白花。本實驗中乙×丙和甲×丁兩個雜交組合中，F2代中紅色個體占全部個體的比例為81/(81+ 175)=81/256=(3/4)4，依據自由組合的計算規(guī)律，n對等位基因自由組合且完全顯性時，F2代中顯性個體的比例是(3/4)n，可判斷這兩對雜交組合涉及4對等位基因。,【答案】 (1)基因的自由組合定律和基因的分離定律(或基因的自由組合定律) (2)4對 ①本實驗中乙×丙和甲×丁兩個雜交組合中，F2代中紅色個體占全部個體的比例為81/(81+175)=81/256= (3/4)4，依據n對等位基因自由組合且完全顯性時，F2代中顯性個體的比例是(3/4)n，可判斷這兩對雜交組合涉及4對等位基因。,【例16】 為提高小麥的抗旱性，有人將大麥的抗旱基因(HVA)導入小麥，篩選出HVA基因成功整合到染色體上的高抗旱性T0植株(假定HVA基因都能正常表達)。某些T0植株體細胞含兩個HVA基因，這兩個基因在染色體上的整合情況有下圖所示的三種類型(黑點表示HVA基因的整合位點)。,(1)將T0植株與非轉基因小麥雜交：若子代高抗旱性植株所占比例為50%，則兩個HVA基因的整合位點屬于圖________類型；若子代高抗旱性植株所占的比例為100%，則兩個HVA基因的整合位點屬于圖________類型。 (2)讓圖C所示類型的T0植株自交，子代中高抗旱性植株所占比例為________。,【解析】 本題考查遺傳相關知識，考查學生的綜合應用能力。 第(2)題，A圖看作為AA，而非轉基因小麥看作為aa，則A圖雜交后代抗旱比例為100%，B圖可看作為Aa(因兩個HAV基因都在一條染色體上)，則B圖雜交后代抗旱比例為50%，C圖可看作為AaBb(A、B任一都抗旱)，此時非轉基因小麥看作為aabb，則C圖雜交后代抗旱比例為15/16(僅aabb不抗旱)。 【答案】 (1)B A (2)15/16,精要點撥 (1)自由組合定律相關實驗的根本在于對自由組合定律的理解和驗證。具體考查的情況包括驗證自由組合定律，探究兩對等位基因的位置關系(位于同一對同源染色體上，不滿足自由組合定律；或是位于非同源染色體上，滿足自由組合定律)，利用自由組合定律推理和計算等。 (2)畫基因在染色體上的位置模型圖和靈活使用假設法是遺傳實驗題中常用的方法。,課堂練習 1.教材原話填空。 (1)孟德爾對自由組合現象的解釋： ①F1產生配子時，________分離，________，產生數量相等的________種配子。 ②受精時，雌雄配子隨機結合，結合方式有________種。 ③F2遺傳因子組成有________種，性狀表現為________種，比值為________。,(2)自由組合定律：控制不同性狀的遺傳因子的分離和組合是________的；在形成配子時，決定同一性狀的成對的遺傳因子________，決定不同性狀的遺傳因子________。 (3)自由組合定律實質：位于________上的________的分離或組合是互不干擾的；在減數分裂過程中，________上的________彼此分離的同時，________上的________自由組合。,答案 (1)①每對遺傳因子 不同對的遺傳因子自由組合 4 ②16 ③9 4 9∶3∶3∶1 (2)互不干擾 彼此分離 自由組合 (3)非同源染色體 非等位基因 同源染色體 等位基因 非同源染色體 非等位基因,2.下列有關遺傳規(guī)律的敘述中，正確的是 ( ) A.在減數分裂中，非等位基因的分離或組合是互不干擾的 B.兩對相對性狀遺傳分別符合基因分離定律時，則這兩對相對性狀遺傳一定符合基因自由組合定律 C.雜交后代出現性狀分離，且分離比為3∶1，就一定為常染色體遺傳 D.對實驗數據進行統(tǒng)計學分析是孟德爾成功的重要原因,解析 位于非同源染色體上的非等位基因的分離或組合是互不干擾的。兩對基因位于一對同源染色體上時，其遺傳不遵循自由組合定律。伴性遺傳也遵循分離定律。 答案 D,A.表中Y、y、R、r基因的載體有染色體、葉綠體、線粒體 B.表中Y與y、R與r的分離以及Y與R或r、y與R或r的組合是互不干擾的 C.①②③④代表的基因型在F2中出現的概率之間的關系為③②=④① D.F2中出現表現型不同于親本的重組類型的概率是3/8或5/8,解析 依據表格知，①②③④的基因型依次為YYRR、YYRr、YyRr、yyRr。它們在F2中出現的概率依次為1/16、2/16、4/16、2/16，故①②③④代表的基因型在F2中出現的概率大小為③②=④①；由F2產生的配子類型可知F1的基因型為YyRr，但親本類型不能確定，故重組類型的比例不唯一；表中基因的載體為染色體。 答案 A,4.某生物個體減數分裂產生的配子種類及其比例為Ab∶aB∶ AB∶ab=1∶2∶3∶4，若該生物進行自交，則其后代出現純合體的概率為 ( ) A.30% B.26% C.36% D.35%,解析 該生物產生的配子Ab、aB、AB、ab分別占1/10、2/10、3/10、4/10，故該生物自交后代出現純合子的概率為(1/10)2+ (2/10)2+(3/10)2+(4/10)2=30%。 答案 A,5.(2012·上海)小麥粒色受不連鎖的三對基因A／a、B／b、C／c控制。A、B和C決定紅色，每個基因對粒色增加效應相同且具疊加性，a、b和c決定白色。將粒色最淺和最深的植株雜交得到F1。F1的自交后代中，與基因型為Aabbcc的個體表現型相同的概率是 ( ) A.1／64 B.6／64 C.15／64 D.20／64,解析 由題可知粒色最深的植株基因型為AABBCC(6顯)，顏色最淺的植株基因型為aabbcc(0顯)，此外，小麥粒色還存在5顯、4顯、3顯、2顯、1顯等情況。AABBCC與aabbcc雜交得到F1(AaBbCc)，F1自交后代中與Aabbcc(1顯)表現相同的有Aabbcc(1/2×1/4×1/4)、aaBbcc(1/4×1/2×1/4)、aabbCc(1/4×1/4×1/2)，合計6／64。 答案 B,6.已知某一動物種群中僅有Aabb和AAbb兩種類型個體(aa的個體在胚胎期致死)，兩對基因遵循基因自由組合定律，Aabb∶AAbb=1∶1，且該種群中雌雄個體比例為1∶1，個體間可以自由交配，則該種群自由交配產生的成活子代中能穩(wěn)定遺傳的個體所占比例是 ( ) A.5/8 B.3/5 C.1/4 D.3/4,解析 該種群中Aabb∶AAbb=1∶1，且雌雄個體比例為1∶1，自由交配時有♀Aabb×♂Aabb、♀AAbb×♂AAbb、♀Aabb×♂AAbb、♀AAbb×♂Aabb四種情況，成活子代中能穩(wěn)定遺傳的個體有9/15=3/5。 答案 B,7.某種蛇體色的遺傳如下圖所示，當兩種色素都沒有時表現為白色。選純合的黑蛇與純合的橘紅蛇作為親本進行雜交，下列說法錯誤的是 ( ),A.親本黑蛇和橘紅蛇的基因型分別為BBoo、bbOO B.F1的基因型全部為BbOo，表現型全部為花紋蛇 C.讓F1花紋蛇相互交配，后代花紋蛇中純合子的比例為1/16 D.讓F1花紋蛇與雜合的橘紅蛇交配，其后代出現白蛇的概率為1/8,解析 根據題圖分析，親本黑蛇含基因B，橘紅蛇含基因O，所以它們的基因型分別是BBoo、bbOO；F1是由純合的黑蛇與純合的橘紅蛇雜交所得，所以基因型是BbOo，表現型全部為花紋蛇，讓F1花紋蛇相互交配，后代花紋蛇占9/16，其中純合子占1/9；讓F1花紋蛇BbOo與雜合的橘紅蛇bbOo交配，后代出現白蛇bboo的概率為：1/2×1/4=1/8。 答案 C,8.人類中，顯性基因D對耳蝸管的形成是必需的，顯性基因E對聽神經的發(fā)育是必需的；二者缺一，個體即聾。這兩對基因分別位于兩對常染色體上。下列有關說法，不正確的是( ) A.夫婦中有一個耳聾，也有可能生下聽覺正常的孩子 B.一方只有耳蝸管正常，另一方只有聽神經正常的夫婦，只能生下耳聾的孩子 C.基因型為DdEe的雙親生下耳聾的孩子的幾率為7/16 D.耳聾夫婦可以生下基因型為DdEe的孩子,夫婦中一個聽覺正常(D_E_)、一個耳聾(D_ee、ddE_、ddee)有可能生下聽覺正常的孩子。雙方一方只有耳蝸管正常(D_ee)，另一方只有聽神經正常(ddE_)的夫婦也有可能生出聽覺正常的孩子。夫婦雙方基因型均為DdEe，后代中聽覺正常的占9/16，耳聾占7/16。基因型為D_ee和ddE_的耳聾夫婦，有可能生下基因型為(D_E_)聽覺正常的孩子。 答案 B,9.(2010·大綱全國)現有4個純合南瓜品種，其中2個品種的果形表現為圓形(圓甲和圓乙)，1個表現為扁盤形(扁盤)，1個表現為長形(長)。用這4個南瓜品種做了3個實驗，結果如下： 實驗1：圓甲×圓乙，F1為扁盤，F2中扁盤∶圓∶長=9∶6∶1 實驗2：扁盤×長，F1為扁盤，F2中扁盤∶圓∶長=9∶6∶1 實驗3：用長形品種植株的花粉分別對上述兩個雜交組合的F1植株授粉，其后代中扁盤∶圓∶長均等于1∶2∶1。,綜合上述實驗結果，請回答： (1)南瓜果形的遺傳受________對等位基因控制，且遵循________定律。 (2)若果形由一對等位基因控制用A、a表示，若由兩對等位基因控制用A、a和B、b表示，以此類推，則圓形的基因型應為________，扁盤的基因型應為________，長形的基因型應為________。,(3)為了驗證(1)中的結論，可用長形品種植株的花粉對實驗1得到的F2植株授粉，單株收獲F2中扁盤果實的種子，每株的所有種子單獨種植在一起得到一個株系。觀察多個這樣的株系，則所有株系中，理論上有1/9的株系F3果形均表現為扁盤，有________的株系F3果形的表現型及數量比為扁盤∶圓=1∶1，有________的株系F3果形的表現型及數量比為________。,解析 本題主要考查學生的理解能力，考查遺傳的基本規(guī)律。第(1)題，根據實驗1和實驗2中F2的分離比9∶6∶1可以看出，南瓜果形的遺傳受2對等位基因控制，且遵循基因的自由組合定律。第(2)題，根據實驗1和實驗2的F2的分離比9∶ 6∶1可以推測出，扁盤形應為A_B_，長形應為aabb，兩種圓形為A_bb和aaB_。第(3)題中，F2扁盤植株共有4種基因型，其比例為：1/9AABB、2/9AABb、4/9AaBb和2/9AaB B，測交后代分離比分別為：1/9A_B_；2/9(1/2A_B_∶ 1/2A_bb)；4/9(1/4A_B_∶1/4Aabb∶1/4aaBb∶1/4aabb)；2/9(1/2A_B_∶1/2aaB_)。,答案 (1)2 基因的自由組合 (2)AAbb、Aabb、aaBb、aaBB AABB、AABb、AaBb、AaBB aabb (3)4/9 4/9 扁盤∶圓∶長=1∶2∶1,