浙江省高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題提升練(五)-人教版高三全冊物理試題

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1、B B word選擇題提升練(五)一、選擇題(此題共 13 小題，每一小題 3 分，共 39 分每一小題列出的四個備選項中 只有一個是符合題目要求的，不選、多項選擇、錯選均不得分)1.為估測一照相機的曝光時間，實驗者從某磚墻前的高處使一個石子自由落下，拍攝石子在空中的照片如下列圖由于石子的運動，它在照片上留下了一條模糊的徑跡每層磚的平均厚度為 6 cm，拍攝到的石子位置 A 距石子起落點豎直距離約 5 m，g 取 10 m/s2，這個照相機的曝光時間約為( )A1103 sB1102 sC5102sD0.1 s解析：選 B.自由落體運動 5 m 的末速度為：v 2gh10 m/s1AB由于 0

2、.12 m 遠小于 5 m，故可以近似地將 AB 段當(dāng)勻速運動，故時間為：t 0.012 sv10.01 s.2.如下列圖，小球 A、B 帶電荷量相等，質(zhì)量均為 m，都用長 L 的絕緣細線掛在絕緣的豎直墻上 O 點，A 球靠墻且其懸線剛好豎直，B 球懸線偏離豎直方向 角而靜止，此時 A、B 兩球之間的庫侖力為 F.由于外部原因小球 B 的帶電荷量減小，使兩球再次靜止時它們之間的庫侖力變?yōu)樵瓉淼囊话耄绱诵∏?B 的帶電荷量減小為原來的( )1A.21C.8B.D.14116解析：選 C.小球 B 受力如下列圖，兩絕緣細線的長度都是 L，如此OAB是等腰三角形，由相似三角形得線的拉力 T 與重力

3、 G 相等，GT，小球處于平衡狀態(tài)，如此庫侖力 F2Gsin ，設(shè)原來小球帶電荷量為 q，A、B 間的距離是2 q2r，如此 r2Lsin ，由庫侖定律得 Fk ，后來庫侖力變?yōu)樵瓉淼囊话?，? r2F F 1此 2Gsin ，r2Lsin ， k ，解得 q q，應(yīng)當(dāng)選 C.2 2 2 2 r2 83一人乘電梯上樓，在豎直上升過程中加速度 a 隨時間 t 變化的圖線如下列圖，以豎直 向上為 a 的正方向，如此人對地板的壓力( )- 1 - / 7wordAt2 s 時最大 Ct8.5 s 時最大Bt2 s 時最小 Dt8.5 s 時為 0解析：選 A.人受重力 mg 和支持力 F 的作用，由

4、牛頓第二定律得 F mgma.由牛頓第三N N定律得人對地板的壓力 F F mgma，當(dāng) t2 s 時 a 有最大值，F(xiàn) 最大當(dāng) t8.5 sN N N時，a 有最小值，F(xiàn) 最小，但不為 0，選項 A 正確N4在地球外表某高度處以一定的初速度水平拋出一個小球，測得水平射程為 x.在另一星球外表以一樣的水平速度拋出該小球，需將高度降低一半才可以獲得一樣的水平射程忽略 一切阻力設(shè)地球外表重力加速度為 g，該星球外表的重力加速度為 g，如此 gg為( )A12C. 21B1 2D211 h 1 g解析：選 D.因為 xv t，h gt2，而 xv t， gt2，聯(lián)立可得 2.0 2 0 2 2 g5

5、降落傘在勻速下降過程中遇到水平方向吹來的風(fēng)，風(fēng)速越大，降落傘( )A下落的時間越短C落地時速度越小B下落的時間越長D落地時速度越大解析：選 D.下落時間的長短取決于豎直方向的分運動，由于豎直分運動仍然是勻速運動，故下落時間不變，A、B 錯誤；由于水平方向受風(fēng)力作用，風(fēng)速越大，落地時的水平速度越大， 合速度越大，C 錯誤，D 正確6在某次暴雨前，空中有一很大帶電云團(可近似看做帶電絕緣體)，此時野外地面附近 有一帶電體受云團電場作用被緩慢吸近云團該帶電體在上升過程中所受的電場力做功為W ，1抑制重力做功為 W ，不計空氣阻力，如此此帶電體( )2A動能增加 W W1 2C電勢能減小 W1B重力勢

6、能減小 W2D機械能減小 W1解析：選 C.電場力做功為 W ，電勢能減小 W ，機械能增加 W ，選項 C 正確，D 錯誤；抑1 1 1制重力做功為 W ，重力勢能增加 W ，選項 B 錯誤；合力做功為 W W ，動能增加 W W ，選項2 2 1 2 1 2A 錯誤7據(jù)報道，我國數(shù)據(jù)中繼衛(wèi)星“天鏈一號01 星在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射升空，經(jīng)過 4- 2 - / 7word次變軌控制后，成功定點在東經(jīng)赤道上空的同步軌道，關(guān)于成功定點后的“天鏈一號 01 星， 如下說法正確的答案是( )A離地面高度一定，相對地面靜止B運行速度可能大于 7.9 km/sC繞地球運行的角速度比月球繞地球運行的角速度

7、小D向心加速度與靜止在赤道上物體的向心加速度大小相等解析：選 A.由于同步衛(wèi)星是指離地面的高度一定，相對于地面靜止的衛(wèi)星，故A 項正確；由于速度 7.9 km/s 是第一宇宙速度，它是指近地衛(wèi)星脫離地球引力的速度，而同步衛(wèi)星離地面有一定的高度，故同步衛(wèi)星的運行速度小于 7.9 km/s，故 B 項錯誤；由于同步衛(wèi)星比月球離地球近一些，故它繞地球運動時的角速度要大于月球繞地球運行的角速度，故 C 項錯誤；而向心加速度與衛(wèi)星離地球的距離有關(guān)，故同步衛(wèi)星的向心加速度與靜止在赤道上物體的向 心加速度不相等，而是偏小一些，故 D 項錯誤8.如下列圖，在真空中 xOy 平面上，有半徑 R1 cm 的圓周，

8、A、B、C、D 為圓周上的四個點假設(shè)將電荷量均為 q2.0106C 的兩個點電荷分別固定在 A、B 兩點，靜電力常量 k9.0109 Nm2/C2，如此( )A兩點電荷間的庫侖力大小為 9.0103 NBC 點的電場強度的大小為 1.3108 N/CCC 點的電場強度 E 的方向沿 y 軸負方向D將一正電荷從 C 點移到 D 點，電場力做負功答案：B9如下列圖，用天平測量勻強磁場的磁感應(yīng)強度圖中各選項所示的載流線圈匝數(shù)一樣， 邊長 MN 相等，將它們分別掛在天平的右臂下方線圈中通有大小一樣的電流，天平處于平衡 狀態(tài)假設(shè)磁場發(fā)生微小變化，天平最容易失去平衡的是( )- 3 - / 71 R wo

9、rd解析：選 A.根據(jù)安培力 FBIL，這里的 B、I 都一樣，決定安培力大小的就是 L 了，L 大 如此 F 大，就易使天平失去平衡顯然，選項 A 中的導(dǎo)線有效長度最長選項 A 正確10有兩根完全一樣的金屬裸導(dǎo)線，如果把其中一根均勻拉長到原來的兩倍，把另一根 對折，然后將它們并聯(lián)接入某電路中，電流通過它們做功的功率之比為( )A116C14B161D41L解析：選 A.由 R 知，把其中一根導(dǎo)線均勻拉長到原來的兩倍，把另一根對折，兩根SR U2導(dǎo)線電阻的比值 16，當(dāng)其并聯(lián)在電路中時，兩電阻兩端的電壓相等，由 P 可得功率之R R2比為 116，選項 A 正確11如圖甲所示，半徑為 2r 的

10、圓形線圈內(nèi)有垂直紙面方向變化的圓形磁場，磁場區(qū)域的 半徑為 r，線圈與磁場區(qū)域共圓心，線圈中產(chǎn)生了如圖乙所示的感應(yīng)電流(逆時針方向的電流為正)假設(shè)規(guī)定垂直紙面向外的方向為磁場正方向，如此能產(chǎn)生圖乙所示的感應(yīng)電流的磁場 為( )解析：選 D.0t 時間內(nèi)的感應(yīng)電流為正(逆時針)，由右手螺旋定如此得到感應(yīng)磁場向外，0而由楞次定律知原磁場可以是向外 (正)減小或向里 (負)增大，而感應(yīng)電流大小恒定，由 I Bn St知需要原磁場均勻變化；故 A、B、C 錯誤，D 正確12.如下列圖，直角三角形的斜邊傾角C30，底邊 BC 長為 2L、- 4 - / 7C C word處在水平位置，斜邊 AC 是光滑

11、絕緣的，在底邊中點 O 處固定一正點電荷，一個質(zhì)量為 m、電 荷量為 q 的帶負電的質(zhì)點從斜面頂端 A 沿斜邊滑下滑到斜邊上的垂足 D 時速度為 v.如此 ( )A質(zhì)點的運動是先勻加速后勻減速運動B質(zhì)點在運動中動能與電勢能之和不發(fā)生變化C質(zhì)點運動到非常接近斜邊底端 C 點時的速度為 v v2C 3gLgD質(zhì)點運動到非常接近斜邊底端 C 點時的加速度為2解析：選 C.質(zhì)點運動過程中，電場力的大小和方向是變化的，故合力的大小是變化的，故加速度也是變化的，故質(zhì)點的運動不可能是勻變速運動，選項 A 錯誤；小球受重力、支持力和電場力，支持力不做功，重力做功等于重力勢能的減少量，電場力做功等于電勢能的減少

12、量，故在質(zhì)點的運動中動能、電勢能、重力勢能三者之和守恒，因質(zhì)點的重力勢能減小， 如此質(zhì)點在運動中動能與電勢能之和增加，選項 B 錯誤；DC 兩點的電勢相等，如此對從 D 到1 1C 過程，電場力做功為零，根據(jù)動能定理，有：mgLsin 60 mv2 mv22 2，解得：v v2 3gL， C故 C 正確；質(zhì)點滑到 C 點時，受重力、電場力、支持力，由牛頓第二定律得：mgsin 30Fcos 30ma ，其中：FkC故 D 錯誤L21 3 k，聯(lián)立兩式解得：a g ，方向平行于斜面向下，2 2 mL213.一邊長為 r 的正三角形的三個頂點，固定有 3 個點電荷，電荷量分別為q、q 和2q，如圖

13、，靜電力常量為 k，如此三角形中心處 O 點的電場強度大小和方向為( )12kqA. ，指向電荷量為2q 的點電荷r29kqB. ，指向電荷量為2q 的點電荷r212kqC. ，背離電荷量為2q 的點電荷r29kqD. ，背離電荷量為2q 的點電荷r22 3解析：選 B.O 點是三角形的中心，到三個電荷的距離為 l rsin 60 r，兩個3 3qq 電荷在 O 處產(chǎn)生的場強大小為 E E k ；根據(jù)對稱性和幾何知識得知：兩個q 在 O 處產(chǎn)1 2 l2- 5 - / 7空 wordq生的合場強為 E E k ；再與2q 在 O 處產(chǎn)生的場強合成，得到 O 點的合場強為 EE 12 1 l2

14、12q 2q 3q 9kqE k k k ，方向指向電荷量為2q 的點電荷，應(yīng)當(dāng)選 B.3 l2 l2 l2 r2二、選擇題(此題共 3 小題，每一小題 2 分，共 6 分每一小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的全部選對的得 2 分，選對但不全的得 1 分，有選錯的得 0 分) 14.如下列圖，有一束平行于等邊三棱鏡截面 ABC 的單色光從空氣射向 E點，并偏折到 F 點，入射方向與邊 AB 的夾角為 30，E、F 分別為邊 AB、BC 的中點，如此( )A該棱鏡的折射率為 3B光在 F 點發(fā)生全反射C光從空氣進入棱鏡，波長變小D從 F 點出射的光束與入射到 E 點的光束平行解析：

15、選 AC.在 E 點作出法線可知入射角為 60，折射角為 30，折射率為 3，選項 A 正確；由光路的可逆性可知，在 BC 邊上的入射角小于臨界角，不會發(fā)生全反射，選項 B 錯誤；由關(guān)系式 ，可知選項 C 正確；從 F 點出射的反射光線與法線的夾角為 30，折射 介 n光線與法線的夾角為 60，由幾何關(guān)系知，不會與入射到 E 點的光束平行，選項 D 錯誤15一個靜止的放射性原子核處于垂直紙面向里的勻強磁場中，由于發(fā)生了某種衰變而 形成了如下列圖的兩個圓形徑跡，兩圓半徑之比為 116，如此( )A該原子核發(fā)生了衰變B該原子核發(fā)生了衰變C那個打出衰變粒子的反沖核沿小圓做逆時針方向運動D該衰變過程完

16、畢后其系統(tǒng)的總質(zhì)量略有增加解析：選 BC.因兩個圓形徑跡是內(nèi)切圓，粒子運動方向相反，但所受洛倫茲力方向一樣，故粒子的電性不同，即該原子核發(fā)生了衰變，選項 B 正確，選項 A 錯誤；因放射出的電子mv與反沖核的動量等大反向，根據(jù) R 可知，半徑大的粒子的電荷量較小，故大圓是電子的徑qB跡，小圓是反沖核的徑跡，由左手定如此可知反沖核沿小圓做逆時針方向運動，選項C 正確；- 6 - / 7word因衰變過程伴隨著能量的產(chǎn)生，故該衰變過程完畢后其系統(tǒng)的總質(zhì)量略有減小，選項D 錯誤16物理學(xué)原理在現(xiàn)代科技中有許多重要應(yīng)用例如，利用波的干預(yù)，可將無線電波的干預(yù)信號用于飛機降落的導(dǎo)航如下列圖，兩個可發(fā)射無線

17、電波的天線對稱地固定于飛機跑 道兩側(cè)，它們類似于楊氏干預(yù)實驗中的雙縫兩天線同時都發(fā)出波長為 和 的無線電波飛1 2機降落過程中，當(dāng)接收到 和 的信號都保持最強時，明確飛機已對準(zhǔn)跑道如下說法正1 2確的答案是( )A天線發(fā)出的兩種無線電波必須一樣強B導(dǎo)航利用了 與 兩種無線電波之間的干預(yù)1 2C兩種無線電波在空間的強弱分布穩(wěn)定D兩種無線電波各自在空間的強弱分布完全重合解析：選 C.由于兩無線電波波源對稱分布在跑道兩側(cè)，兩種波長的無線電波各自發(fā)生干 預(yù)，在跑道處干預(yù)均加強，當(dāng)接收到的 和 的信號都保持最強時，明確飛機已對準(zhǔn)跑道，1 2導(dǎo)航利用了兩種波長的無線電波各自的穩(wěn)定干預(yù)，所以天線發(fā)出的兩種無線電波不必一樣強， A、B 錯誤；兩種無線電波各自在空間的強弱分布穩(wěn)定，但不重合，否如此接收到 和 的1 2信號都保持最強的位置不一定在跑道上，C 正確，D 錯誤- 7 - / 7