2014屆高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 課時(shí)提升作業(yè)(四十九) 第八章 第三節(jié) 文

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1、課時(shí)提升作業(yè)(四十九) 一、選擇題 1.(2013·吉安模擬)若直線3x+y+a=0過圓x2+y2+2x-4y=0的圓心,則a的值為　 (　　) (A)-1　　　 (B)1　 　(C)3　 　　(D)-3 2.若原點(diǎn)在圓(x-m)2+(y+m)2=8的內(nèi)部,則實(shí)數(shù)m的取值范圍是　(　　) (A)-2

2、 (D)(0,-1) 4.(2013·榆林模擬)直線l將圓x2+y2-2x+4y-4=0平分,且在兩坐標(biāo)軸上的截距相等,則直線l的方程是　(　　) (A)x-y+1=0,2x-y=0 (B)x-y-1=0,x-2y=0 (C)x+y+1=0,2x+y=0 (D)x-y+1=0,x+2y=0 5.(2013·合肥模擬)已知點(diǎn)M是直線3x+4y-2=0上的動點(diǎn),點(diǎn)N為圓(x+1)2+(y+1)2=1上的動點(diǎn),則|MN|的最小值是　(　　) (A) (B)1 (C) (D) 6.在同一坐標(biāo)系下,直線ax+by=ab和圓(x-a)2+(y-b)2=r2(

3、ab≠0,r>0)的圖象可能是　(　　) 7.(2013·西安模擬)點(diǎn)P(4,-2)與圓x2+y2=4上任一點(diǎn)連線的中點(diǎn)的軌跡方程是　 (　　) (A)(x-2)2+(y+1)2=1 (B)(x-2)2+(y+1)2=4 (C)(x+4)2+(y-2)2=4 (D)(x+2)2+(y-1)2=1 8.(2013·贛州模擬)若直線2ax-by+2=0(a,b>0)始終平分圓x2+y2+2x-4y+1=0的周長,則+的最小值為　(　　) (A) (B)4 (C)2 (D) 二、填空題 9.已知圓C過點(diǎn)(-1,1),并與已知圓x2+y2-4x+6

4、y-3=0同心,則圓C方程為　　　　. 10.若圓x2+y2+(a2-1)x+2ay-a=0關(guān)于直線x-y+1=0對稱,則實(shí)數(shù)a的值為　　　　. 11.(2013·蚌埠模擬)設(shè)二次函數(shù)y=x2-x+1與x軸正半軸的交點(diǎn)分別為A,B,與y軸正半軸的交點(diǎn)是C,則過A,B,C三點(diǎn)的圓的標(biāo)準(zhǔn)方程是　　　　. 12.設(shè)圓C同時(shí)滿足三個(gè)條件:①過原點(diǎn);②圓心在直線y=x上;③截y軸所得的弦長為4,則圓C的方程是　　　　. 三、解答題 13.(2013·漢中模擬)圓C通過不同的三點(diǎn)P(k,0),Q(2,0),R(0,1),已知圓C在點(diǎn)P處的切線斜率為1,試求圓C的方程. 14.已知?jiǎng)狱c(diǎn)M到點(diǎn)A(

5、2,0)的距離是它到點(diǎn)B(8,0)的距離的一半. 求:(1)動點(diǎn)M的軌跡方程. (2)若N為線段AM的中點(diǎn),試求點(diǎn)N的軌跡. 15.(能力挑戰(zhàn)題)如圖,在平面直角坐標(biāo)系xOy中,已知曲線C由圓弧C1和圓弧C2相接而成,兩相接點(diǎn)M,N均在直線x=5上.圓弧C1的圓心是坐標(biāo)原點(diǎn)O,半徑為13;圓弧C2過點(diǎn)A(29,0). (1)求圓弧C2的方程. (2)曲線C上是否存在點(diǎn)P,滿足|PA|=|PO|?若存在,指出有幾個(gè)這樣的點(diǎn);若不存在,請說明理由. 答案解析 1.【解析】選B.由x2+y2+2x-4y=0得(x+1)2+(y-2)2=5,所以該圓圓心為(-

6、1,2). 又直線3x+y+a=0過(-1,2)點(diǎn), ∴3×(-1)+2+a=0,解得a=1. 2.【解析】選C.由已知得m2+m2<8,即m2<4,解得-2

7、當(dāng)直線在兩坐標(biāo)軸上的截距均不為0時(shí),設(shè)方程為+=1(a≠0),將(1,-2)代入得:a=-1,得l的方程為x+y+1=0. 綜上l的方程為2x+y=0或x+y+1=0. 5.【解析】選C.圓心(-1,-1)與點(diǎn)M的距離的最小值為點(diǎn)(-1,-1)到直線的距離d==,故點(diǎn)N與點(diǎn)M的距離|MN|的最小值=d-1=. 6.【解析】選D.逐一根據(jù)a,b的幾何意義驗(yàn)證,知選項(xiàng)D中,直線ax+by=ab,即+=1在x,y軸上的截距分別為b<0和a>0時(shí),D中圓的圓心亦為b<0和a>0,故選D. 7.【解析】選A.設(shè)圓上任一點(diǎn)為Q(x0,y0),PQ的中點(diǎn)為M(x,y),則解得又因?yàn)辄c(diǎn)Q在圓x2+y2

8、=4上,所以+=4,即(2x-4)2+(2y+2)2=4,即(x-2)2+(y+1)2=1. 8.【解析】選B.由題意知直線2ax-by+2=0(a>0,b>0)過圓x2+y2+2x-4y+1=0的圓心(-1,2),∴2a×(-1)-2b+2=0,即a+b=1, ∴+=+=2++≥2+2·=4(當(dāng)且僅當(dāng)a=b時(shí)取等號), ∴(+)min=4. 9.【解析】因?yàn)閳Ax2+y2-4x+6y-3=0的圓心為(2,-3), 又圓C過點(diǎn)(-1,1), 故圓C的半徑r==5, 所以圓C的方程為(x-2)2+(y+3)2=25, 即x2+y2-4x+6y-12=0. 答案:x2+y2-4x+

9、6y-12=0 10.【解析】依題意知直線x-y+1=0經(jīng)過圓x2+y2+(a2-1)x+2ay-a=0的圓心(-,-a), 所以-+a+1=0,解得a=3或a=-1, 當(dāng)a=-1時(shí),方程x2+y2+(a2-1)x+2ay-a=0不能表示圓,所以只能取a=3. 答案:3 11.【思路點(diǎn)撥】先由已知求出A,B,C三點(diǎn)坐標(biāo),再根據(jù)坐標(biāo)特點(diǎn)得出方程. 【解析】由已知三個(gè)交點(diǎn)分別為A(1,0),B(3,0),C(0,1),易知圓心橫坐標(biāo)為2,則令圓心為E(2,b),由|EA|=|EC|得b=2,半徑為,故圓的方程為(x-2)2+(y-2)2 =5. 答案:(x-2)2+(y-2)2=5

10、 12.【解析】由題意可設(shè)圓心A(a,a),則22+a2=2a2,解得a=±2,r2=2a2=8.所以圓C的方程是(x+2)2+(y+2)2=8或(x-2)2+(y-2)2=8. 答案:(x+2)2+(y+2)2=8或(x-2)2+(y-2)2=8 13.【解析】設(shè)圓C的方程為x2+y2+Dx+Ey+F=0, 則k,2為x2+Dx+F=0的兩根, ∴k+2=-D,2k=F,即D=-(k+2),F=2k. 又圓過R(0,1),故1+E+F=0. ∴E=-2k-1. 故所求圓的方程為x2+y2-(k+2)x-(2k+1)y+2k=0, 圓心坐標(biāo)為C(,). ∵圓C在點(diǎn)P處的切

11、線斜率為1, ∴kCP=-1=,∴k=-3,∴D=1, E=5,F=-6. ∴所求圓C的方程為x2+y2+x+5y-6=0. 14.【解析】(1)設(shè)動點(diǎn)M(x,y)為軌跡上任意一點(diǎn),則點(diǎn)M的軌跡就是集合P={M||MA|=|MB|}. 由兩點(diǎn)間的距離公式,點(diǎn)M適合的條件可表示為=, 平方后再整理,得x2+y2=16.可以驗(yàn)證,這就是動點(diǎn)M的軌跡方程. (2)設(shè)動點(diǎn)N的坐標(biāo)為(x,y),M的坐標(biāo)是(x1,y1). 由于A(2,0),且N為線段AM的中點(diǎn),所以x=,y=.所以有x1=2x-2,y1=2y?、? 由(1)題知,M是圓x2+y2=16上的點(diǎn), 所以M坐標(biāo)(x1,y1)

12、滿足:+=16?、? 將①代入②整理,得(x-1)2+y2=4. 所以N的軌跡是以(1,0)為圓心,以2為半徑的圓. 15.【解析】(1)圓弧C1所在圓的方程為x2+y2=169,令x=5,解得M(5,12),N(5,-12). 則線段AM中垂線的方程為y-6=2(x-17),令y=0,得圓弧C2所在圓的圓心為(14,0), 又圓弧C2所在圓的半徑為r2=29-14=15,所以圓弧C2的方程為(x-14)2+y2=225 (5≤x≤29). (2)假設(shè)存在這樣的點(diǎn)P(x,y),則由|PA|=|PO|,得x2+y2+2x-29=0, 由解得x=-70(舍去). 由解得x=0(舍去

13、), 綜上知,這樣的點(diǎn)P不存在. 【誤區(qū)警示】求圓弧C2的方程時(shí)經(jīng)常遺漏x的取值范圍,其錯(cuò)誤原因是將圓弧習(xí)慣認(rèn)為或誤認(rèn)為圓. 【變式備選】如圖,在平面直角坐標(biāo)系中,方程為x2+y2+Dx+Ey+F=0的圓M的內(nèi)接四邊形ABCD的對角線AC和BD互相垂直,且AC和BD分別在x軸和y軸上. (1)求證:F<0. (2)若四邊形ABCD的面積為8,對角線AC的長為2,且·=0,求D2+E2-4F的值. (3)設(shè)四邊形ABCD的一條邊CD的中點(diǎn)為G,OH⊥AB且垂足為H.試用平面解析幾何的研究方法判斷點(diǎn)O,G,H是否共線,并說明理由. 【解析】(1)方法一:由題意,原點(diǎn)O必定在圓M內(nèi),即

14、點(diǎn)(0,0)代入方程x2+y2+Dx+Ey+F=0的左邊所得的值小于0,于是有F<0,即證. 方法二:由題意,不難發(fā)現(xiàn)A,C兩點(diǎn)分別在x軸正、負(fù)半軸上.設(shè)兩點(diǎn)坐標(biāo)分別為A(a,0),C(c,0),則有ac<0.對于圓的方程x2+y2+Dx+Ey+F=0,當(dāng)y=0時(shí),可得x2+Dx+F=0,其中方程的兩根分別為點(diǎn)A和點(diǎn)C的橫坐標(biāo),于是有xAxC=ac=F. 因?yàn)閍c<0,故F<0. (2)不難發(fā)現(xiàn),對角線互相垂直的四邊形ABCD的面積S=,因?yàn)镾=8, |AC|=2,可得|BD|=8. 又因?yàn)椤?0,所以∠BAD為直角,又因?yàn)樗倪呅问菆AM的內(nèi)接四邊形,故|BD|=2r=8?r=4.

15、對于方程x2+y2+Dx+Ey+F=0所表示的圓, 可知+-F=r2,所以D2+E2-4F=4r2=64. (3)設(shè)四邊形四個(gè)頂點(diǎn)的坐標(biāo)分別為A(a,0),B(0,b),C(c,0),D(0,d). 則可得點(diǎn)G的坐標(biāo)為(,),即=(,). 又=(-a,b),且AB⊥OH,故要使G,O,H三點(diǎn)共線,只需證·=0即可. 而·=,且對于圓M的一般方程x2+y2+Dx+Ey+F=0, 當(dāng)y=0時(shí)可得x2+Dx+F=0,其中方程的兩根分別為點(diǎn)A和點(diǎn)C的橫坐標(biāo), 于是有xAxC=ac=F. 同理,當(dāng)x=0時(shí),可得y2+Ey+F=0,其中方程的兩根分別為點(diǎn)B和點(diǎn)D的縱坐標(biāo),于是有yByD=bd=F. 所以·==0,即AB⊥OG. 故O,G,H三點(diǎn)必定共線.