九年級物理上學期期末試卷（含解析） 新人教版2 (3)

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湖北省孝感市孝南區(qū)2015-2016學年九年級（上）期末物理試卷 一、選擇題（共10小題，每小題3分，滿分30分） 1．如圖所示，電源電壓和燈L的電阻不變，燈L上標有“6V 3W”字樣，當開關S閉合，滑片P移至a端時，電流表的示數為1A，燈L正常發(fā)光，則電源電壓U和滑片ab兩端電阻為（　?。? A．6V 6Ω B．6V 12Ω C．3V 12Ω D．3V 6Ω 2．張華同學在“探究通過導體的電流與其兩端電壓的關系”時，將記錄的實驗數據通過整理作出了如圖所示圖象，根據圖象，下列說法正確的是（　?。? A．當在導體B的兩端加上2V的電壓時，通過導體B的電流為0.2A B．將A、B兩導體串聯(lián)后接到電壓為2V的電源上時，A消耗的電功率小于B消耗的電功率 C．導體A的電阻等于導體B的電阻 D．導體A的電阻為0.2Ω 3．關于家庭安全用電，下列說法不正確的是（　　） A．使用測定筆時，手要接觸金屬筆尾，測試零線時氖管不會發(fā)光 B．一旦發(fā)生觸電事故，應先切斷電源再進行搶救 C．不靠近高壓帶電體，不接觸低壓帶電體 D．同時使用大功率用電器前，只需考慮電能表的承受能力即可 4．物理世界璀璨紛紜，自然奇觀、生活奧秘、現(xiàn)代科技，無一不展現(xiàn)出物理學的神奇與魅力，下面說法正確的是（　　） A．可以用濕毛巾擦點亮的電燈 B．電冰箱內的照明燈與壓縮機是并聯(lián)的，能夠彼此獨立工作 C．家庭電路中，用電器功率越大，電路中電流越小，所以空氣開關不會斷開 D．除保險絲外，漏電保護器對人體觸電無保護作用 5．以下關于電與磁四幅圖片的描述正確的是（　?。? A．甲圖：它是探究電磁感應現(xiàn)象的裝置圖 B．乙圖：向左調節(jié)滑動變阻器的滑片，電磁鐵吸引大頭針的數目變少 C．丙圖：將開關閉合，小磁針的N極向右轉動 D．丁圖：電磁繼電器是利用電流的熱效應來工作的 6．下列說法正確的是（　?。? A．地球上地磁場的北極是地理北極 B．保險絲一般是用電阻小、熔點高的材料制成 C．驗電器的工作原理是同種電荷相互排斥 D．電動機的工作原理是電流熱效應 7．把一只“220V60W”的燈泡接在110V的電路兩端，假設燈絲電阻不變，則這盞燈實際電功率為（　?。? A．30W B．60W C．15W D．120W 8．將兩只額定電壓相同的甲、乙兩燈并聯(lián)后接到電路中，且電源電壓等于兩燈的額定電壓，閉合開關后發(fā)現(xiàn)，甲燈比乙燈亮，這說明（　?。? A．甲燈的功率一定比乙燈的小 B．甲燈的電阻一定比乙燈的大 C．通過甲燈的電流一定比乙燈的大 D．甲燈兩端電壓一定比乙燈的大 9．如圖是安裝在潛水器上深度表的電路簡圖，顯示器由電流表改裝而成，壓力傳感器的電阻隨壓力的增大而減小，電源電壓不變，R0是定值電阻，在潛水器下潛過程中，電路中有關物理量的變化情況是（　?。? A．通過顯示器的電流變大 B．R0兩端的電壓減小 C．傳感器兩端的電壓增大 D．電路的總功率增大 10．小燈泡L上標有“2.5V”字樣，它的電阻隨它兩端電壓變化的圖象如圖甲所示．將小燈泡L和電阻R0接入圖乙所示的電路中，電源電壓為6V，且保持不變．當開關S閉合時，小燈泡L恰好能正常發(fā)光．下列說法正確的是（　?。? A．開關S斷開時，小燈泡L的電阻為0Ω B．開關S閉合時，小燈泡L的電阻為10Ω C．小燈泡L的額定功率為0.625W D．電阻R0的阻值為14Ω 　 二、解答題（共6小題，滿分40分） 11．如圖甲所示為伏安法測電阻的電路圖，電源電壓為6V． （1）如果實驗操作中出現(xiàn)：電流表有示數，電壓表示數是0的現(xiàn)象，其故障可能是______． A．電壓表的量程選小了 B．電流表的正、負接線柱接反 C．把滑動變阻器下端兩接線柱連入電路 D．電阻R發(fā)生了短路 （2）電路連接正確后，閉合開關，將滑片P向右移動時，電壓表示數______（選填“變大”、“變小”或“不變”）．電流表示數______（選填“變大”、“變小”或“不變”）． （3）實驗過程中，電流表和電壓表的示數如圖乙所示，則電流表的示數為______，電壓表的示數為______，此時測得的Rx=______Ω，電阻消耗的電功率為P=______W （4）此實驗要多次測量電阻值，最后求電阻值的平均值，其目的是______． 12．在測量小燈泡電功率的實驗中，電源電壓為4.5V，小燈泡的額定電壓為2.5V，小燈泡正常發(fā)光時的電阻約為10Ω． （1）請你用筆畫線代替導線，將圖甲中的實物電路連接完整．要求：當滑動變阻器的滑片向左移動時，連入電路的電阻變大；連線不得交叉． （2）小宇同學閉合開關，移動滑片P到某一位置時，電壓表示數（如圖乙所示）為______V，若他想測量小燈泡的額定功率，應將圖甲中滑動變阻器的滑片P向______（選填“A”或“B”）端移動，使電壓表的示數為2.5V． （3）小宇同學繼續(xù)移動滑片P，記下多組對應的電壓表和電流表的示數，并繪制成圖丙所示的I﹣U關系圖象，根據圖象信息，可計算出小燈泡的額定功率是______W，還可以得出：小燈泡的實際功率隨實際電壓的增大而______（選填“增大”、“減小”或“不變”）．小燈泡的實際電阻是隨電流的增大而______（選填“增大”、“減小”或“不變”） （4）若實驗時，小明改變滑動變阻器滑片的位置，測出三組小燈泡電壓、電流數據，算出功率的平均值作為小燈泡的額定功率，請指出小明做法的錯誤之處______． 13．小紅利用圖甲所示的電路探究電流與電阻的關系．已知電源電壓為6V且保持不變，實驗用到的電阻阻值分別為5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω． （1）實驗中多次改變R的阻值，調節(jié)滑動變阻器的滑片，使電壓表示數保持不變，記下電流表的示數，得到如圖乙所示的電流I隨電阻R變化的圖象，由圖象可得出結論：______． （2）在上述實驗中，某同學在讀取完電流表示數后，直接拆下阻值為5Ω的電阻，改換成阻值為10Ω的電阻，請你指出他在操作中的錯誤：______；在讀取電流表示數之前，他應進行的操作是：向______　移動滑片，使電壓表示數為2.5V． （3）若在實驗過程中出現(xiàn)電流表示數為0，電壓表的示數為6V，則電路出現(xiàn)的故障可能是______． （4）小紅想將定值電阻換成小燈泡來探究電流與電壓的關系，你認為她的實驗方案可行嗎？______（選填“可行”或“不可行”）． （5）根據如圖丙所示的小磁針指向，畫出通電螺線管的導線繞法． 14．如圖所示電路中，電源電壓8V保持不變，求： （1）只閉合開關S1，電流表示數為0.2A，此時電路中的總電阻； （2）再閉合開關S2，電流表示數變化了0.3A，此時電流表的讀數； （3）R1的阻值． 15．小麗家新買了一臺電熱水器，如圖是該熱水器的一些技術參數． 型號 FED﹣H50 額定電壓 220V 最大水量 50kg 額定功率 1500W 她將水箱中裝滿初溫為25℃的水，通電后正常工作一段時間，發(fā)現(xiàn)家中的電能表由如圖1中的數據變?yōu)閳D2． 請問： （1）這段時間里熱水器消耗的電能是多少千瓦時？ （2）該熱水器工作了多長時間？ （3）若該熱水器的電熱轉化效率為84%，經過這段時間后水的溫度升高了多少？[水的比熱容為c水=4.2103J/（kg?℃）]． 16．如圖是一種測量小汽車油箱內油量裝置原理圖，壓力傳感器R的電阻會隨所受壓力的大小發(fā)生變化，油量表（由電流表改裝而成）指針能指示出油箱里油的多少．若電源電壓為6V，壓力傳感器R的上表面積為5cm2，壓力傳感器R的電阻與所受壓力的關系如表所示．（汽油熱值為q汽油=4.6107J/kg，ρ汽油=0.7103kg/m3，g=10N/kg）： 壓力F/N 0 50 100 150 200 250 300 … 電阻R/ 500 380 310 245 200 170 150 … （1）當油與箱總重為600N時，壓力傳感器R受到的壓強是多大？ （2）若油箱內油為10kg時，汽油完全燃燒能放出的熱量是多少？ （3）如果空油箱的質量為6kg，油量表指針指向油量為210﹣2m3時，電路中電流是多少？ 　  2015-2016學年湖北省孝感市孝南區(qū)九年級（上）期末物理試卷 參考答案與試題解析 　 一、選擇題（共10小題，每小題3分，滿分30分） 1．如圖所示，電源電壓和燈L的電阻不變，燈L上標有“6V 3W”字樣，當開關S閉合，滑片P移至a端時，電流表的示數為1A，燈L正常發(fā)光，則電源電壓U和滑片ab兩端電阻為（　?。? A．6V 6Ω B．6V 12Ω C．3V 12Ω D．3V 6Ω 【考點】歐姆定律的應用；電功率與電壓、電流的關系． 【分析】當開關S閉合，滑片P移至a端時，燈泡L與滑動變阻器的最大阻值并聯(lián)，電流表測干路電流，根據并聯(lián)電路的電壓特點和燈泡正常發(fā)光時的電壓等于額定電壓確定電源的電壓，根據P=UI求出通過燈泡的電流，根據并聯(lián)電路的電流特點求出通過變阻器的電流，根據歐姆定律求出變阻器的最大阻值． 【解答】解：當開關S閉合，滑片P移至a端時，燈泡L與滑動變阻器的最大阻值并聯(lián)，電流表測干路電流， 因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，且燈L正常發(fā)光， 所以，電源的電壓U=UL=6V，故CD錯誤； 由P=UI可得，通過燈泡的電流： IL===0.5A， 因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和， 所以，通過滑動變阻器的電流： I滑=I﹣IL=1A﹣0.5A=0.5A， 由I=可得，滑動變阻器的最大阻值： R滑===12Ω，故A錯誤，B正確． 故選B． 【點評】本題考查了并聯(lián)電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，要注意燈泡正常發(fā)光時的電壓和額定電壓相等． 　 2．張華同學在“探究通過導體的電流與其兩端電壓的關系”時，將記錄的實驗數據通過整理作出了如圖所示圖象，根據圖象，下列說法正確的是（　　） A．當在導體B的兩端加上2V的電壓時，通過導體B的電流為0.2A B．將A、B兩導體串聯(lián)后接到電壓為2V的電源上時，A消耗的電功率小于B消耗的電功率 C．導體A的電阻等于導體B的電阻 D．導體A的電阻為0.2Ω 【考點】探究電流與電壓、電阻的關系實驗． 【分析】（1）據圖得出B 的電阻，而后據歐姆定律分析即可判斷； （2）據圖判斷出AB兩個導體的電阻，而后據串聯(lián)電路電流相等，即據P=I2R分析即可判斷； 【解答】解：A、據圖得出B 的電阻是RB===10Ω； 故若在導體B的兩端加上2V的電壓時，通過導體B的電流為I===1.2A，故A錯誤； B、據圖判斷出A的電阻是：RA===5Ω；據A可知，其B 電阻是10Ω，當串聯(lián)時，電流相等，據公式： P=I2R可知，電阻大的功率大，所以B的功率大于A 的功率，故B正確； C、據AB可知，B的電阻大于A的電阻，故C錯誤； D、據B可知，A 的電阻是5Ω，故D錯誤； 故選B． 【點評】圖象中反映的是電流與電壓的關系，都是正比例函數，通過兩段導體的電流與電壓成正比．當取相同的電壓時，可以從圖象中分別得到對應的電流，從而求出兩導體的電阻． 　 3．關于家庭安全用電，下列說法不正確的是（　?。? A．使用測定筆時，手要接觸金屬筆尾，測試零線時氖管不會發(fā)光 B．一旦發(fā)生觸電事故，應先切斷電源再進行搶救 C．不靠近高壓帶電體，不接觸低壓帶電體 D．同時使用大功率用電器前，只需考慮電能表的承受能力即可 【考點】安全用電原則． 【分析】（1）測電筆的使用方法：使用測電筆時，手要接觸測電筆尾部的金屬體．筆尖接觸電線，氖管發(fā)光表明接觸的是火線，不發(fā)光是零線． （2）一旦發(fā)生觸電事故，應立即斷開電源開關，或用絕緣體將電線挑開，使觸電者與電源脫離，并進行現(xiàn)場搶救． （3）當人靠近到高壓線一定距離時就會造成電弧觸電或跨步電壓觸電，故要不靠近高壓帶電體；安全用電的原則：不接觸低壓帶電體，不靠近高壓帶電體． （4）家庭電路電流過大的原因有兩個：一是用電器的總功率過大，另一個是發(fā)生短路． 【解答】解：A、測電筆的使用方法：使用測電筆時，手要接觸測電筆尾部的金屬體．筆尖接觸電線，氖管發(fā)光表明接觸的是火線，不發(fā)光是零線，故A正確； B、一旦發(fā)生觸電事故，應先切斷電源再進行搶救，故B正確； C、安全用電的原則是不靠近高壓帶電體，不接觸低壓帶電體，故C正確． D、當家庭電路中接入多個大功率的用電器時，除了考慮電能表，還應考慮導線，故D不正確． 故選：D． 【點評】本題考查了學生對安全用電知識的了解與掌握，平時學習時多了解、積累，加強安全意識，學好電、用好電． 　 4．物理世界璀璨紛紜，自然奇觀、生活奧秘、現(xiàn)代科技，無一不展現(xiàn)出物理學的神奇與魅力，下面說法正確的是（　?。? A．可以用濕毛巾擦點亮的電燈 B．電冰箱內的照明燈與壓縮機是并聯(lián)的，能夠彼此獨立工作 C．家庭電路中，用電器功率越大，電路中電流越小，所以空氣開關不會斷開 D．除保險絲外，漏電保護器對人體觸電無保護作用 【考點】安全用電原則． 【分析】不純凈的水是導體，水在人手和火線之間連通，會發(fā)生觸電事故； 并聯(lián)電路中，各用電器可以獨立工作，互不影響； 家庭電路中，電流過大的原因：一是短路；二是用電器的總功率過大； 正常情況下，用電器通過相線、中性線和供電系統(tǒng)中的電源構成閉合電路，不應該有電流流入大地，但是如果站在地上的人不小心接觸了相線，電流經過人體（或其他導體）流入大地，這時總開關上的“漏電保護器”就會迅速切斷電路，對人起到保護作用． 【解答】解：A、濕毛巾的水份是導體，擦點亮的電燈容易發(fā)生觸電事故，故A錯誤； B、因為壓縮機和照明燈可以單獨工作，互不影響，所以冰箱內的壓縮機與照明燈的連接方式是并聯(lián)，故B正確； C、家庭電路中，用電器功率越大，電路中電流越大，所以空氣開關會斷開，故B錯誤； D、漏電保護器對人體觸電有保護作用，故D錯誤． 故選：B． 【點評】本題考查了學生對安全用電知識的了解與掌握，平時學習時多了解、積累，加強安全意識，學好電、用好電． 　 5．以下關于電與磁四幅圖片的描述正確的是（　?。? A．甲圖：它是探究電磁感應現(xiàn)象的裝置圖 B．乙圖：向左調節(jié)滑動變阻器的滑片，電磁鐵吸引大頭針的數目變少 C．丙圖：將開關閉合，小磁針的N極向右轉動 D．丁圖：電磁繼電器是利用電流的熱效應來工作的 【考點】電磁感應；通電螺線管的磁場；影響電磁鐵磁性強弱的因素；電磁繼電器的組成、原理和特點． 【分析】（1）閉合電路的一部分導體在磁場中切割磁感線運動，導體中有感應電流產生． （2）電磁鐵的磁性強弱與電流大小和線圈的匝數有關． （3）據安培定則分析判斷即可解決． （4）電磁繼電器是利用電流的磁效應工作的． 【解答】解：A、此題中有電源，是探究磁場對通電導體是否有力的作用的實驗．故A錯誤． B、電磁鐵中磁性強弱與電流的強弱、線圈匝數有關，即向左調節(jié)滑動變阻器的滑片，電阻變小，電流變大，故電磁鐵吸引大頭針的數目變多，故B錯誤； C、將開關閉合，據安培定則可知，螺線管右側為N極，左側為S極，根據同名磁極相互排斥，故小磁針的N極向右轉動，故C正確； D、電磁繼電器是利用電流的磁效應來工作的，故D錯誤； 故選C． 【點評】電動機的原理圖和發(fā)電機的原理圖的重要區(qū)別：電動機的電路中有電源；發(fā)電機的電路中沒有電源． 　 6．下列說法正確的是（　?。? A．地球上地磁場的北極是地理北極 B．保險絲一般是用電阻小、熔點高的材料制成 C．驗電器的工作原理是同種電荷相互排斥 D．電動機的工作原理是電流熱效應 【考點】地磁場；直流電動機的原理；驗電器的原理及使用；熔斷器的作用及保險絲的選擇方法． 【分析】①地磁場的南北極與地理南北極相反，且不重合．即：地磁南極在地理北極附近，地磁北極在地理南極附近． ②保險絲通常安裝在火線上，它是由電阻率大、熔點低的鉛銻合金制成的，當電路中有過大電流通過時，保險絲發(fā)熱自動熔斷，切斷電路，從而起到保護電路的作用． ③驗電器使用時是讓金屬桿上的金屬箔帶上同種電荷，然后同種電荷會相互排斥從而驗證物體是否帶電的． ④電動機的原理是利用通電導體在磁場中受力轉動的原理制成的． 【解答】解：A、地磁北極在地理南極附近，地磁南極在地理北極附近．故A錯誤； B、保險絲是由電阻率大、熔點低的鉛銻合金制成的．故B錯誤； C、驗電器是利用同種電荷相互排斥的原理制成的；故C正確； D、電動機是利用通電導體在磁場中受力運動的原理制成的； 故D錯誤． 故選C． 【點評】本題涉及多個知識點，要全面掌握基礎知識，是中考的常見題型． 　 7．把一只“220V60W”的燈泡接在110V的電路兩端，假設燈絲電阻不變，則這盞燈實際電功率為（　?。? A．30W B．60W C．15W D．120W 【考點】實際功率． 【分析】知道燈泡的額定電壓和額定功率，根據P額=的變形公式R=求出燈絲的電阻，由于燈絲電阻不變，再根據為P實=求出實際電壓下燈泡的電功率即為燈泡的實際功率． 【解答】解：由P額=得燈絲的電阻R===Ω， 則這盞燈實際電功率為P實===15W． 故選：C． 【點評】本題考查了電功率公式的靈活應用，要分清額定狀態(tài)和實際狀態(tài)下的相同量和不同量，如兩狀態(tài)下的電阻我們認為是不變的，而電壓、電流是不一樣的． 　 8．將兩只額定電壓相同的甲、乙兩燈并聯(lián)后接到電路中，且電源電壓等于兩燈的額定電壓，閉合開關后發(fā)現(xiàn)，甲燈比乙燈亮，這說明（　?。? A．甲燈的功率一定比乙燈的小 B．甲燈的電阻一定比乙燈的大 C．通過甲燈的電流一定比乙燈的大 D．甲燈兩端電壓一定比乙燈的大 【考點】實際功率． 【分析】燈泡的亮度由燈泡的實際功率決定，燈泡越亮，燈泡實際功率越大，由并聯(lián)電路特點及電功率公式、歐姆定律分析答題． 【解答】解：A、閉合開關發(fā)現(xiàn)甲燈比乙燈亮，說明甲燈的實際功率比乙燈的實際功率大，故A錯誤； B、兩燈并聯(lián)，它們兩端電壓U相等，由P=，可得，R=， 已知P甲＞P乙，所以R甲＜R乙，故B錯誤； C、燈泡電壓U相等，因為R甲＜R乙，所以由I=可知，I甲＞I乙，故C正確； D、并聯(lián)電路電壓相等，兩盞白熾燈并聯(lián)接入電路中，則兩燈兩端電壓U相等，故D錯誤． 故選C． 【點評】燈泡亮度由燈泡的實際功率決定，應用電功率公式及并聯(lián)電路特點、歐姆定律即可正確解題． 　 9．如圖是安裝在潛水器上深度表的電路簡圖，顯示器由電流表改裝而成，壓力傳感器的電阻隨壓力的增大而減小，電源電壓不變，R0是定值電阻，在潛水器下潛過程中，電路中有關物理量的變化情況是（　?。? A．通過顯示器的電流變大 B．R0兩端的電壓減小 C．傳感器兩端的電壓增大 D．電路的總功率增大 【考點】電路的動態(tài)分析；液體壓強計算公式的應用；歐姆定律的應用；電功率的計算． 【分析】在潛水器下潛過程中，壓力傳感器受到的壓力變大，其電阻變小，根據歐姆定律可知電路中電流的變化和R0兩端電壓的變化，利用串聯(lián)電路的電壓特點可知傳感器兩端的電壓變化，利用P=UI可知電路總功率的變化． 【解答】解：由電路圖可知，兩電阻串聯(lián)，電流表顯示器串聯(lián)在電路中， 由p=ρgh可知，在潛水器下潛過程中，壓力傳感器受到的壓力增大， 因壓力傳感器的電阻隨壓力的增大而減小， 所以，傳感器的電阻減小，電路中的總電阻減小， 由I=可知，電路中的電流增大，即通過顯示器的電流增大，故A正確； 由U=IR可知，R0兩端的電壓增大，故B錯誤； 因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和， 所以，傳感器兩端的電壓減小，故C錯誤， 由P=UI可知，電路的總功率增大，故D正確． 故選AD． 【點評】本題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律、電功率公式的靈活應用，關鍵是分析好在潛水器下潛過程中壓力傳感器受到壓強的變化和其阻值的變化． 　 10．小燈泡L上標有“2.5V”字樣，它的電阻隨它兩端電壓變化的圖象如圖甲所示．將小燈泡L和電阻R0接入圖乙所示的電路中，電源電壓為6V，且保持不變．當開關S閉合時，小燈泡L恰好能正常發(fā)光．下列說法正確的是（　　） A．開關S斷開時，小燈泡L的電阻為0Ω B．開關S閉合時，小燈泡L的電阻為10Ω C．小燈泡L的額定功率為0.625W D．電阻R0的阻值為14Ω 【考點】電功率的計算；歐姆定律的應用． 【分析】A、當S斷開時，燈泡兩端的電壓為0，由圖甲可知電壓為0時的電阻； B、當S閉合時，小燈泡恰好能正常發(fā)光，恰好正常發(fā)光的含義是燈泡兩端的實際電壓等于額定電壓； C、由公式P=即可算出燈泡的額定功率； D、先根據公式I=算出串聯(lián)電路的電流，然后根據串聯(lián)電路電壓規(guī)律算出電阻R0兩端的電壓，最后根據公式R=算出電阻R0的阻值． 【解答】解：A、當S斷開時，燈泡兩端的電壓為0，由圖甲可知：當電壓為0時，對應的電阻為2Ω，所以選項A是錯誤的； B、當S閉合時，小燈泡恰好能正常發(fā)光，此時燈泡兩端的電壓等于2.5V，由圖甲可知：當電壓為2.5V時，對應的電阻為10Ω，所以選項B是正確的； C、燈泡的額定功率：P==0.625W，所以選項C是正確的； D、電路中的電流：I===0.25A， R0兩端的電壓：U0=U﹣UL=6V﹣2.5V=3.5V， R0的電阻：R0===14Ω，所以選項D是正確的． 故選 B、C、D． 【點評】燈泡的電阻與燈泡的溫度有關，而燈泡的溫度與燈泡的電功率有關，電功率又與燈泡的實際電壓有關，所以解答本題時一定要注意分析圖甲． 　 二、解答題（共6小題，滿分40分） 11．如圖甲所示為伏安法測電阻的電路圖，電源電壓為6V． （1）如果實驗操作中出現(xiàn)：電流表有示數，電壓表示數是0的現(xiàn)象，其故障可能是　D?。? A．電壓表的量程選小了 B．電流表的正、負接線柱接反 C．把滑動變阻器下端兩接線柱連入電路 D．電阻R發(fā)生了短路 （2）電路連接正確后，閉合開關，將滑片P向右移動時，電壓表示數　變小　（選填“變大”、“變小”或“不變”）．電流表示數　變小　（選填“變大”、“變小”或“不變”）． （3）實驗過程中，電流表和電壓表的示數如圖乙所示，則電流表的示數為　0.5A　，電壓表的示數為　2.5V　，此時測得的Rx=　5　Ω，電阻消耗的電功率為P=　1.25　W （4）此實驗要多次測量電阻值，最后求電阻值的平均值，其目的是　減小誤差?。? 【考點】伏安法測電阻的探究實驗；串聯(lián)電路的電流規(guī)律；串聯(lián)電路的電壓規(guī)律；歐姆定律的應用． 【分析】（1）電路的故障有兩種：斷路或短路，根據電壓表和電流表的示數可做出判斷； （2）根據電路中電阻的變化和歐姆定律作答； （3）根據電流表小量程和電壓表大程讀數，分別根據R=和P=UI求解； （4）多次測量取平均值可以減小誤差． 【解答】解：（1）電流表有示數，說明電路是通路，電壓表示數為0，說明電壓表并聯(lián)的部分發(fā)生了短路，所以只有選項D電阻Rx發(fā)生了短路符合題意； （2）將滑片P向右移動時，變阻器連入電路中的電阻變大，總電阻變大，根據歐姆定律，電流中電流I變小，待 測電阻的電壓Ux=IRx變??； （3）圖乙中電流表小量程分度值為0.02A，示數為0.5A；電壓表大量程分度值為0.1V，示數為2.5V，Rx=5Ω， 其電功率大小P=UI=2.5V0.5A=1.25W； （4）此實驗要多次測量電阻值，最后求電阻值的平均值，其目的是為了減小誤差． 故答案為：（1）D； （2）變??；變?。? （3）0.5A；2.5V；5；1.25； （4）減小誤差． 【點評】本題用伏安法測電阻，考查故障的分析、對變化電路的討論、電表的讀數及電阻和電功率的計算及減小誤差的方法，是中考的熱點問題，要熟練掌握． 　 12．在測量小燈泡電功率的實驗中，電源電壓為4.5V，小燈泡的額定電壓為2.5V，小燈泡正常發(fā)光時的電阻約為10Ω． （1）請你用筆畫線代替導線，將圖甲中的實物電路連接完整．要求：當滑動變阻器的滑片向左移動時，連入電路的電阻變大；連線不得交叉． （2）小宇同學閉合開關，移動滑片P到某一位置時，電壓表示數（如圖乙所示）為　2.2　V，若他想測量小燈泡的額定功率，應將圖甲中滑動變阻器的滑片P向　B?。ㄟx填“A”或“B”）端移動，使電壓表的示數為2.5V． （3）小宇同學繼續(xù)移動滑片P，記下多組對應的電壓表和電流表的示數，并繪制成圖丙所示的I﹣U關系圖象，根據圖象信息，可計算出小燈泡的額定功率是　0.5　W，還可以得出：小燈泡的實際功率隨實際電壓的增大而　增大?。ㄟx填“增大”、“減小”或“不變”）．小燈泡的實際電阻是隨電流的增大而　增大?。ㄟx填“增大”、“減小”或“不變”） （4）若實驗時，小明改變滑動變阻器滑片的位置，測出三組小燈泡電壓、電流數據，算出功率的平均值作為小燈泡的額定功率，請指出小明做法的錯誤之處　不能多次測量求平均值?。? 【考點】電功率的測量． 【分析】（1）根據燈泡正常發(fā)光時的電流確定電流表量程，根據題目要求確定滑動變阻器的接法，把電流表、滑動變阻器串聯(lián)接入電路． （2）由圖示電壓表確定其量程與分度值，讀出電壓表示數，根據電壓表示數與燈泡額定電壓間的關系，根據電路圖確定滑片的移動方向． （3）由圖象求出燈泡額定電壓對應的電流，然后由P=UI求出燈泡額定功率；根據燈泡電流隨電壓的變化關系，由P=UI判斷燈泡實際功率如何隨電壓變化，由R=判斷電阻如何變化． （4）不同電壓下的實際功率不同，在測量額定功率時，不能測量不同電壓下的電功率求平均值． 【解答】解：（1）燈泡正常發(fā)光時電流約為I==0.25A，則電流表選0～0.6A量程，當滑動變阻器的滑片向左移動時，連入電路的電阻變大，則滑動變阻器應接右下接線柱B，把電流表、滑動變阻器串聯(lián)接入電路，電路圖如圖所示． ． （2）由圖乙所示電壓表可知，其量程為0～3V量程，分度值是0.1V，其示數為2.2V，小于燈泡額定電壓，要測量小燈泡的額定功率，應減小滑動變阻器分壓，減小滑動變阻器接入電路的阻值，使燈泡兩端電壓變大，由電路圖可知，應把滑動變阻器的滑片P向B端移動，使電壓表的示數為2.5V． （3）由I﹣U圖象可知，燈泡額定電壓2.5V所對應的電流是0.2A，燈泡額定功率P=UI=2.5V0.2A=0.5W；由I﹣U圖象可知，隨燈泡電壓的增大，燈泡電流增大，燈泡實際功率P=UI增大，根據R=電阻增大． （4）額定功率是用電器在額定電壓下的功率，由于不同電壓下的電功率不同，所以不能通過計算平均值來作為額定功率． 故答案為：（1）電路圖如圖所示；（2）2.2；B；（3）0.5；增大；增大；（4）不能多次測量求平均值． 【點評】本題考查了連接實物電路圖、電表讀數、滑動變阻器的調節(jié)、求燈泡額定功率、連接電路時的注意事項等，對電表進行多讀數時，要先確定其量程與分度值，然后再讀數，讀數時視線要與電表刻度線垂直． 　 13．小紅利用圖甲所示的電路探究電流與電阻的關系．已知電源電壓為6V且保持不變，實驗用到的電阻阻值分別為5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω． （1）實驗中多次改變R的阻值，調節(jié)滑動變阻器的滑片，使電壓表示數保持不變，記下電流表的示數，得到如圖乙所示的電流I隨電阻R變化的圖象，由圖象可得出結論：　電壓一定時，導體中的電流與電阻成反比?。? （2）在上述實驗中，某同學在讀取完電流表示數后，直接拆下阻值為5Ω的電阻，改換成阻值為10Ω的電阻，請你指出他在操作中的錯誤：　沒有斷開開關??；在讀取電流表示數之前，他應進行的操作是：向　左　　移動滑片，使電壓表示數為2.5V． （3）若在實驗過程中出現(xiàn)電流表示數為0，電壓表的示數為6V，則電路出現(xiàn)的故障可能是　電阻斷路　． （4）小紅想將定值電阻換成小燈泡來探究電流與電壓的關系，你認為她的實驗方案可行嗎？　不可行?。ㄟx填“可行”或“不可行”）． （5）根據如圖丙所示的小磁針指向，畫出通電螺線管的導線繞法． 【考點】探究電流與電壓、電阻的關系實驗． 【分析】（1）根據圖象分析電流和電阻的關系：電壓一定，電流和電阻成反比；分析圖丙中圖象，曲線上每一點對應的電流和電阻的乘積相等，據此得出結論； （2）在連接電路時，必須斷開開關；拆下阻值為5Ω的電阻改換成阻值為10Ω的電阻，則根據電路中的電阻變大，根據歐姆定律和串聯(lián)電路的電壓特點判斷電壓表示數的變化；將滑動變阻器的滑片移到最左端時接入電路中的電阻最大，將5Ω的電阻更換為10Ω的電阻接入電路后，應減小滑動變阻器接入電路中的電阻，使電壓表的示數達到原來的示數不變； （3）電流表示數為零說明電路斷路，電壓表有示數說明電壓表和電源連接的部分電路正常； （4）知道燈絲的電阻受溫度的影響，要探究電流與電壓的關系，需保持電阻不變． （5）由磁極間的相互作用可知螺線管的磁極，則由右手螺旋定則可知螺線管的繞法． 【解答】解：（1）分析圖乙圖象，曲線上每點對應的電流和電阻的乘積都等于2.5V，由此得出結論：電壓一定時，導體中的電流與電阻成反比； （2）據題意可知，這位同學沒有斷開開關就更換電阻，是錯誤的；拆下阻值為5Ω的電阻改換成阻值為10Ω的電阻，則電路中的電阻變大，根據歐姆定律可知電路中的電流變小，變阻器兩端的電壓減小，由于電源電壓不變，根據串聯(lián)電路的電壓特點可知：10Ω電阻兩端的電壓變大，即電壓表示數變大．在用10Ω電阻替換5Ω電阻時，應先斷開開關，拆下5Ω的電阻，然后換上10Ω的電阻，閉合開關，由于10Ω電阻兩端的電壓變大，所以應增大滑動變阻器接入電路中的電阻，將即滑動變阻器的滑片向左移動，減小電路中的電流，使電壓的示數達到2.5V． （3）電流表的示數為零說明電路中有斷路，再根據電壓表的示數判斷出電路故障．電壓表示數為3V等于電源電壓，說明電壓表的兩個接線柱和電源連接的部分沒有斷路，所以故障是電阻斷路了； （4）由于燈絲的電阻受溫度的影響，要探究電流與電壓的關系，需保持電阻不變，所以不能用小燈泡做此實驗． （5）小磁針N極接近螺線管，因異名磁極相互吸引，則螺線管右側為S極，左側為N極； 電源右側為正極，則由右手螺旋定則可知螺線管的繞向如圖： 故答案為：（1）電壓一定時，導體中的電流與電阻成反比；（2）沒有斷開開關；左；（3）電阻斷路；（4）不可行；（5）如上圖． 【點評】本題考查了電路故障的判斷、控制變量法在實驗結論中的應用等，關鍵：一是會根據電源的電壓和電路中的最大電流確定電表的量程；二是會根據控制變量法分析實驗數據得出結論，特別是會分析表中的示數得出電流與電阻的關系． 　 14．如圖所示電路中，電源電壓8V保持不變，求： （1）只閉合開關S1，電流表示數為0.2A，此時電路中的總電阻； （2）再閉合開關S2，電流表示數變化了0.3A，此時電流表的讀數； （3）R1的阻值． 【考點】歐姆定律的應用． 【分析】（1）只閉合開關S1，R1與R2串聯(lián)，電流表測電路中的電流，根據歐姆定律求出電路中的總電阻； （2）再閉合開關S2，電路為R1的簡單電路，根據電阻的串聯(lián)和歐姆定律可知電路中電流的變化，然后得出電流表的示數； （3）根據歐姆定律求出R1的阻值． 【解答】解：（1）只閉合開關S1，R1與R2串聯(lián)，電流表測電路中的電流， 由I=可得，電路中的總電阻： R===40Ω； （2）再閉合開關S2，電路為R1的簡單電路， 因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和， 所以，電路中的電流變大， 因電流表示數變化了0.3A， 所以，此時電流表的讀數I′=I+△I=0.2A+0.3A=0.5A； （3）R1的阻值： R1===16Ω． 答：（1）只閉合開關S1時，電路中的總電阻為40Ω； （2）再閉合開關S2時，電流表的讀數為0.5A； （3）R1的阻值為16Ω． 【點評】本題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，關鍵是根據電流表示數的變化量得出再閉合開關S2時電路中的電流． 　 15．小麗家新買了一臺電熱水器，如圖是該熱水器的一些技術參數． 型號 FED﹣H50 額定電壓 220V 最大水量 50kg 額定功率 1500W 她將水箱中裝滿初溫為25℃的水，通電后正常工作一段時間，發(fā)現(xiàn)家中的電能表由如圖1中的數據變?yōu)閳D2． 請問： （1）這段時間里熱水器消耗的電能是多少千瓦時？ （2）該熱水器工作了多長時間？ （3）若該熱水器的電熱轉化效率為84%，經過這段時間后水的溫度升高了多少？[水的比熱容為c水=4.2103J/（kg?℃）]． 【考點】電功與熱量的綜合計算． 【分析】（1）由兩次電能表示數差得到這段時間里熱水器消耗的電能； （2）由P=計算熱水器工作的時間； （3）利用效率公式求出水吸收的熱量，結合吸熱公式求出上升的溫度． 【解答】解： （1）由圖1知，電能表讀數為7624.1kW?h，圖2電能表示數為7625.6kW?h，所以電熱水器這段時間里消耗電能： W=7625.6kW?h﹣7624.1kW?h=1.5kW?h； （2）由熱水器的技術參數知其額定功率為1500W，由P=可得，熱水器工作的時間： t===1h； （3）由η=可得水吸收的熱量為： Q吸=W?η=1.53.6106J84% =4.536106J； 根據Q=cm△t可得： △t===21.6℃． 答：（1）這段時間里熱水器消耗的電能是1.5千瓦時； （2）該熱水器工作了1小時； （3）經過這段時間后水的溫度升高了21.6℃． 【點評】此題主要考查學生對于電能表電能求解、功率公式、物質吸熱公式以及放熱公式的理解和掌握，是一道綜合題，要能表格中找到有用的信息． 　 16．如圖是一種測量小汽車油箱內油量裝置原理圖，壓力傳感器R的電阻會隨所受壓力的大小發(fā)生變化，油量表（由電流表改裝而成）指針能指示出油箱里油的多少．若電源電壓為6V，壓力傳感器R的上表面積為5cm2，壓力傳感器R的電阻與所受壓力的關系如表所示．（汽油熱值為q汽油=4.6107J/kg，ρ汽油=0.7103kg/m3，g=10N/kg）： 壓力F/N 0 50 100 150 200 250 300 … 電阻R/ 500 380 310 245 200 170 150 … （1）當油與箱總重為600N時，壓力傳感器R受到的壓強是多大？ （2）若油箱內油為10kg時，汽油完全燃燒能放出的熱量是多少？ （3）如果空油箱的質量為6kg，油量表指針指向油量為210﹣2m3時，電路中電流是多少？ 【考點】壓強的大小及其計算；熱量的計算；歐姆定律的應用． 【分析】（1）根據壓強公式p=，將已知數值F=600N和s=5cm2=510﹣4m2代入即可求出壓力傳感器R受到的壓強是多大； （2）根據熱量計算公式Q=mq，將汽油熱值和質量代入即可求出汽油完全燃燒放出的熱量； （3）根據汽油的密度和油量表指針求出油箱內油的質量，再加上空油箱的質量即為油箱與油的總質量，此時壓力傳感器R上受到的壓力F就等于油箱與油的總重力，再從表中查出當R受到此數值的壓力時，R的阻值，然后利用I=即可求出電路中電流． 【解答】解：（1）壓力傳感器R受到的壓強p===1.2106Pa； （2）10kg汽油完全燃燒能放出的熱量Q=mq=4.6107J/kg10kg=4.6108J； （3）由ρ=可得，油箱內油的質量m=ρV=0.7103kg/m3210﹣2m3=14kg， 油箱與油的總質量m總=6kg+14kg=20kg 壓力傳感器R上受到的壓力F=G=m總g=20kg10N/kg=200N， 由表可以看出，當R受到壓力為200N時，R的阻值為200Ω 電路中電流I===0.03A． 答：（1）當油與箱總重為600N時，壓力傳感器R受到的壓強是1.2106Pa； （2）若油箱內油為10㎏時，汽油完全燃燒能放出的熱量是4.6108J； （3）如果空油箱的質量為6㎏，油量表指針指向210﹣2m3時，電路中電流是0.03A． 【點評】此題涉及到壓強的大小及其計算，密度公式的應用，熱量的計算，歐姆定律的應用等多個知識點，綜合性強，難度大．解答時要注意統(tǒng)一使用國際單位制單位．