（通用版）2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題檢測（九）三角恒等變換與解三角形 理（普通生含解析）

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1、（通用版）2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題檢測（九）三角恒等變換與解三角形 理（普通生，含解析） 一、選擇題 1．(2019屆高三·益陽、湘潭調(diào)研)已知sin α＝，則cos(π＋2α)＝(　　) A.　　　　　　　　 　B．－ C. D．－ 解析：選D　∵sin α＝，∴cos 2α＝1－2sin2α＝1－＝，∴cos(π＋2α)＝－cos 2α＝－，故選D. 2．(2018·全國卷Ⅲ)△ABC的內(nèi)角A，B，C的對邊分別為a，b，c，若△ABC的面積為，則C＝(　　) A. B. C. D. 解析：選C　∵S＝absin C＝＝＝abcos C， ∴sin C

2、＝cos C，即tan C＝1. ∵C∈(0，π)，∴C＝.故選C. 3．若0<α<<β<π，cos α＝，sin(α＋β)＝－，則cos β＝(　　) A．－　　　　　　　　　 B. C．－ D．± 解析：選C　cos β＝cos[(α＋β)－α]＝cos(α＋β)cos α＋sin(α＋β)sin α， 因?yàn)棣粒隆?，所以cos(α＋β)<0， 則cos(α＋β)＝－， 因?yàn)棣痢?，所以sin α>0， 所以sin α＝，cos β＝×＋×＝－. 4．若α，β∈，sin α＝，cos＝，則β－α＝(　　) A. B. C. D. 解析：選B　由sin α

3、＝，及α∈，得 cos α＝，由cos＝sin β＝， 及β∈，得cos β＝， 所以sin(β－α)＝sin βcos α－cos βsin α＝×－×＝. 又因?yàn)棣拢痢?，所以β－α? 5．在△ABC中，角A，B，C所對的邊分別為a，b，c，若0，∴

4、cos B<0，

5、n β＝cos β，∴sin β＝，cos β＝，∴sin α＝，cos α＝， ∴cos(α＋β)＝cos αcos β－sin αsin β＝×－×＝0，∴α＋β＝， ∴BC2＝AB2＋AC2，∴(2.5v)2＝1502＋2002，解得v＝100，故選C. 二、填空題 7．(2018·全國卷Ⅱ)已知sin α＋cos β＝1，cos α＋sin β＝0，則sin(α＋β)＝________. 解析：∵sin α＋cos β＝1，① cos α＋sin β＝0，② ∴①2＋②2得1＋2(sin αcos β＋cos αsin β)＋1＝1， ∴sin αcos β＋cos α

6、sin β＝－， ∴sin(α＋β)＝－. 答案：－ 8．在△ABC中，角A，B，C的對邊分別為a，b，c，若a2＝3b2＋3c2－2bcsin A，則C等于________． 解析：由余弦定理得a2＝b2＋c2－2bccos A， 所以b2＋c2－2bccos A＝3b2＋3c2－2bcsin A， 即sin A－cos A＝，2sin＝≥2，因此b＝c，A－＝?A＝， 所以C＝＝. 答案： 9．(2018·長春質(zhì)檢)在△ABC中，內(nèi)角A，B，C的對邊分別為a，b，c，若其面積S＝b2sin A，角A的平分線AD交BC于點(diǎn)D，AD＝，a＝，則b＝________. 解析：

7、由面積公式S＝bcsin A＝b2sin A，可得c＝2b，即＝2.由a＝，并結(jié)合角平分線定理可得，BD＝，CD＝， 在△ABC中，由余弦定理得cos B＝，在△ABD中， cos B＝，即＝，化簡得b2＝1，解得b＝1. 答案：1 三、解答題 10．(2018·全國卷Ⅰ)在平面四邊形ABCD中，∠ADC＝90°，∠A＝45°，AB＝2，BD＝5. (1)求cos ∠ADB； (2)若DC＝2，求BC. 解：(1)在△ABD中，由正弦定理得＝， 即＝，所以sin ∠ADB＝. 由題設(shè)知，∠ADB<90°， 所以cos ∠ADB＝ ＝. (2)由題設(shè)及(1)知

8、，cos ∠BDC＝sin ∠ADB＝. 在△BCD中，由余弦定理得 BC2＝BD2＋DC2－2BD·DC·cos ∠BDC ＝25＋8－2×5×2×＝25， 所以BC＝5. 11．(2018·昆明調(diào)研)在△ABC中，AC＝2，BC＝6，∠ACB＝150°. (1)求AB的長； (2)延長BC至D，使∠ADC＝45°，求△ACD的面積． 解：(1)由余弦定理AB2＝AC2＋BC2－2AC·BCcos∠ACB， 得AB2＝12＋36－2×2×6cos 150°＝84， 所以AB＝2. (2)因?yàn)椤螦CB＝150°，∠ADC＝45°， 所以∠CAD＝150°－45°＝105

9、°， 由正弦定理＝，得CD＝，又sin 105°＝sin(60°＋45°)＝sin 60°·cos 45°＋cos 60°·sin 45°＝，所以CD＝3＋， 又∠ACD＝180°－∠ACB＝30°，所以S△ACD＝AC·CD·sin∠ACD＝×2×(3＋)×＝(＋1)． 12．已知函數(shù)f(x)＝2sin xcos x＋2cos2x－. (1)求函數(shù)y＝f(x)的最小正周期和單調(diào)遞減區(qū)間； (2)已知△ABC的三個(gè)內(nèi)角A，B，C的對邊分別為a，b，c，其中a＝7，若銳角A滿足f＝，且sin B＋sin C＝，求bc的值． 解：(1)f(x)＝2sin xcos x＋2cos2x－＝

10、sin 2x＋cos 2x＝2sin， 因此f(x)的最小正周期為T＝＝π. 由2kπ＋≤2x＋≤2kπ＋(k∈Z)， 得kπ＋≤x≤kπ＋(k∈Z)， 所以f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間為(k∈Z)． (2)由f＝2sin＝2sin A＝，且A為銳角，所以A＝. 由正弦定理可得2R＝＝＝， sin B＋sin C＝＝， 則b＋c＝×＝13， 所以cos A＝＝＝， 所以bc＝40. B組——大題專攻補(bǔ)短練 1．(2018·天津五區(qū)縣聯(lián)考)在△ABC中，內(nèi)角A，B，C所對的邊分別為a，b，c，且 8 sin2－2cos 2C＝7. (1)求tan C的值；

11、(2)若c＝，sin B＝2sin A，求a，b的值． 解：(1)在△ABC中，因?yàn)锳＋B＋C＝π， 所以＝－，則sin＝cos. 由8sin2－2cos 2C＝7，得8cos2－2cos 2C＝7， 所以4(1＋cos C)－2(2cos2C－1)＝7， 即(2cos C－1)2＝0，所以cos C＝. 因?yàn)?＜C＜π，所以C＝， 于是tan C＝tan＝. (2)由sin B＝2sin A，得b＝2a.① 又c＝，由余弦定理得c2＝a2＋b2－2abcos ， 即a2＋b2－ab＝3.② 聯(lián)立①②，解得a＝1，b＝2. 2．在△ABC中，角A，B，C所對的邊分別是a

12、，b，c，滿足a2＋c2－b2＋2bccos A－4c＝0，且ccos A＝b(1－cos C)． (1)求c的值及判斷△ABC的形狀； (2)若C＝，求△ABC的面積． 解：(1)由a2＋c2－b2＋2bccos A－4c＝0及正弦定理得 a2＋c2－b2＋2bc·－4c＝0， 整理，得c＝2. 由ccos A＝b(1－cos C)及正弦定理，得 sin Ccos A＝sin B(1－cos C)， 即sin B＝sin Ccos A＋sin Bcos C＝ sin(A＋C)＝sin Acos C＋cos Asin C， 所以sin Bcos C＝sin Acos C，

13、 故cos C＝0或sin A＝sin B. 當(dāng)cos C＝0時(shí)，C＝，故△ABC為直角三角形； 當(dāng)sin A＝sin B時(shí)，A＝B，故△ABC為等腰三角形． (2)由(1)知c＝2，A＝B，則a＝b， 因?yàn)镃＝，所以由余弦定理，得 4＝a2＋a2－2a2cos ，解得a2＝8＋4， 所以△ABC的面積S＝a2sin＝2＋. 3．已知△ABC的三個(gè)內(nèi)角A，B，C的對邊分別為a，b，c，且△ABC的面積為S＝ accos B. (1)若c＝2a，求角A，B，C的大??； (2)若a＝2，且≤A≤，求邊c的取值范圍． 解：由已知及三角形面積公式得 S＝acsin B＝acc

14、os B， 化簡得sin B＝cos B， 即tan B＝，又0

15、A，B，C的對邊分別為a，b，c，已知sin A＋cos A＝0，a＝2，b＝2. (1)求c的值； (2)設(shè)D為BC邊上一點(diǎn)，且AD⊥AC，求△ABD的面積． 解：(1)因?yàn)閟in A＋cos A＝0， 所以sin A＝－cos A， 所以tan A＝－. 因?yàn)锳∈(0，π)，所以A＝. 由余弦定理得a2＝b2＋c2－2bccos A， 代入a＝2，b＝2得c2＋2c－24＝0， 解得c＝4或c＝－6(舍去)， 所以c＝4. (2)由(1)知c＝4. 因?yàn)閏2＝a2＋b2－2abcos C， 所以16＝28＋4－2×2×2×cos C， 所以cos C＝，所以sin C＝， 所以tan C＝. 在Rt△CAD中，tan C＝， 所以＝，即AD＝. 即S△ADC＝×2×＝， 由(1)知S△ABC＝bcsin A＝×2×4×＝2， 所以S△ABD＝S△ABC－S△ADC＝2－＝.