2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 微專題系列之熱點專題突破 專題60 電磁感應(yīng)中的“桿＋導(dǎo)軌”模型學(xué)案

《2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 微專題系列之熱點專題突破 專題60 電磁感應(yīng)中的“桿＋導(dǎo)軌”模型學(xué)案》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 微專題系列之熱點專題突破 專題60 電磁感應(yīng)中的“桿＋導(dǎo)軌”模型學(xué)案（15頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 微專題系列之熱點專題突破 專題60 電磁感應(yīng)中的“桿＋導(dǎo)軌”模型學(xué)案 “桿＋導(dǎo)軌”模型是電磁感應(yīng)問題高考命題的“基本道具”，也是高考的熱點，考查的知識點多，題目的綜合性強(qiáng)，物理情景變化空間大，是我們復(fù)習(xí)中的難點．“桿＋導(dǎo)軌”模型又分為“單桿”型和 “雙桿”型(“單桿”型為重點)；導(dǎo)軌放置方式可分為水平、豎直和傾斜；桿的運動狀態(tài)可分為勻速、勻變速、非勻變速運動等． 一、單棒問題 基本模型 運動特點 最終特征 阻尼式 a逐漸減小的減速運動 靜止 I=0 電動式 a逐漸減小的加速運動 勻速 I=0 (或恒定) 發(fā)電式

2、 a逐漸減小的加速運動 勻速 I 恒定 二、含容式單棒問題 基本模型 運動特點 最終特征 放電式 a逐漸減小的加速運動 勻速運動 I＝0 無外力充電式 a逐漸減小的減速運動 勻速運動 I＝0 有外力充電式 勻加速運動 勻加速運動 I 恒定 三、無外力雙棒問題 基本模型 運動特點 最終特征 無外力等距式 桿1做a漸小的加速運動 桿2做a漸小的減速運動 v1=v2 I＝0 無外力不等距式 桿1做a漸小的減速運動 桿2做a漸小的加速運動 a＝0 I＝0

3、 L1v1=L2v2 四、有外力雙棒問題 基本模型 運動特點 最終特征 有外力等距式 桿1做a漸大的加速運動 桿2做a漸小的加速運動 a1=a2，Δv 恒定 I 恒定 有外力 不等距式 桿1做a漸小的加速運動 桿2做a漸大的加速運動 a1≠a2，a1、a2恒定 I 恒定 【典例1】如圖所示，質(zhì)量m1＝0.1 kg，電阻R1＝0.3 Ω，長度l＝0.4 m的導(dǎo)體棒ab橫放在U型金屬框架上．框架質(zhì)量m2＝0.2 kg，放在絕緣水平面上，與水平面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.2.相距0.4 m的MM′、NN′相互平行，電阻不計且足夠長．電阻R

4、2＝0.1 Ω的MN垂直于MM′.整個裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5 T．垂直于ab施加F＝2 N的水平恒力，ab從靜止開始無摩擦地運動，始終與MM′、NN′保持良好接觸．當(dāng)ab運動到某處時，框架開始運動．設(shè)框架與水平面間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取10 m/s2. (1)求框架開始運動時ab速度v的大?。? (2)從ab開始運動到框架開始運動的過程中，MN上產(chǎn)生的熱量Q＝0.1 J，求該過程ab位移x的大小． 【答案】　(1)6 m/s　(2)1.1 m (2)閉合回路中產(chǎn)生的總熱量，Q總＝Q⑨ 由能量守恒定律，得，F(xiàn)x＝m1v2＋Q總⑩ 代入數(shù)

5、據(jù)解得x＝1.1 m 【典例2】如圖所示，相距為L的兩條足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌與水平面的夾角為θ，上端接有定值電阻R，勻強(qiáng)磁場垂直于導(dǎo)軌平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.將質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒由靜止釋放，當(dāng)速度達(dá)到v時開始勻速運動，此時對導(dǎo)體棒施加一平行于導(dǎo)軌向下的拉力，并保持拉力的功率恒為P，導(dǎo)體棒最終以2v的速度勻速運動．導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，不計導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻，重力加速度為g.下列選項正確的是(　　)． A．P＝2mgvsin θ B．P＝3mgvsin θ C．當(dāng)導(dǎo)體棒速度達(dá)到時加速度大小為sin θ D．在速度達(dá)到2v以后勻速運動的過程中，R上產(chǎn)生的焦耳熱等于拉力所做的

6、功 【答案】　AC 【解析】　導(dǎo)體棒由靜止釋放，速度達(dá)到v時，回路中的電流為I，則根據(jù)平衡條件，有mgsin θ＝BIL.對導(dǎo)體棒施加一平行于導(dǎo)軌向下的拉力，以2v的速度勻速運動時，則回路中的電流為2I，有F＋mgsin θ＝2BIL，所以拉力F＝mgsin θ，拉力的功率P＝F2v＝2mgvsin θ，故選項A正確、選項B錯誤；當(dāng)導(dǎo)體棒的速度達(dá)到時，回路中的電流為，根據(jù)牛頓第二定律，得mgsin θ－BL＝ma，解得a＝sin θ，選項C正確；當(dāng)導(dǎo)體棒以2v的速度勻速運動時，根據(jù)能量守恒定律，重力和拉力所做的功之和等于R上產(chǎn)生的焦耳熱，故選項D錯誤． 【典例3】如圖所示，電阻不計的光滑

7、金屬軌道相距0.4 m平行放置，軌道左側(cè)為弧形，右側(cè)水平且足夠長，導(dǎo)軌的水平部分處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為2 T.金屬棒ab從弧形導(dǎo)軌上高為0.8 m處自靜止滑下，進(jìn)入導(dǎo)軌的水平部分，在水平部分導(dǎo)軌上靜止有另一根金屬棒cd，兩金屬棒的質(zhì)量均為0.5kg，電阻均為1 Ω，金屬棒ab始終沒跟金屬棒ed相碰.忽略一切阻力 ，重力加速度g=10 m/s2.求： (1)金屬棒ab進(jìn)入磁場的瞬間，通過金屬棒cd的電流大小和方向； (2)兩金屬棒的最終速度大??； (3)上述整個過程回路中產(chǎn)生的焦耳熱Q. 【答案】（1） ,方向由d到c（2） （3） （2）兩桿最終速度相等

8、.由動量守恒得m=2mv 解得v=2 m/s （3）由能量守恒得：Q=mgh==2J 【跟蹤短訓(xùn)】 1．如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1.0 T的勻強(qiáng)磁場中，質(zhì)量m=1kg的金屬桿PQ在水平向右的外力F作用下沿著粗糙U形導(dǎo)軌以速度v=2 m/s 向右勻速滑動，U形導(dǎo)軌固定在水平面上，兩導(dǎo)軌間距離1=1.0m，金屬桿PQ與U形導(dǎo)軌之間的動摩擦因數(shù)μ=0.3， 電阻R=3.0 Ω，金屬桿的電阻r=1.0 Ω，導(dǎo)軌電阻忽略不計，取重力加速度g=10 m/s2，則下列說法正確的是 A． 通過R的感應(yīng)電流的方向為由d到a B． 金屬桿PQ切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小為2.0 V C

9、． 金屬桿PQ受到的外力F的大小為2.5N D． 外力F做功的數(shù)值大于電路上產(chǎn)生的焦耳熱 【答案】BD 2．如圖，足夠長的光滑導(dǎo)軌傾斜放置，導(dǎo)軌寬度為L，，其下端與電阻R連接；導(dǎo)體棒ab電阻為r，導(dǎo)軌和導(dǎo)線電阻不計,勻強(qiáng)磁場豎直向上。若導(dǎo)體棒ab以一定初速度v下滑，則ab棒 A． 所受安培力方向水平沿導(dǎo)軌向上 B． 可能以速度v勻速下滑 C． 剛下滑瞬間產(chǎn)生的電動勢為BLv D． 減少的重力勢能等于電阻R產(chǎn)生的內(nèi)能 【答案】B 【解析】根據(jù)右手定則判斷可知，ab棒中感應(yīng)電流方向從b→a，由左手定則判斷得知，棒ab所受的安培力方向水平向右，故A正確。當(dāng)速度為v時，若安培

10、力沿導(dǎo)軌向上的分力與重力沿導(dǎo)軌向下的分力大小相等，ab棒能以速度v勻速下滑，故B正確。剛下滑瞬間產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為 E=BLvcosθ，故C錯誤。根據(jù)能量守恒定律得知，若ab棒勻速下滑，其減少的重力勢能等于電阻R和棒ab產(chǎn)生的內(nèi)能之和；若ab棒加速下滑，其減少的重力勢能等于電阻R和棒ab產(chǎn)生的內(nèi)能與棒ab增加的動能之和；若ab棒減速下滑，其減少的重力勢能和動能之和等于電阻R和棒ab產(chǎn)生的內(nèi)能之和，所以減少的重力勢能不等于電阻R產(chǎn)生的內(nèi)能。故D錯誤。故選B。 3．如圖所示，足夠長的光滑水平軌道，左側(cè)間距為，右側(cè)間距為?？臻g存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為。質(zhì)量均為的金屬棒、垂直導(dǎo)軌放置

11、在軌道上，開始時金屬棒、均保持靜止，現(xiàn)使金屬棒以的速度向右運動，兩金屬棒在運動過程中始終相互平行且與導(dǎo)軌保持良好接觸，棒總在寬軌上運動，棒總在窄軌上運動。取。下列說法正確的是（ ） A． 棒剛開始運動時，回路中產(chǎn)生順時針方向的電流（俯視） B． 、棒最終都以的速度向右勻速運動 C． 在兩棒運動的整個過程中，電路中產(chǎn)生的焦耳熱為 D． 在兩棒運動的整個過程中，通過金屬棒的電荷量為 【答案】AD 課后作業(yè) 1．如圖所示，水平放置的光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在水平面上，左端接有電阻R，勻強(qiáng)磁場B豎直向下分布在位置a、c之間，金屬棒PQ垂直導(dǎo)軌放置。今使棒以一定的初速度 水平

12、向右運動，到位置b時棒的速度為v，到位置c時棒恰好靜止。設(shè)導(dǎo)軌與棒的電阻均不計，a到b與b到c的間距相等，速度與棒始終垂直。則金屬棒在由a到b和b到c的兩個過程中）（ ） A． 棒在磁場中的電流從Q流到P B． 位置b時棒的速度 C． 棒運動的加速度大小相等 D． a到b棒的動能減少量大于b到c棒的動能減少量 【答案】ABD 2．如圖所示,足夠長的型光滑金屬導(dǎo)軌與水平面成角,其中與平行且間距為間接有阻值為的電阻,勻強(qiáng)磁場垂直導(dǎo)軌平面,磁感應(yīng)強(qiáng)度為,導(dǎo)軌電阻不計。質(zhì)量為的金屬棒由靜止開始沿導(dǎo)軌下滑,并與兩導(dǎo)軌始終保持垂直且良好接觸, 棒接入電路的電阻為,當(dāng)金屬棒下滑距離

13、時達(dá)到最大速度,重力加速度為,則在這一過程中（ ） A． 金屬棒做勻加速直線運動　　　　　　　　　　　B． 通過金屬棒某一橫截面的電量為 C． 金屬棒克服安培力做功為　　　D． 電阻上的最大發(fā)熱功率為 【答案】BC 3．如圖所示，在豎直向下的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，兩根足夠長的平行光滑金屬軌道MN、PQ固定在水平面內(nèi)，相距為L，軌道左端MP間接一電容器，電容器的電容為C，一質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒ab垂直于MN、PQ放在軌道上，與軌道接觸良好，軌道和導(dǎo)體棒的電阻均不計。導(dǎo)體棒在水平向右的恒力F的作用下從靜止開始運動，下列說法正確的是 A． 導(dǎo)體棒做變加速直線運動 B．

14、導(dǎo)體棒做勻加速直線運動 C． 經(jīng)過時間t，導(dǎo)體棒的速度大小為 D． 經(jīng)過時間t，導(dǎo)體棒的速度大小為 【答案】BC 【解析】導(dǎo)體棒ab向右加速運動，在極短時間內(nèi)，導(dǎo)體棒的速度變化，根據(jù)加速度的定義，電容器增加的電荷，根據(jù)電流的定義，解得，導(dǎo)體棒ab受到的安培力，根據(jù)牛頓第二定律，解得：，故AD錯誤，BC正確；故選BC。 4．如圖甲所示，有兩根足夠長、不計電阻，相距L=1m的平行光滑金屬導(dǎo)軌cd、ef與水平面成θ=30°固定放置，頂端接一阻值為R=2Ω的電阻，在軌道平面內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.5T的勻強(qiáng)磁場，方向垂直軌道平面向上，現(xiàn)有一質(zhì)量為m=0.1kg、電阻不計的金屬桿ab，平行于c

15、e且垂直于導(dǎo)軌，以一定初速度沿軌道向上運動，此時金屬桿的加速度，到達(dá)某一高度后，再沿軌道向下運動，若金屬桿上滑過程中通過電阻R的電量q=0.5C，，求： （1）金屬桿的初速度大?。? （2）金屬桿上滑過程中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱Q； （3）若將金屬導(dǎo)軌之間的電阻R改為接一電容為C的電容器，如圖乙所示，現(xiàn)用外力使金屬桿（仍平行于ce且垂直于導(dǎo)軌）以沿金屬導(dǎo)軌勻速上升，撤去外力發(fā)現(xiàn)，桿沿金屬導(dǎo)軌勻減速上升，請證明撤去外力后，金屬桿做勻減速直線運動的加速度大小為。 【答案】（1）（2）Q=2.2J（3）見解析 【解析】（1）根據(jù)牛頓第二定律 解得 （3）減速過程電容放電形成電流：

16、 ④ ⑤ ⑥ ⑦ ⑧ 由④⑤⑥⑦⑧解得 5．如圖所示，電阻不計的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN和OP水平放置，MO間接有阻值為R的電阻，兩導(dǎo)軌相距為L，其間有豎直向下的勻強(qiáng)磁場。質(zhì)量為m、長度為L、電阻為的導(dǎo)體棒CD垂直于導(dǎo)軌放置，并接觸良好。在CD的中點處用大小為F平行于MN向右的水平恒力拉CD從靜止開始運動s的位移，導(dǎo)體棒CD的速度恰好達(dá)到最大速度。 (1)試判斷通過電阻R的電流方向； (2)求磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??； (3)求此過程中電阻R上所產(chǎn)生的熱量。 【答案】(1)方向為M→O (2) (3) 【解析】（1）電阻R的電流方向為M→O

17、；? （3）設(shè)產(chǎn)生的總熱量為Q，由功能關(guān)系有：Fs＝Q+mvm2 由電路知R、R0所產(chǎn)生的熱量關(guān)系為：QR＝Q 聯(lián)立求得電阻R上產(chǎn)生的熱量為： 6．如圖甲所示，足夠長、電阻不計的光滑平行金屬導(dǎo)軌，豎直放置，其寬度，一勻強(qiáng)磁場垂直穿過導(dǎo)軌平面，導(dǎo)軌的上端與之間連接阻值為的電阻，質(zhì)量為、電阻為的金屬棒緊貼在導(dǎo)軌上。現(xiàn)使金屬棒由靜止開始下滑，下滑過程中始終保持水平，且與導(dǎo)軌接觸良好，其下滑距離與時間的關(guān)系如圖乙所示，圖象中的段為曲線，段為直線，導(dǎo)軌電阻不計，（忽略棒運動過程中對原磁場的影響），求： （1）判斷金屬棒兩端、的電勢高低； （2）磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。? （3）在金屬棒從開

18、始運動的內(nèi)，電阻上產(chǎn)生的熱量。 【答案】(1) 點電勢高，點電勢低。 (2) (3) 【解析】（1）由右手定則可知，ab中的感應(yīng)電流由a流向b，ab相當(dāng)于電源，則b點電勢高，a點電勢低； （3）金屬棒ab在開始運動的1.5s內(nèi)，金屬棒的重力勢能減小轉(zhuǎn)化為金屬棒的動能和電路的內(nèi)能。設(shè)電路中產(chǎn)生的總焦耳熱為Q 根據(jù)能量守恒定律得： 代入數(shù)據(jù)解得：Q=0.455J 故R產(chǎn)生的熱量為 7．如圖甲所示，兩條足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌豎直放置，導(dǎo)軌間距為L＝1 m，兩導(dǎo)軌的上端接有電阻，阻值R＝2 Ω.虛線OO′下方是垂直于導(dǎo)軌平面向里的勻強(qiáng)磁場，磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度為2 T．現(xiàn)將質(zhì)

19、量為m＝0.1 kg、電阻不計的金屬桿ab，從OO′上方某處由靜止釋放，金屬桿在下落的過程中與導(dǎo)軌保持良好接觸，且始終保持水平，不計導(dǎo)軌的電阻．已知金屬桿下落0.3 m的過程中加速度a與下落距離h的關(guān)系圖象如圖乙所示．(取g＝10 m/s2)求： (1)金屬桿剛進(jìn)入磁場時速度為多大？下落了0.3 m時速度為多大？ (2)金屬桿下落0.3 m的過程中， 在電阻R上產(chǎn)生多少熱量？ 【答案】(1)1 m/s　0.5 m/s　(2)0.287 5 J (2)從開始到下落0.3 m的過程中，由能量守恒定律有mgh＝Q＋mv2 代入數(shù)值有Q＝0.2875 J 8．如圖所示，平行長直

20、光滑固定的金屬導(dǎo)軌MN、PQ平面與水平面的夾角0=30°'導(dǎo)軌間距為L=0.5m,上端接有R=3Ω的電阻，在導(dǎo)軌中間加一垂直軌道平面向下的勻強(qiáng)磁場，磁場區(qū)域為，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=2T,磁場區(qū)域?qū)挾葹閐=0.4m,放在軌道的一金屬桿ab質(zhì)量為m=0.08kg、電阻為r=2Ω,從距磁場上邊緣d0處由靜止釋放，金屬桿進(jìn)入磁場上邊緣的速度v=2m/s。兩軌道的電阻可忽略不計，桿在運動過程中始終與導(dǎo)軌垂直且兩端與導(dǎo)軌保持良好接觸，重力加速度大小為g=l0m/s2,求： (1)金屬桿距磁場上邊緣的距離d0； (2)金屬桿通過磁場區(qū)域的過程中通過的電量q； (3)金屬桿通過磁場區(qū)域的過程中電阻R

21、上產(chǎn)生的焦耳熱Q。 【答案】（1）0.4m （2）0.08C (3)0.096J 【解析】（1）由能量守恒定律得mgdsin30°＝mv2 金屬桿距磁場上邊緣的距離d0＝0.4m （3）由法拉第電磁感應(yīng)定律E＝BLv＝2V 由閉合電路歐姆定律I＝＝0.4A F＝BIL＝0.4N F′＝mgdsin30°＝0.4N 所以金屬棒進(jìn)入磁場后做勻速運動,金屬桿通過磁場區(qū)域的過程中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱 Q＝mgdsin30°＝0.096J 9．相距L＝1.2m的足夠長金屬導(dǎo)軌豎直放置，質(zhì)量m1＝1kg的金屬棒ab和質(zhì)量m2＝0.54kg的金屬棒cd均通過棒兩端的套環(huán)水

22、平地套在金屬導(dǎo)軌上，如圖（a）所示，虛線上方勻強(qiáng)磁場方向垂直紙面向外，虛線下方勻強(qiáng)磁場方向豎直向上，兩處磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同。ab棒光滑，cd棒與導(dǎo)軌間動摩擦因數(shù)μ＝0.75，兩棒總電阻為1.8Ω，導(dǎo)軌電阻不計。ab棒在方向豎直向上、大小按圖（b）所示規(guī)律變化的外力F作用下，由靜止開始（t=0）沿導(dǎo)軌勻加速運動，同時cd棒也由靜止釋放。 （1）請說出在兩棒的運動過程中ab棒中的電流方向和cd棒所受的磁場力方向； （2）求ab棒加速度的大小和磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小； （3）試問cd棒從運動開始起經(jīng)過多長時間它的速度達(dá)到最大？（取重力加速度g=10m/s2，不計空氣阻力） 【答案】(1

23、) ab棒中的電流方向向右（a→b），cd棒所受的磁場力方向垂直于紙面向里。 (2) ， B＝1.5T (3) 4s （2）ab棒的受力圖，如右圖所示，運用牛頓第二定律，有 對于ab棒所受的磁場力，有 對于ab棒的運動，有v=at，所以， 在圖線上取一點（0，11），有11=a+1×10，解得a=1m/s2 在圖線上另取一點（2，14.6），有 解得 B＝1.5T （3）從cd棒的d端截面看過去，cd棒的受力圖如右圖所示，cd棒速度達(dá)到最大時其合力為零，所以有 m2g=f，N=FA 又因為f=μN(yùn)，，所以有 對于ab棒的運動，有v=atM 推得