2020屆高考物理總復(fù)習(xí) 作業(yè)41 磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用（含解析）

《2020屆高考物理總復(fù)習(xí) 作業(yè)41 磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020屆高考物理總復(fù)習(xí) 作業(yè)41 磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用（含解析）（11頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、作業(yè)41　磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用 　　　　　　　　　　　 10 一、選擇題 圖41－1 1．如圖41－1所示，在x軸上方存在著垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一個(gè)不計(jì)重力的帶電粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)O處以速度v進(jìn)入磁場(chǎng)，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度方向垂直于磁場(chǎng)且與x軸正方向成120°角，若粒子穿過(guò)y軸正半軸后在磁場(chǎng)中到x軸的最大距離為a，則該粒子的比荷和所帶電荷的正負(fù)是(　　) A.，正電荷 　　　　　　B.，正電荷 C.，負(fù)電荷 D.，負(fù)電荷 圖41－2 解析：由左手定則可知，粒子帶負(fù)電．作出O點(diǎn)和離開(kāi)磁場(chǎng)處A的洛倫茲力的方向，交點(diǎn)即為圓心的位置，畫(huà)出

2、粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖41－2所示(優(yōu)弧ODA)．末速度與x軸負(fù)方向的夾角為60°，由幾何關(guān)系得∠CO′A＝60°，故R＋Rcos60°＝a，而R＝，聯(lián)立解得＝. 答案：C 圖41－3 2．如圖41－3所示，△ABC為與勻強(qiáng)磁場(chǎng)(方向垂直紙面向外)垂直的邊長(zhǎng)為a的等邊三角形，比荷為的電子以速度v0從A點(diǎn)沿AB邊入射，欲使電子經(jīng)過(guò)BC邊，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的取值為(　　) A．B>　　　　 B．B< C．B> D．B< 圖41－4 解析：由題意，如圖41－4所示，電子正好經(jīng)過(guò)C點(diǎn)，此時(shí)圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R＝＝，要想電子從BC邊經(jīng)過(guò)，電子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑要大于，由帶電粒子在

3、磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的公式r＝有<，即B<，選D. 答案：D 圖41－5 3．如圖41－5所示，半徑為R的圓是一圓柱形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的橫截面(紙面)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外．一電荷量為q(q>0)、質(zhì)量為m的粒子沿平行于直徑ab的方向射入磁場(chǎng)區(qū)域，射入點(diǎn)與ab的距離為.已知粒子射出磁場(chǎng)與射入磁場(chǎng)時(shí)運(yùn)動(dòng)方向間的夾角為60°，則粒子的速率為(不計(jì)重力)(　　) A.　　　B.　　　C.　　　D. 解析：作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖41－6中實(shí)線所示．因P到ab距離為，可知α＝30°.因粒子速度方向改變60°，可知轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角2θ＝60°.由圖中幾何關(guān)系有tanθ＝Rcosα， 解得r＝

4、R.再由Bqv＝m可得v＝，故B正確． 圖41－6 答案：B 圖41－7 4．如圖41－7所示，豎直線MN∥PQ，MN與PQ間距離為a，其間存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，O是MN上一點(diǎn)，O處有一粒子源，某時(shí)刻放出大量速率均為v(方向均垂直磁場(chǎng)方向)、比荷一定的帶負(fù)電粒子(粒子重力及粒子間的相互作用力不計(jì))，已知沿圖中與MN成θ＝60°角射出的粒子恰好垂直PQ射出磁場(chǎng)，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為(　　) A. B. C. D. 解析：當(dāng)θ＝60°時(shí)，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖41－8甲所示，則a＝Rsin30°，即R＝2a.設(shè)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌

5、跡所對(duì)的圓心角為α，則其在磁場(chǎng)中運(yùn)行的時(shí)間為t＝T，即α越大，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)行的時(shí)間越長(zhǎng)，α最大時(shí)粒子的運(yùn)行軌跡恰好與磁場(chǎng)的右邊界相切，如圖41－8乙所示，因R＝2a，此時(shí)圓心角αm為120°，即最長(zhǎng)運(yùn)行時(shí)間為，而T＝＝，所以粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為，故C正確． 圖41－8 答案：C 5. 圖41－9 平面OM和平面ON之間的夾角為30°，其橫截面(紙面)如圖41－9所示，平面OM上方存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外．一帶電粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q(q>0)．粒子沿紙面以大小為v的速度從OM的某點(diǎn)向左上方射入磁場(chǎng)，速度與OM成30°角．已知該粒子在磁

6、場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡與ON只有一個(gè)交點(diǎn)，并從OM上另一點(diǎn)射出磁場(chǎng)．不計(jì)重力．粒子離開(kāi)磁場(chǎng)的出射點(diǎn)到兩平面交線O的距離為(　　) A. B. C. D. 解析：設(shè)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡與ON邊界交點(diǎn)為E，A、C分別為入射點(diǎn)和出射點(diǎn)，圓心為D，易知圓心角∠ADC＝60°，由四邊形OADE內(nèi)角和的關(guān)系可知∠ADE＝120°，所以ED和DC共線．在Rt△OEC中，OC＝＝4R，結(jié)合R＝，得OC＝，D正確． 圖41－10 答案：D 圖41－11 6．(2019年安徽蕪湖模擬)如圖41－11所示，在x軸上方存在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.在xOy平面內(nèi)，從原點(diǎn)O處沿與x軸

7、正方向成θ角(0<θ<π)以速率v發(fā)射一個(gè)帶正電的粒子(重力不計(jì))．則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．若v一定，θ越大，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越短 B．若v一定，θ越大，則粒子在離開(kāi)磁場(chǎng)的位置距O點(diǎn)越遠(yuǎn) C．若θ一定，v越大，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的角速度越大 D．若θ一定，v越大，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越短 解析：由左手定則可知，帶正電的粒子向左偏轉(zhuǎn)．軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角α＝2π－2θ，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間t＝T＝.若v一定，θ越大，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越短，A項(xiàng)正確；若v一定，θ等于90°時(shí)，粒子在離開(kāi)磁場(chǎng)的位置距O點(diǎn)最遠(yuǎn)，B項(xiàng)錯(cuò)誤；若θ一定，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期與v無(wú)關(guān)，粒子

8、在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的角速度與v無(wú)關(guān)，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與v無(wú)關(guān)，C、D兩項(xiàng)錯(cuò)誤． 答案：A 7．(多選)有兩個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，Ⅰ中的磁感應(yīng)強(qiáng)度是Ⅱ中的k倍．兩個(gè)速率相同的電子分別在兩磁場(chǎng)區(qū)域做圓周運(yùn)動(dòng)．與Ⅰ中運(yùn)動(dòng)的電子相比，Ⅱ中的電子(　　) A．運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍 B．加速度的大小是Ⅰ中的k倍 C．做圓周運(yùn)動(dòng)的周期是Ⅰ中的k倍 D．做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度與Ⅰ中的相等 解析：兩速率相同的電子在兩勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且Ⅰ磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B1是Ⅱ磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B2的k倍．由qvB＝得r＝∝，即Ⅱ中電子運(yùn)動(dòng)軌跡的半 徑是Ⅰ中的k倍，A正確；由F合＝ma得a＝＝∝B，所以＝，

9、B錯(cuò)誤；由T＝得T∝r，所以＝k，C正確；由ω＝得＝＝，D錯(cuò)誤． 答案：AC 圖41－12 8．(多選)如圖41－12所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向豎直向下，磁場(chǎng)中有光滑的水平桌面，在桌面上平放著內(nèi)壁光滑、底部有帶電小球的試管，在水平拉力F的作用下，試管向右勻速運(yùn)動(dòng)，帶電小球能從試管口處飛出，則(　　) A．小球帶負(fù)電 B．小球運(yùn)動(dòng)的軌跡是一條拋物線 C．洛倫茲力對(duì)小球做正功 D．維持試管勻速運(yùn)動(dòng)的拉力F應(yīng)逐漸增大 解析：小球能從管口處飛出，說(shuō)明小球受到指向管口的洛倫茲力，根據(jù)左手定則判斷，小球帶正電，故A錯(cuò)誤．設(shè)試管運(yùn)動(dòng)速度為v1，小球垂直于試管向右的分運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)，小球沿試

10、管方向受到洛倫茲力的分力F1＝qv1B，q、v1、B均不變，F(xiàn)1不變，則小球沿試管做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，與平拋運(yùn)動(dòng)類似，小球運(yùn)動(dòng)的軌跡是一條拋物線，故B正確．洛倫茲力總是與速度垂直，不做功，故C錯(cuò)誤．設(shè)小球沿試管的分速度大小為v2，則小球受到垂直試管向左的洛倫茲力的分力F2＝qv2B，v2增大，則F2增大，而拉力F＝F2，則F逐漸增大，故D正確． 答案：BD 圖41－13 9．(多選)如圖41－13所示，直角三角形ABC中存在一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，比荷相同的兩個(gè)粒子沿AB方向射入磁場(chǎng)，分別從AC邊上的P、Q兩點(diǎn)射出，則(　　) A．從P射出的粒子速度大 B．從Q射出的粒子速度大 C．從P射出

11、的粒子，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間長(zhǎng) D．兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一樣長(zhǎng) 圖41－14 解析：作出各自的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖41－14所示，根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)知，分別從P、Q點(diǎn)射出時(shí)，與AC邊夾角相同，故可判定從P、Q點(diǎn)射出時(shí)，半徑RP

12、圖中箭頭所示．現(xiàn)加一垂直于軌道平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，已知軌道半徑并不因此而改變，則(　　) A．若磁場(chǎng)方向指向紙里，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的周期將大于T0 B．若磁場(chǎng)方向指向紙里，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的周期將小于T0 C．若磁場(chǎng)方向指向紙外，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的周期將大于T0 D．若磁場(chǎng)方向指向紙外，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的周期將小于T0 解析：當(dāng)磁場(chǎng)方向指向紙里時(shí)，質(zhì)點(diǎn)所受的洛倫茲力方向背離圓心，與庫(kù)侖引力方向相反，則向心力減小，由F向＝mR可知，當(dāng)軌道半徑R不變時(shí)，該質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)周期必增大；同理可得，當(dāng)磁場(chǎng)方向指向紙外時(shí)，質(zhì)點(diǎn)所受的洛倫茲力指向圓心，則向心力增大，當(dāng)R不變時(shí)，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)周期減小，故A、D正確． 答案：AD 圖41－1

13、6 11．(多選)如圖41－16所示，空間存在一個(gè)半徑為R0的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)的方向垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B.有一個(gè)粒子源在紙面內(nèi)沿各個(gè)方向以一定速率發(fā)射大量粒子，粒子的質(zhì)量為m、電荷量為＋q.將粒子源置于圓心，則所有粒子剛好都不離開(kāi)磁場(chǎng)，不考慮粒子之間的相互作用．由此可知(　　) A．帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑一定是R0 B．帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速率一定是 C．帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期一定是 D．帶電粒子的動(dòng)能一定是 解析：帶電粒子剛好不離開(kāi)磁場(chǎng)，則粒子軌跡一定和磁場(chǎng)邊界內(nèi)切，則軌跡半徑r＝R0，再根據(jù)r＝，得v＝，B正確，A錯(cuò)誤；再根據(jù)Ek＝mv

14、2＝，D正確；運(yùn)動(dòng)的周期T＝，C錯(cuò)誤． 答案：BD 圖41－17 12．(2019年黑龍江虎林模擬)(多選)如圖41－17所示，一粒子發(fā)射源P位于足夠大絕緣板AB的上方d處，能夠在紙面內(nèi)向各個(gè)方向發(fā)射速率為v、電荷量為q、質(zhì)量為m的帶正電的粒子，空間存在垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，不考慮粒子間的相互作用和粒子重力，已知粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑大小恰好為d，則(　　) A．能打在板上的區(qū)域長(zhǎng)度是2d B．能打在板上的區(qū)域長(zhǎng)度是(＋1)d C．同一時(shí)刻發(fā)射出的帶電粒子打到板上的最大時(shí)間差為 D．同一時(shí)刻發(fā)射出的帶電粒子打到板上的最大時(shí)間差為 解析：以磁場(chǎng)方向垂直紙面向外為例，打在極板上粒子

15、軌跡的臨界狀態(tài)如圖41－18甲所示．根據(jù)幾何關(guān)系知，帶電粒子能到達(dá)板上的長(zhǎng)度l＝(1＋)d，故A錯(cuò)誤，B正確；在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)和最短的粒子運(yùn)動(dòng)軌跡示意圖如圖41－18乙所示． 圖41－18 由幾何關(guān)系知，最長(zhǎng)時(shí)間t1＝T，最短時(shí)間t2＝T，又有粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期T＝＝；根據(jù)題意：t1－t2＝Δt.聯(lián)立解得：Δt＝T＝，故C正確，D錯(cuò)誤．若磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，可得出同樣的結(jié)論． 答案：BC 二、非選擇題 圖41－19 13．如圖41－19所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy的第四象限有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一質(zhì)量為m＝5.0×10－8 kg、電荷量為q＝1.0×10－

16、6 C的帶正電粒子從靜止開(kāi)始經(jīng)U0＝10 V的電壓加速后，從P點(diǎn)沿圖示方向進(jìn)入磁場(chǎng)，已知OP＝30 cm(粒子重力不計(jì)，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)． (1)求帶電粒子到達(dá)P點(diǎn)時(shí)速度v的大小； (2)若磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝2.0 T，粒子從x軸上的Q點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，求OQ的距離； (3)若粒子不能進(jìn)入x軸上方，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B′滿足的條件． 解析：(1)對(duì)帶電粒子的加速過(guò)程，由動(dòng)能定理有qU0＝mv2，代入數(shù)據(jù)得：v＝20 m/s. (2)帶電粒子僅在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，有 qvB＝ 得R＝ 代入數(shù)據(jù)得：R＝0.50 m 而＝0.50 m 故圓心一定在x軸上，

17、軌跡如圖41－20甲所示 由幾何關(guān)系可知：OQ＝R＋Rsin53° 故OQ＝0.90 m. (3)帶電粒子恰不從x軸射出(如圖41－20乙所示)，由幾何關(guān)系得： OP>R′＋R′cos53°① 圖41－20 R′＝② 由①②并代入數(shù)據(jù)得：B′>5.33 T(取“≥”同樣正確)． 答案：(1)20 m/s　(2)0.90 m　(3)B′>5.33 T 14．如圖41－21所示，A、C兩點(diǎn)分別位于x軸和y軸上，∠OCA＝30°，OA的長(zhǎng)度為L(zhǎng).在△OCA區(qū)域內(nèi)有垂直于xOy平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，以平行于y軸的方向從OA邊射入磁場(chǎng)．已知粒子從某點(diǎn)

18、射入時(shí)，恰好垂直于OC邊射出磁場(chǎng)，且粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t0.不計(jì)重力． 圖41－21 (1)求磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小； (2)若粒子先后從兩不同點(diǎn)以相同的速度射入磁場(chǎng)，恰好從OC邊上的同一點(diǎn)射出磁場(chǎng)，求該粒子這兩次在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之和； (3)若粒子從某點(diǎn)射入磁場(chǎng)后，其運(yùn)動(dòng)軌跡與AC邊相切，且在磁場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t0，求粒子此次入射速度的大?。? 解析：(1)粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在時(shí)間t0內(nèi)其速度方向改變了90°，故其周期T＝4t0① 設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，粒子速度為v，圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r.由洛倫茲力提供向心力，得qvB＝m② 勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度滿足v＝③ 聯(lián)

19、立①②③式得B＝④ (2)設(shè)粒子從OA邊兩個(gè)不同位置射入磁場(chǎng)，能從OC邊上的同一點(diǎn)P射出磁場(chǎng)，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖41－22(a)所示．設(shè)兩軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角分別為θ1和θ2.由幾何關(guān)系有θ1＋θ2＝180°⑤ 粒子兩次在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之和t1＋t2＝＝2t0.⑥ 圖41－22 (3)如圖41－22(b)，由題給條件可知，該粒子在磁場(chǎng)區(qū)域中的軌跡圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角為150°.設(shè)O′為圓弧的圓心，圓弧的半徑為r0，圓弧與AC相切于B點(diǎn)，從D點(diǎn)射出磁場(chǎng)，由幾何關(guān)系和題給條件可知，此時(shí)有∠OO′D＝∠BO′A＝30°⑦ r0cos∠OO′D＋＝L⑧ 設(shè)粒子此次入射速度的大小為v0， 由圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律v0＝.⑨ 聯(lián)立①⑦⑧⑨式得v0＝⑩. 答案：(1)　(2)2t0　(3) 　　　　　　 11