2020版高考物理總復(fù)習(xí) 沖A方案 學(xué)考仿真卷八（含解析）新人教版

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1、學(xué)考仿真卷(八) [時(shí)間:60分鐘　分值:70分] 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 一、選擇題(本題共18小題,每小題2分,共36分.每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的,不選、多選、錯(cuò)選均不得分) 1.下列物理量中均屬于矢量的是 (　　) A.位移、路程 B.力、加速度 C.電場(chǎng)強(qiáng)度、電流 D.電勢(shì)能、磁感應(yīng)強(qiáng)度 圖F8-1 2.如圖F8-1所示是某手機(jī)導(dǎo)航軟件的程序界面.關(guān)于該圖中出現(xiàn)的相關(guān)數(shù)據(jù),下列說法正確的是 (　　) A.“14 km/h”是指平均速度 B.“3.8公里”是指位移 C.“14分鐘”是指時(shí)刻 D.“202米”是指

2、路程 3.下列說法錯(cuò)誤的是 (　　) A.伽利略提出力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因 B.牛頓發(fā)現(xiàn)了慣性定律 C.愛因斯坦提出了相對(duì)論 D.霍金預(yù)言了引力波 圖F8-2 4.足球運(yùn)動(dòng)員罰點(diǎn)球時(shí),將足球踢入球門左上角,則足球被踢出后上升到球門左上角的過程中,該足球 (　　) A.動(dòng)能一定減小 B.機(jī)械能一定增加 C.速度方向可能不變 D.加速度一定不變 5.如圖F8-3所示,小孩用與水平方向成θ角的輕繩拉放置在水平面上的箱子, 圖F8-3 第一次輕拉,沒有拉動(dòng);第二次用更大的力拉,箱子還是不動(dòng),則 (　　) A.兩次拉時(shí)箱子所受的支持力相同 B.第二次拉時(shí)箱子所

3、受的支持力較大 C.第二次拉時(shí)箱子所受的摩擦力較大 D.第二次拉時(shí)箱子所受的摩擦力較小 6.2017年12月24日,被媒體稱為中國三大機(jī)之一的“蛟龍”AG600水陸兩棲飛機(jī)正式首飛,主要用于執(zhí)行遠(yuǎn)洋救援和森林滅火使命.若浙江某地森林發(fā)生火災(zāi),要求“蛟龍”飛機(jī)攜帶滅火彈緊急升空前往滅火,接近火源地時(shí),飛機(jī)調(diào)整航速為50 m/s巡航,在距離火源200 m處釋放滅火彈,成功命中火源,滅火成功,則飛機(jī)滅火時(shí)的巡航高度約為(忽略空氣阻力) (　　) A.80 m B.100 m C.200 m D.250 m 圖F8-4 7.北斗系統(tǒng)的衛(wèi)星由若干周期為24 h的地球靜止軌道衛(wèi)星(如圖F8

4、-4中a)、傾斜地球同步軌道衛(wèi)星(如圖中b)和中圓地球軌道衛(wèi)星(如圖中c)三種衛(wèi)星組成,若把它們的運(yùn)動(dòng)都近似看作勻速圓周運(yùn)動(dòng),則下列說法正確的是 (　　) A.衛(wèi)星a能經(jīng)過浙江上空 B.它們運(yùn)動(dòng)的線速度大小關(guān)系是va=vb>vc C.它們運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小關(guān)系是aa=ab

5、.光敏電阻R和燈泡L1消耗的總功率逐漸增大 9.老師在講“超重與失重”時(shí),做了一個(gè)有趣的實(shí)驗(yàn),在空雪碧瓶底四周鉆幾個(gè)小孔,盛滿水后,讓盛滿水的雪碧瓶自由下落,則下落過程中可能出現(xiàn)的情況是圖F8-6中的 (　　) 圖F8-6 圖F8-7 10.靜電計(jì)是用來測(cè)量電容器兩極板間電勢(shì)差的儀器,兩板之間的電勢(shì)差越大,則靜電計(jì)的指針偏角越大.平行板電容器、滑動(dòng)變阻器、電源、開關(guān)以及靜電計(jì)按如圖F8-7所示的電路連接.當(dāng)開關(guān)閉合時(shí),靜電計(jì)的指針有偏轉(zhuǎn),則下列操作中能使偏角增大的是(　　) A.斷開開關(guān),增大兩極板間的距離 B.閉合開關(guān),增大兩極板間的距離 C.閉合開關(guān),減小兩極板間的距

6、離 D.閉合開關(guān),使滑動(dòng)變阻器的滑片向左移動(dòng) 圖F8-8 11.2018年2月9日第23屆冬奧會(huì)在韓國平昌舉行,在平昌冬奧會(huì)的開幕式上同時(shí)放飛的1218架無人機(jī)通過軟件編程使所有無人機(jī)可以按照規(guī)定路線編隊(duì)飛行,并實(shí)現(xiàn)同步,天空中不斷排列出飛鳥、人物、星空及標(biāo)志性的奧運(yùn)五環(huán),視覺效果驚人,若一無人機(jī)在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng),下列說法正確的是 (　　) A.飛行過程實(shí)現(xiàn)了無人駕駛,目前該技術(shù)已不需要人們進(jìn)行操作 B.該無人機(jī)加速度變化,做變加速運(yùn)動(dòng) C.該無人機(jī)加速度恒定,做勻變速運(yùn)動(dòng) D.做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí),無人機(jī)一直處于超重狀態(tài) 圖F8-9 12.三根通電直導(dǎo)線垂直于紙面

7、放置,分別處在正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上,如圖F8-9所示,a、b導(dǎo)線中電流垂直于紙面向里,c導(dǎo)線中電流垂直于紙面向外.下列說法正確的是 (　　) A.c處的磁場(chǎng)方向豎直向上 B.c導(dǎo)線所受的安培力方向與ab連線垂直指向右邊 C.a處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零 D.若改變c導(dǎo)線中電流方向,則c所受的安培力不變 圖F8-10 13.如圖F8-10所示,可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊以一定初速度從底端沖上光滑斜面,到達(dá)最高點(diǎn)后又返回底端,關(guān)于物塊運(yùn)動(dòng)的圖像,正確的是圖F8-11中的 (　　) 圖F8-11 14.為減小機(jī)動(dòng)車尾氣的排放,越來越多的人提倡并支持綠色出行,現(xiàn)在道路上已隨處可見電動(dòng)自行車,

8、人們也往往把速度和續(xù)航里程作為衡量電動(dòng)車優(yōu)劣的標(biāo)準(zhǔn).電動(dòng)車在水平路面上行駛時(shí)的阻力主要來源于輪胎受到的滾動(dòng)阻力和迎面風(fēng)對(duì)車的空氣阻力,已知滾動(dòng)阻力與車和人的總重力成正比,假設(shè)比例系數(shù)為k1=0.01,空氣阻力與電動(dòng)車行駛的速度的二次方成正比,假設(shè)比例系數(shù)為k2=0.4,電動(dòng)車與人的總質(zhì)量為100 kg,其所攜帶的電瓶充滿電后,若以30 km/h的速度勻速行駛,其續(xù)航里程約為100 km,則電動(dòng)車以40 km/h的速度勻速行駛時(shí),其續(xù)航里程約為(g取10 m/s2) (　　) A.60 km B.75 km C.100 km D.133 km 15.近幾年全球氣候變暖加快,各國都在提倡節(jié)能

9、,人們的節(jié)能意識(shí)也越來越高.我國家庭的照明從“白熾燈時(shí)代”到“節(jié)能燈時(shí)代”,現(xiàn)在又到“LED燈時(shí)代”.一個(gè)功率為60 W的白熾燈的亮度與12 W的節(jié)能燈相當(dāng),還與5 W的LED燈相當(dāng).假設(shè)每戶家庭有2只60 W的白熾燈,均用5 W的LED燈替代,則全國一年節(jié)省的電能最接近 (　　) A.8×108 kW·h B.8×1010 kW·h C.8×1012 kW·h D.8×1014 kW·h 16.如圖F8-12所示,一通電直導(dǎo)體棒用兩根絕緣輕質(zhì)細(xì)線懸掛在天花板上,靜止在水平位置(如正面圖).現(xiàn)在通電導(dǎo)體棒所處位置加上勻強(qiáng)磁場(chǎng),使導(dǎo)體棒能夠靜止在偏離豎直方向θ角(如側(cè)面圖)的位置.如果所加

10、磁場(chǎng)的強(qiáng)弱不同,則磁場(chǎng)方向的范圍正確的是圖F8-13中的(各圖均是在側(cè)面圖的平面內(nèi)畫出的,磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小未按比例畫)(　　) 圖F8-12 圖F8-13 圖F8-14 17.用三根絕緣細(xì)線將質(zhì)量均為m的A、B兩小球相連后懸掛于O點(diǎn),其中A球帶電荷量為-q,B球不帶電.現(xiàn)將帶電荷量為+q的小球C放置在某處,恰使A靜止在與C相距為x的等高處,且三根細(xì)線均處于伸直狀態(tài)并組成如圖F8-14所示的等腰直角三角形,其中O、B間的細(xì)線豎直.已知靜電力常量為k,重力加速度為g,小球的大小均可忽略,則 (　　) A.O、B間細(xì)線拉力小于mg B.O、A間細(xì)線拉力等于mg C.A、C間

11、距離為kq2mg D.若將C放置在紙面的其他位置且x不變,O、B間細(xì)線不可能保持豎直 圖F8-15 18.如圖F8-15所示,小物塊從傾角為θ的傾斜軌道上A點(diǎn)由靜止釋放滑下,最終停在水平軌道上的B點(diǎn),小物塊與水平軌道、傾斜軌道之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均相同,A、B兩點(diǎn)的連線與水平方向的夾角為α,不計(jì)物塊在軌道轉(zhuǎn)彎處的機(jī)械能損失,則動(dòng)摩擦因數(shù)大小為 (　　) A.tan θ B.tan α C.tan (θ+α) D.tan (θ-α) 二、非選擇題(本題共5小題,共34分) 19.(6分)在“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)中: (1)如圖F8-16所示的儀器需要用到的是　　

12、　　(填選項(xiàng)字母).? 圖F8-16 (2)下列說法正確的是　　　　(填選項(xiàng)前的字母).? A.先釋放紙帶,再接通電源 B.實(shí)驗(yàn)前必須先平衡摩擦力 C.紙帶應(yīng)壓在復(fù)寫紙下面 D.拉小車的細(xì)線應(yīng)與長木板平行 (3)某同學(xué)計(jì)算出各計(jì)數(shù)點(diǎn)的速度后,在圖F8-17所示的坐標(biāo)系中描出了點(diǎn),請(qǐng)根據(jù)這些點(diǎn)在圖中作出v-t圖線. 圖F8-17 20.(6分)測(cè)量“水果電池”的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中,將一銅片和一鋅片分別插入同一只檸檬內(nèi),就構(gòu)成了簡單的“水果電池”,其電動(dòng)勢(shì)約為1.5 V,可是這種電池并不能點(diǎn)亮額定電壓為1.5 V、額定電流為0.3 A的手電筒上的小燈泡,原因是流過小

13、燈泡的電流太小了,經(jīng)實(shí)驗(yàn)測(cè)定電流約為3 mA.現(xiàn)有下列器材: 待測(cè)“水果電池”; 電流表:滿偏電流3 mA,內(nèi)阻約10 Ω; 電壓表:量程0~1.5 V,內(nèi)阻約1000 Ω; 滑動(dòng)變阻器R1:0~30 Ω; 滑動(dòng)變阻器R2:0~3 kΩ; 開關(guān)、導(dǎo)線等. (1)請(qǐng)?jiān)趫DF8-18甲中用筆畫線代替導(dǎo)線連接電路. 圖F8-18 (2)本實(shí)驗(yàn)選用上面所示的實(shí)驗(yàn)原理圖,應(yīng)該選用的滑動(dòng)變阻器是　　　　(選填“R1”或“R2”).? (3)在實(shí)驗(yàn)中根據(jù)電壓表的示數(shù)U與電流表的示數(shù)I的值,得到U-I圖像如圖乙所示,根據(jù)圖中所給數(shù)據(jù),則“水果電池”的電動(dòng)勢(shì)E=　　　V,內(nèi)阻r=　　　　Ω

14、.? 21.(6分)2018年2月7日人類現(xiàn)役運(yùn)力最強(qiáng)的火箭重型獵鷹成功在肯尼迪航天中心完成了發(fā)射和一、二級(jí)火箭回收任務(wù).其中一級(jí)火箭回收的過程可以簡化為:獵鷹火箭發(fā)射上升至3436 m的高空后開始下落,經(jīng)過幾秒到達(dá)距地面3256 m高度處,立即打開助推器開始勻速下降50 s,快到達(dá)地面前改變助推器推力而減速,成功落地時(shí)速度為4 m/s.重力加速度的大小g取10 m/s2,不考慮空氣阻力. (1)求該火箭從靜止開始下落至3256 m高度處所需的時(shí)間及其在此處時(shí)的速度大小; (2)若該火箭總質(zhì)量m=5000 kg,求火箭在減速下降時(shí)受助推器的作用力大小. 圖F8-19

15、 22.(7分)如圖F8-20所示,置于圓形水平轉(zhuǎn)臺(tái)邊緣的小物塊隨轉(zhuǎn)臺(tái)加速轉(zhuǎn)動(dòng),當(dāng)轉(zhuǎn)速達(dá)到某一數(shù)值時(shí),物塊恰好滑離轉(zhuǎn)臺(tái)開始做平拋運(yùn)動(dòng).現(xiàn)測(cè)得轉(zhuǎn)臺(tái)半徑R=0.5 m,離水平地面的高度H=0.8 m,物塊平拋落地過程水平位移的大小s=0.4 m.設(shè)物塊所受的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,重力加速度g取10 m/s2.求: (1)物塊做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度大小v0; (2)物塊與轉(zhuǎn)臺(tái)間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ. 圖F8-20 23.(9分)如圖F8-21所示,光滑絕緣水平面MN的左端固定了一個(gè)彈射器,可以將帶正電小球水平彈射出去,小球可以從N

16、點(diǎn)進(jìn)入豎直面內(nèi)半徑R=20 cm的圓軌道,并從N'點(diǎn)離開圓軌道,沖上與水平面成45°角的粗糙斜面,斜面與水平面平滑連接,斜面足夠長,在整個(gè)空間還存在著豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng),電場(chǎng)強(qiáng)度E=1.0×103 N/C.已知小球的質(zhì)量m=0.1 kg,帶電荷量q=8.0×10-4 C,g取10 m/s2. (1)當(dāng)小球到達(dá)圓軌道最高點(diǎn)時(shí),對(duì)軌道的壓力大小為0.2 N,則此時(shí)小球的速度為多大? (2)要使小球能順利在圓軌道中做圓周運(yùn)動(dòng),彈射器至少要對(duì)小球做多少功? (3)在滿足第(2)問的條件下,要求小球沖上斜面后相對(duì)地面的高度不能超過1 m,則動(dòng)摩擦因數(shù)μ至少為多大? 圖F8-21 學(xué)

17、考仿真卷(八) 1.B　[解析] 位移、電場(chǎng)強(qiáng)度、磁感應(yīng)強(qiáng)度、力、加速度均是矢量. 2.D　[解析] 根據(jù)實(shí)際情況可知,14 km/h是指瞬時(shí)速度,3.8公里是指路程,14分鐘指時(shí)間,202米指路程,故D正確. 3.D　[解析] 引力波是愛因斯坦預(yù)言的,D錯(cuò)誤. 4.A　[解析] 足球被踢出后,以一定的初速度斜向上飛出,重力和空氣阻力均做負(fù)功,動(dòng)能一定減小,A正確;由于有阻力做負(fù)功,故機(jī)械能減小,B錯(cuò)誤;足球做曲線運(yùn)動(dòng),速度方向一定發(fā)生變化,C錯(cuò)誤;由于空氣阻力的方向與足球運(yùn)動(dòng)方向相反,足球所受合力不恒定,故加速度一定變化,D錯(cuò)誤. 5.C　[解析] 箱子受到重力、拉力、支持力與靜摩

18、擦力,根據(jù)平衡條件,支持力等于重力與拉力沿豎直方向的分力之差,當(dāng)拉力增大時(shí),則拉力沿豎直方向的分力也增大,因此第二次拉時(shí)箱子所受的支持力減小,選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤;小孩之所以拉不動(dòng),是因?yàn)橄渥邮艿降孛鎸?duì)它的靜摩擦力作用,且靜摩擦力和拉力沿水平方向的分力為平衡力,靜摩擦力的大小等于拉力沿水平方向的分力大小,由于拉力增大,則摩擦力也變大,選項(xiàng)C正確,D錯(cuò)誤. 6.A　[解析] 飛機(jī)調(diào)整航速為50 m/s巡航,在距離火源200 m處釋放滅火彈,由x=v0t可知,t=4 s,由自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律得h=12gt2=80 m. 7.C　[解析] 衛(wèi)星a是地球靜止軌道衛(wèi)星,其軌道在赤道上空,不可能經(jīng)過浙江上空,

19、A錯(cuò)誤;由v=GMr,因?yàn)閞a=rb>rc,故va=vbrc,va=vb

20、L1消耗的總功率是等效電源的輸出功率,由于等效電源的內(nèi)阻大于外電阻,所以當(dāng)光敏電阻的阻值減小時(shí),等效電源的內(nèi)、外電阻的阻值差變大,輸出功率減小,則光敏電阻R和L1消耗的總功率逐漸減小,故D錯(cuò)誤. 9.A　[解析] 讓盛滿水的雪碧瓶自由下落時(shí),瓶和里面的水都做自由落體運(yùn)動(dòng),處于完全失重狀態(tài),它們的運(yùn)動(dòng)情況是相同的,所以不會(huì)有水流出,A正確. 10.A　[解析] 斷開開關(guān),電容器帶電荷量不變,將M、N分開一些,則d增大,根據(jù)C=εrS4πkd知,電容減小,根據(jù)U=QC知,電勢(shì)差增大,指針偏角增大,故A正確;保持開關(guān)閉合,電容器兩端的電勢(shì)差不變,則指針偏角不變,與極板間距無關(guān),故B、C錯(cuò)誤;保持

21、開關(guān)閉合,電容器兩端的電勢(shì)差不變,滑動(dòng)變阻器僅僅充當(dāng)導(dǎo)線功能,滑片滑動(dòng)不會(huì)影響指針偏角,故D錯(cuò)誤. 11.B　[解析] 飛行過程實(shí)現(xiàn)了無人駕駛,但是還是需要地面技術(shù)人員的操作,故A錯(cuò)誤;無人機(jī)在勻速圓周運(yùn)動(dòng)過程中加速度大小不變,但是加速度方向是不斷變化的,故B正確,C錯(cuò)誤;做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí),無人機(jī)有時(shí)處于超重狀態(tài),有時(shí)處于失重狀態(tài),故D錯(cuò)誤. 12.B　[解析] 根據(jù)右手螺旋定則可判斷,a、b導(dǎo)線在c處產(chǎn)生的合磁場(chǎng)方向豎直向下,A錯(cuò)誤;根據(jù)左手定則可判斷,c導(dǎo)線所受的安培力方向與ab連線垂直指向右邊,B正確;根據(jù)磁場(chǎng)的疊加原理,a所在處磁場(chǎng)方向沿∠a的角平分線,C錯(cuò)誤;若改變c的電流方向而其他

22、條件不變,則c所受的安培力反向,D錯(cuò)誤. 13.C　[解析] 物塊沿光滑斜面上滑和下滑過程中受力不變,加速度大小和方向均不變,D錯(cuò)誤,C正確;由于物塊做勻變速運(yùn)動(dòng),xt圖像不是傾斜直線,A錯(cuò)誤;速度是矢量,若上滑時(shí)速度為正,則下滑時(shí)速度為負(fù),下滑時(shí)的v-t圖線應(yīng)該在t軸以下,B錯(cuò)誤. 14.A　[解析] 電動(dòng)車勻速運(yùn)動(dòng)時(shí),向前的牽引力與向后總的阻力大小相等,即F=f1+f2=k1Mg+k2v2,牽引力所做的功為W=Fx,由(k1Mg+k2v12)x1=(k1Mg+k2v22)x2,解得x2≈60 km,A正確. 15.B　[解析] 2只5 W的LED燈比2只60 W的白熾燈節(jié)省功率為11

23、0 W,現(xiàn)在我國人口以13億計(jì)算,每4人一戶家庭,每戶家庭每天開燈6小時(shí),一年節(jié)省的電能為110×10-3×1.3×1094×6×365 kW·h=7.8×1010 kW·h,B正確. 16.C　[解析] 要使導(dǎo)體棒能夠靜止在偏離豎直方向θ角(如側(cè)面圖)的位置,則安培力的范圍是由豎直向上順時(shí)針轉(zhuǎn)到沿細(xì)線向下,可以豎直向上,但不能沿細(xì)線向下,再由左手定則可判斷,磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向是由水平向右順時(shí)針轉(zhuǎn)到垂直于細(xì)線向下,但不能沿垂直于細(xì)線向下方向,故C正確. 17.C　[解析] B不帶電,不受洛倫茲力,A、B之間的細(xì)線沒有拉力,所以TOB=mg,選項(xiàng)A錯(cuò)誤.對(duì)A受力分析,有TOA=2mg,F庫=m

24、g,F庫=kq2x2,解得x=kq2mg,選項(xiàng)B錯(cuò)誤,選項(xiàng)C正確.若將C放置在A正上方且x不變,則O、A間的細(xì)線拉力也為零,O、B間細(xì)線依然可以保持豎直,選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 18.B　[解析] 如圖所示,設(shè)B、O間距為s1,A點(diǎn)離水平面的高度為h,A、O間的水平距離為s2,物塊的質(zhì)量為m,在物塊下滑的全過程中,由動(dòng)能定理得mgh-μmgcos θ·s2cosθ-μmg·s1=0,解得μ=hs1+s2=tan α,故B正確. 19.(1)AD　(2)CD　(3)如圖所示 [解析] (1)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器對(duì)紙帶打點(diǎn),分析紙帶來求速度,鉤碼通過細(xì)線拉動(dòng)小車. (2)先接通電源,再釋放紙帶;紙帶應(yīng)

25、壓在復(fù)寫紙下面;拉小車的細(xì)線應(yīng)與長木板平行;本實(shí)驗(yàn)無需平衡摩擦力,只需讓小車做勻加速運(yùn)動(dòng)即可. (3)如圖所示. 20.(1)如圖所示　(2)R2　(3)1.50　 500 [解析] (1) 如圖所示. (2)電源的內(nèi)阻大約為r=500 Ω,若選用0~30 Ω的滑動(dòng)變阻器,則移動(dòng)滑片時(shí)電流基本不變,所以本實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用R2. (3)圖線的縱軸截距等于電源的電動(dòng)勢(shì),E=1.50 V,圖線斜率的絕對(duì)值等于內(nèi)阻,r=500 Ω. 21.(1)6 s　60 m/s　(2)85 000 N [解析] (1)火箭自由落體過程,有 h=12gt12 v1=gt1 解得t1=6

26、 s,v1=60 m/s. (2)火箭勻速下降時(shí),設(shè)下降的高度為h2,時(shí)間為t2,有 h2=v1t2=3000 m 火箭減速時(shí),有F-mg=ma v2-v12=-2ah3 h3=3256 m-3000 m=256 m 解得F=85 000 N. 22.(1)1 m/s　(2)0.2 [解析] (1)設(shè)物塊做平拋運(yùn)動(dòng)所用的時(shí)間為t,則 豎直方向上,有H=12gt2 水平方向上,有s=v0t 聯(lián)立解得v0=1 m/s. (2)物塊離開轉(zhuǎn)臺(tái)時(shí),最大靜摩擦力提供向心力,有 μmg=mv02R 解得μ=0.2. 23.(1)2 m/s　(2)0.9 J　(3)0.5 [解析] (1)小球在最高點(diǎn)時(shí),受重力、電場(chǎng)力、壓力作用,根據(jù)牛頓第二定律得mg+qE+FN=mv2R FN=F'N=0.2 N 解得v=2 m/s (2)小球恰好能通過圓軌道最高點(diǎn),有qE+mg=mv12R 由動(dòng)能定理得W-mg·2R-qE·2R=12mv12-0 解得W=0.9 J (3)由動(dòng)能定理得W-μmg+qEcos θ·hsinθ=0 解得μ=0.5 - 10 -