（課標(biāo)通用）高考物理二輪復(fù)習(xí) 小題提速搶分練1（8選擇2實(shí)驗(yàn)）（含解析）-人教版高三全冊(cè)物理試題

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1、 (8選擇＋2實(shí)驗(yàn)) (建議用時(shí)：30分鐘) 一、選擇題(共8小題，每小題6分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求．全選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．) 14．如圖所示，實(shí)線表示某電場(chǎng)中的兩條電場(chǎng)線，虛線表示電場(chǎng)中的兩條等勢(shì)線，A、B、C、D分別是電場(chǎng)線與等勢(shì)線的交點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．將點(diǎn)電荷從B點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力一定做正功 B．負(fù)點(diǎn)電荷在D點(diǎn)的電勢(shì)能大于在A點(diǎn)的電勢(shì)能 C．將一負(fù)點(diǎn)電荷從A點(diǎn)由靜止釋放后，在只受電場(chǎng)力作用下將向C點(diǎn)運(yùn)動(dòng) D．點(diǎn)電荷在AB等勢(shì)線上受到的電場(chǎng)力與在CD等

2、勢(shì)線上受到的電場(chǎng)力大小相等 B　解析 B點(diǎn)的電勢(shì)高于D點(diǎn)，D點(diǎn)電勢(shì)等于C點(diǎn)的電勢(shì)，則B點(diǎn)的電勢(shì)高于C點(diǎn)的電勢(shì)，將正的點(diǎn)電荷從B點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力一定做正功，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；A點(diǎn)的電勢(shì)高于D點(diǎn)的電勢(shì)，則負(fù)點(diǎn)電荷在D點(diǎn)的電勢(shì)能大于在A點(diǎn)的電勢(shì)能，選項(xiàng)B正確；將一負(fù)點(diǎn)電荷從A點(diǎn)由靜止釋放后，所受的電場(chǎng)力沿CA方向，則在只受電場(chǎng)力作用下將向C點(diǎn)反方向運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；AB處電場(chǎng)線較CD處密集，則點(diǎn)電荷在AB等勢(shì)線上受到的電場(chǎng)力比在CD等勢(shì)線上受到的電場(chǎng)力大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 15．鈾原子核既可發(fā)生衰變，也可發(fā)生裂變．其衰變方程為U→Th＋X，裂變方程為U＋n→Y＋Kr＋3n，其中U、n、Y、Kr的質(zhì)量分

3、別為m1、m2、m3、m4，光在真空中的傳播速度為c.下列敘述正確的是(　　) A．U發(fā)生的是β衰變 B．Y原子核中含有56個(gè)中子 C．若提高溫度，U的半衰期將會(huì)變小 D．裂變時(shí)釋放的能量為(m1－2m2－m3－m4)c2 D　解析 根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒，電荷數(shù)守恒，X為氦原子核，U發(fā)生的是α衰變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒，電荷數(shù)守恒可知，Y的質(zhì)量數(shù)A＝235＋1－89－3＝144，電荷數(shù)Z＝92－36＝56，由原子核的組成特點(diǎn)可知，Y原子核中含有56個(gè)質(zhì)子，中子數(shù)為144－56＝88個(gè)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；半衰期與溫度、壓強(qiáng)等外界因素?zé)o關(guān)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由于核裂變的過(guò)程中釋放能量，根據(jù)愛因斯坦質(zhì)

4、能方程得ΔE＝Δm·c2＝(m1－2m2－m3－m4)c2，選項(xiàng)D正確． 16．(2019·河南周口一中期中)如圖所示，一沙袋用無(wú)彈性輕細(xì)繩懸于O點(diǎn)．開始時(shí)沙袋處于靜止?fàn)顟B(tài)，一彈丸以水平速度v0擊中沙袋后未穿出，二者共同擺動(dòng)．若彈丸質(zhì)量為m，沙袋質(zhì)量為5m，彈丸和沙袋形狀大小忽略不計(jì)，彈丸擊中沙袋后漏出的沙子質(zhì)量忽略不計(jì)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g.下列說(shuō)法正確的是(　　) A．彈丸打入沙袋過(guò)程中，細(xì)繩所受拉力大小保持不變 B．彈丸打入沙袋過(guò)程中，彈丸對(duì)沙袋的沖量大小大于沙袋對(duì)彈丸的沖量大小 C．彈丸打入沙袋過(guò)程中所產(chǎn)生的熱量為 D．沙袋和彈丸一起擺動(dòng)所達(dá)到的最大高度為 D　解析

5、 彈丸打入沙袋的過(guò)程由動(dòng)量守恒定律mv0＝(m＋5m)v，解得v＝v0，彈丸打入沙袋后，總質(zhì)量變大，且做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)T＝6mg＋6m可知，細(xì)繩所受拉力變大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第三定律可知，彈丸打入沙袋過(guò)程中，彈丸對(duì)沙袋的沖量大小等于沙袋對(duì)彈丸的沖量大小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；彈丸打入沙袋過(guò)程中所產(chǎn)生的熱量為Q＝mv－·6mv2＝mv，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由機(jī)械能守恒可得·6mv2＝6mgh，解得h＝，選項(xiàng)D正確． 17．(2019·遼寧重點(diǎn)協(xié)作體模擬)從t＝0時(shí)刻開始，物塊在外力作用下由靜止開始沿x軸做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，如圖所示為其位移和速率的二次方的關(guān)系圖線，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．t＝0時(shí)刻物塊

6、位于x＝0處 B．物塊運(yùn)動(dòng)的加速度a＝0.5 m/s2 C．t＝2 s時(shí)物塊位于x＝2 m處 D．2～4 s時(shí)間內(nèi)物塊的位移大小為2 m B　解析 設(shè)t＝0時(shí)刻物塊位于x0處，物塊運(yùn)動(dòng)的加速度為a，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知v2＝2a(x－x0)，可變化成x＝x0＋v2，由位移和速率二次方關(guān)系圖線的斜率＝ s2/m＝1 s2/m，可得物塊運(yùn)動(dòng)的加速度a＝0.5 m/s2，t＝0時(shí)刻x0＝－2 m，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；t＝4 s時(shí)物塊的位移x4＝x0＋at2＝2 m，t＝2 s時(shí)物塊的位移x2＝x0＋at2＝－1 m,2～4 s時(shí)間內(nèi)物塊的位移大小為x＝x4－x2＝3 m，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤．

7、 18．中國(guó)國(guó)家航天局目前計(jì)劃于2020年發(fā)射嫦娥工程第二階段的月球車“嫦娥四號(hào)”．如圖所示，假設(shè)運(yùn)載火箭先將“嫦娥四號(hào)”月球探測(cè)器成功送入太空，由地月轉(zhuǎn)移軌道進(jìn)入半徑為r1＝100 km的環(huán)月圓軌道Ⅰ后成功變軌到近月點(diǎn)為15 km的橢圓軌道Ⅱ，再?gòu)?5 km高度降至近月圓軌道Ⅲ，最后成功實(shí)現(xiàn)登月．若取兩物體相距無(wú)窮遠(yuǎn)時(shí)的引力勢(shì)能為零，一個(gè)質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)到質(zhì)量為M的物體中心距離為r時(shí)，其引力勢(shì)能表達(dá)式為Ep＝－G(式中G為引力常量)．已知月球質(zhì)量為M0，月球半徑為R，發(fā)射的“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器質(zhì)量為m0.則下列關(guān)于“嫦娥四號(hào)”登月過(guò)程的說(shuō)法正確的是(　　) A．“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器在軌道Ⅰ

8、上運(yùn)行的動(dòng)能大于在軌道Ⅲ上運(yùn)行的動(dòng)能 B．“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器從軌道Ⅰ上變軌到軌道Ⅲ上時(shí)，勢(shì)能減小了GM0m0 C．“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器在軌道Ⅲ上運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能等于在軌道Ⅰ上運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能 D．落月的“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器從軌道Ⅲ回到軌道Ⅰ，需要提供的最小能量是 D　解析 根據(jù)萬(wàn)有引力定律有G＝m，得“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器在軌道Ⅰ和軌道Ⅲ上的動(dòng)能分別是Ek1＝、Ek2＝，由于r1>R，所以“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器在軌道Ⅰ上運(yùn)行的動(dòng)能小于在軌道Ⅲ上運(yùn)行的動(dòng)能，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)Ep＝－G可知，“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器在軌道Ⅰ和軌道Ⅲ上的勢(shì)能分別是Ep1＝－、Ep2＝－，“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器從軌道Ⅰ上變軌到軌道Ⅲ上時(shí)

9、，勢(shì)能減小了ΔEp＝GM0m0，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)能量守恒定律，落月的“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器從軌道Ⅲ回到軌道Ⅰ，所要提供的最小能量是ΔE＝Ep1－Ep2＋Ek1－Ek2＝，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確． 19．(2019·河南洛陽(yáng)二模)如圖所示，自動(dòng)卸貨車始終靜止在水平地面上，車廂在液壓機(jī)的作用下改變與水平面間的夾角，以卸下車廂中的貨物．當(dāng)夾角為θ時(shí)，質(zhì)量為M的木箱A與裝在箱內(nèi)的質(zhì)量為m的物體B，一起以共同的速度沿車廂底板勻速滑下，則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．A、B間沒有靜摩擦力 B．A受到B的靜摩擦力方向沿車廂底板向下 C．A受到車廂底板的滑動(dòng)摩擦力大小為Mgsin θ D．A與車廂底板間的動(dòng)

10、摩擦因數(shù)μ＝tan θ BD　解析 隔離B受力分析，由題意可知，B受到靜摩擦力作用，則A、B間有靜摩擦力，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B受到A的靜摩擦力方向沿車廂底板向上，根據(jù)牛頓第三定律可知，A受到B的靜摩擦力方向沿車廂底板向下，選項(xiàng)B正確；A、B一起以共同的速度沿車廂底板勻速滑下，把A、B看作整體，受力分析由平衡條件有Ff＝(M＋m)gsin θ，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；A、B整體的重力沿垂直車廂底板方向的分力為(M＋m)gcos θ，則有Ff＝μ(M＋m)gcos θ＝(M＋m)gsin θ，解得μ＝tan θ，選項(xiàng)D正確． 20．(2019·吉林長(zhǎng)春實(shí)驗(yàn)中學(xué)開學(xué)考試)如圖甲所示，在足夠長(zhǎng)的光滑的斜面上放置著金

11、屬線框，垂直于斜面方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示(規(guī)定垂直斜面向上為正方向)．t＝0時(shí)刻將線框由靜止釋放，在線框下滑的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．線框中會(huì)產(chǎn)生的電流大小和方向均不變 B．MN邊受到的安培力不變 C．線框做勻加速直線運(yùn)動(dòng) D．線框中產(chǎn)生的焦耳熱等于其機(jī)械能的損失 AC　解析 t＝0時(shí)刻開始，磁場(chǎng)先垂直于斜面向下均勻減小，然后垂直于斜面向上均勻增大，根據(jù)楞次定律可知，線框中感應(yīng)電流方向總是沿順時(shí)針?lè)较?，根?jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E＝S，知不變，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不變，則感應(yīng)電流I恒定不變，選項(xiàng)A正確；由安培力表達(dá)式F＝BIL，I、L不變，B先減小

12、后增大，知MN邊受到的安培力先減小后增大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；線框處于磁場(chǎng)中，受到的安培力的合力為零，線框受到重力與支持力，所以線框做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C正確；只有重力做功，機(jī)械能守恒，根據(jù)能量守恒定律知，磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為焦耳熱，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 21．(2019·安徽阜陽(yáng)三中調(diào)研)如圖所示，物體A、B通過(guò)細(xì)繩及輕質(zhì)彈簧連接在輕滑輪兩側(cè)，物體A、B的質(zhì)量分別為2m、m.開始時(shí)細(xì)繩伸直，物體B靜止在桌面上，用手托著物體A使彈簧處于原長(zhǎng)且A與地面的距離為h.放手后物體A下落，著地時(shí)速度大小為v，此時(shí)物體B對(duì)桌面恰好無(wú)壓力．不計(jì)一切摩擦及空氣阻力，重力加速度大小為g.下列說(shuō)法正確的是(　　) A．物體A下落過(guò)

13、程中，物體A和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 B．彈簧的勁度系數(shù)為 C．物體A著地時(shí)的加速度大小為 D．物體A著地時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為mgh－mv2 AC　解析 因?yàn)锽沒有運(yùn)動(dòng)，所以物體A下落過(guò)程中，只有彈力和重力做功，故物體A和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，選項(xiàng)A正確；因?yàn)锳剛下落時(shí)，彈簧處于原長(zhǎng)，A落地時(shí)，彈簧對(duì)B的彈力大小等于B的重力，故kh＝mg，解得k＝，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；物體A落地時(shí)彈簧對(duì)繩子的拉力大小為mg，故對(duì)A分析，受到豎直向上的拉力，大小為mg，豎直向下的重力，大小為2mg，故根據(jù)牛頓第二定律可得2mg－mg＝2ma，解得a＝，選項(xiàng)C正確；物體A下落過(guò)程中，物體A和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械

14、能守恒，故2mgh＝·2mv2＋Ep，解得Ep＝2mgh－mv2，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 二、實(shí)驗(yàn)題(共15分) 22．(2019·安徽定遠(yuǎn)育才學(xué)校二模)(6分)某同學(xué)利用傾斜氣墊導(dǎo)軌做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示．其主要實(shí)驗(yàn)步驟如下： a．用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光條的寬度l，結(jié)果如圖乙所示； b．讀出導(dǎo)軌標(biāo)尺的總長(zhǎng)L0，并用直尺測(cè)出導(dǎo)軌標(biāo)尺在豎直方向的高度H0； c．讀出滑塊釋放處擋光條與光電門中心之間的距離s； d．由靜止釋放滑塊，從數(shù)字計(jì)時(shí)器(圖中未畫出)上讀出擋光條通過(guò)光電門所用的時(shí)間t. 回答下列問(wèn)題： (1)由圖乙讀出l＝________mm. (2)__

15、______(選填“有”或“沒有”)必要用天平稱出滑塊和擋光條的總質(zhì)量M. (3)多次改變光電門位置，即改變距離s，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，作出隨s的變化圖象，如圖所示，當(dāng)已知量t0、s0、l、L0、H0和當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭滿足表達(dá)式＝________時(shí)，可判斷滑塊下滑過(guò)程中機(jī)械能守恒． 解析 (1)游標(biāo)尺上共有20小格，精度為0.05 mm，用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光條的寬度l＝(8＋0.05×4)mm＝8.20 mm. (2)欲驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，即Mgssin θ＝M2，θ為氣墊導(dǎo)軌與水平面間的夾角，只需驗(yàn)證gssin θ＝2，可見沒有必要測(cè)量滑塊和擋光條的總質(zhì)量M. (3)由幾何知識(shí)得sin

16、θ＝，當(dāng)s＝s0，t＝t0時(shí)有＝s0. 答案 (1)8.20　(2)沒有　(3)s0 23．(2019·四川瀘縣二中三模)(9分)某同學(xué)要測(cè)定三節(jié)干電池組成的電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供的器材有： A．電流表G(滿偏電流5 mA，內(nèi)阻10 Ω) B．安培表(量程0.6 A，內(nèi)阻0.5 Ω) C．電壓表(量程15 V，內(nèi)阻約為6 kΩ) D．滑動(dòng)變阻器(阻值0～10 Ω，額定電流為2 A) E．定值電阻R0(阻值990 Ω) F．開關(guān)S一個(gè)，導(dǎo)線若干 (1)請(qǐng)完成虛線框內(nèi)的電路圖，為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，電路圖甲中的導(dǎo)線應(yīng)連接到________(選填“①”或“②”)的位置．

17、 (2)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，測(cè)得虛線框內(nèi)電表的示數(shù)X與安培表的示數(shù)I的多組數(shù)值，作出X-I圖象如圖乙所示，則由圖線可以得到被測(cè)電池組的電動(dòng)勢(shì)E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω.(保留兩位有效數(shù)字) (3)實(shí)驗(yàn)時(shí)，小明進(jìn)行了多次測(cè)量，花費(fèi)了較長(zhǎng)時(shí)間，測(cè)量期間一直保持開關(guān)閉合，其實(shí)，從實(shí)驗(yàn)誤差考慮，這樣的操作不妥，因?yàn)開_______________________________． 解析 (1)三節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)大約為4.5 V，由于所給電壓表的量程過(guò)大，因此需要用電流表G和定值電阻R0組成一個(gè)量程為5 V的電壓表，因此虛線框內(nèi)的電路連接如圖所示．由于安培表的電阻已知，因此將導(dǎo)線連接到②可以減小電池內(nèi)阻測(cè)量的誤差． (2)由電路連接可知，X為電流表G的示數(shù)，將圖線延長(zhǎng)，圖線與縱軸的交點(diǎn)是4.5 mA，為電路斷路時(shí)電流表G的示數(shù)，此時(shí)電源的電動(dòng)勢(shì)等于路端電壓， 即E＝4.5×10－3×(990＋10)V＝4.5 V，電源的內(nèi)阻r＝ Ω－0.5 Ω＝4.5 Ω. (3)干電池長(zhǎng)時(shí)間使用后，電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻會(huì)發(fā)生變化，導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)誤差增大． 答案 (1)見解析圖?、凇?2)4.5　4.5　(3)干電池使用較長(zhǎng)時(shí)間后，電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻發(fā)生變化，導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)誤差增大