浙江省2022年中考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí) 微專題五 以特殊三角形為背景的計(jì)算與證明訓(xùn)練

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1、浙江省2022年中考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí) 微專題五 以特殊三角形為背景的計(jì)算與證明訓(xùn)練 1．如圖，在Rt△ABC中，∠ACB＝90°，∠BAC＝30°，E為AB邊的中點(diǎn)，以BE為邊作等邊△BDE，連結(jié)AD，CD. (1)求證：△ADE≌△CDB； (2)若BC＝，在AC邊上找一點(diǎn)H，使得BH＋EH最小，并求出這個(gè)最小值． 2．如圖，在等邊△ABC中，點(diǎn)D，E，F(xiàn)分別同時(shí)從點(diǎn)A，B，C出發(fā)，以相同的速度在AB，BC，CA上運(yùn)動(dòng)，連結(jié)DE，EF，DF. (1)證明：△DEF是等邊三角形； (2)在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，當(dāng)△CEF是直角三角形時(shí)，試求的值． 3．從三角形(不是等腰三角形)一個(gè)頂點(diǎn)引出

2、一條射線與對(duì)邊相交，頂點(diǎn)與交點(diǎn)之間的線段把這個(gè)三角形分割成兩個(gè)小三角形，如果分得的兩個(gè)小三角形中一個(gè)為等腰三角形，另一個(gè)與原三角形相似，我們把這條線段叫做這個(gè)三角形的完美分割線． (1)如圖1，在△ABC中，CD為角平分線，∠A＝40°，∠B＝60°，求證：CD為△ABC的完美分割線； (2)在△ABC中，∠A＝48°，CD是△ABC的完美分割線，且△ACD為等腰三角形，求∠ACB的度數(shù)； (3)如圖2，在△ABC中，AC＝2，BC＝，CD是△ABC的完美分割線，且△ACD是以CD為底邊的等腰三角形，求完美分割線CD的長(zhǎng)． 4．如圖，△ABC和△ADE是有公共頂點(diǎn)的等腰直角三角形，

3、∠BAC＝∠DAE＝90°，點(diǎn)P為射線BD，CE的交點(diǎn)． (1)求證：BD＝CE； (2)若AB＝2，AD＝1，把△ADE繞點(diǎn)A旋轉(zhuǎn)，當(dāng)∠EAC＝90°時(shí)，求PB的長(zhǎng)． 5．如圖，直角△ABC中，∠A為直角，AB＝6，AC＝8.點(diǎn)P，Q，R分別在AB，BC，CA邊上同時(shí)開(kāi)始作勻速運(yùn)動(dòng)，2秒后三個(gè)點(diǎn)同時(shí)停止運(yùn)動(dòng)，點(diǎn)P由點(diǎn)A出發(fā)以每秒3個(gè)單位的速度向點(diǎn)B運(yùn)動(dòng)，點(diǎn)Q由點(diǎn)B出發(fā)以每秒5個(gè)單位的速度向點(diǎn)C運(yùn)動(dòng)，點(diǎn)R由點(diǎn)C出發(fā)以每秒4個(gè)單位的速度向點(diǎn)A運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中： (1)求證：△APR，△BPQ，△CQR的面積相等； (2)求△PQR面積的最小值； (3)用t(秒)(0≤t≤2)表

4、示運(yùn)動(dòng)時(shí)間，是否存在t，使∠PQR＝90°？若存在，請(qǐng)直接寫出t的值；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由． 6．問(wèn)題：(1)如圖1，在Rt△ABC中，AB＝AC，D為BC邊上一點(diǎn)(不與點(diǎn)B，C重合)，將線段AD繞點(diǎn)A逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°得到AE，連結(jié)EC，則線段BC，DC，EC之間滿足的等量關(guān)系式為_(kāi)_______； 探索：(2)如圖2，在Rt△ABC與Rt△ADE中，AB＝AC，AD＝AE，將△ADE繞點(diǎn)A旋轉(zhuǎn)，使點(diǎn)D落在BC邊上，試探索線段AD，BD，CD之間滿足的等量關(guān)系，并證明你的結(jié)論； 應(yīng)用：(3)如圖3，在四邊形ABCD中，∠ABC＝∠ACB＝∠ADC＝45°.若BD＝9，CD＝3，求AD

5、的長(zhǎng)． 參考答案 1．(1)證明：在Rt△ABC中，∠BAC＝30°，E為AB邊的中點(diǎn)， ∴BC＝EA，∠ABC＝60°. ∵△DEB為等邊三角形， ∴DB＝DE，∠DEB＝∠DBE＝60°， ∴∠DEA＝120°，∠DBC＝120°， ∴∠DEA＝∠DBC， ∴△ADE≌△CDB. (2)解：如圖，作點(diǎn)E關(guān)于直線AC對(duì)稱點(diǎn)E′，連結(jié)BE′交AC于點(diǎn)H，連結(jié)EH，AE′， 則點(diǎn)H即為符合條件的點(diǎn)． 由作圖可知，EH＝HE′，AE′＝AE，∠E′AC＝∠BAC＝30°， ∴∠EAE′＝60°，∴△EAE′為等邊三角形， ∴EE′＝EA＝AB，∴∠AE′B＝

6、90°. 在Rt△ABC中，∠BAC＝30°，BC＝， ∴AB＝2，AE′＝AE＝， ∴BE′＝＝＝3， ∴BH＋EH的最小值為3. 2．(1)證明：∵△ABC是等邊三角形， ∴∠A＝∠B＝∠C＝60°，AB＝BC＝CA. ∵AD＝BE＝CF，∴BD＝CE＝AF. 在△ADF，△BED和△CFE中， ∵ ∴△ADF≌△BED≌△CFE， ∴FD＝DE＝EF， ∴△DEF是等邊三角形． (2)解：∵△ABC和△DEF是等邊三角形， ∴△DEF∽△ABC. 當(dāng)DE⊥BC時(shí)(EF⊥BC時(shí)，同理)，∠BDE＝30°， ∴BE＝BD，即BE＝BC， CE＝BC. ∵E

7、F＝EC·sin 60°＝BC·＝BC， ∴＝()2＝()2＝. 3．(1)證明：∵∠A＝40°，∠B＝60°， ∴∠ACB＝80°，∴△ABC不是等腰三角形． ∵CD平分∠ACB，∴∠ACD＝∠BCD＝∠ACB＝40°， ∴∠ACD＝∠A＝40°， ∴△ACD為等腰三角形． ∵∠DCB＝∠A＝40°，∠CBD＝∠ABC， ∴△BCD∽△BAC， ∴CD是△ABC的完美分割線． (2)解：①當(dāng)AD＝CD時(shí)，如圖， 則∠ACD＝∠A＝48°. ∵△BDC∽△BCA，∴∠BCD＝∠A＝48°， ∴∠ACB＝∠ACD＋∠BCD＝96°. ②當(dāng)AD＝AC時(shí)，如圖，

8、 則∠ACD＝∠ADC＝＝66°. ∵△BDC∽△BCA，∴∠BCD＝∠A＝48°， ∴∠ACB＝∠ACD＋∠BCD＝114°. ③當(dāng)AC＝CD時(shí)，如圖， 則∠ADC＝∠A＝48°. ∵△BDC∽△BCA，∴∠BCD＝∠A＝48°. ∵∠ADC＝∠BCD＝48°與∠ADC>∠BCD矛盾， ∴AC＝CD不成立． 綜上所述，∠ACB＝96°或114°. (3)解：由已知得AD＝AC＝2. ∵△BCD∽△BAC，∴＝＝. 設(shè)BD＝x(x>0)， 則()2＝x(x＋2)， 解得x＝－1(負(fù)值舍去)， ∴＝＝， ∴CD＝×2＝－. 4．(1)證明：∵△ABC和△AD

9、E是等腰直角三角形，∠BAC＝∠DAE＝90°， ∴AB＝AC，AD＝AE，∠DAB＝∠EAC， ∴△ADB≌△AEC，∴BD＝CE. (2)解：如圖，①當(dāng)點(diǎn)E在AB上時(shí)，BE＝AB－AE＝1. ∵∠EAC＝90°，∴CE＝＝. 同(1)可證△ADB≌△AEC， ∴∠DBA＝∠ECA. ∵∠PEB＝∠AEC，∴△PEB∽△AEC， ∴＝，∴＝，∴PB＝. ②如圖，當(dāng)點(diǎn)E在BA延長(zhǎng)線上時(shí)，BE＝3. ∵∠EAC＝90°，∴CE＝＝. 同(1)可證△ADB≌△AEC， ∴∠DBA＝∠ECA. ∵∠BEP＝∠CEA，∴△PEB∽△AEC， ∴＝，∴＝，∴PB＝.

10、 綜上所述，PB的長(zhǎng)為或. 5．(1)證明：在Rt△ABC中，AB＝6，AC＝8， ∴BC＝10，sin∠B＝＝＝，sin∠C＝. 如圖，過(guò)點(diǎn)Q作QE⊥AB于點(diǎn)E，作QD⊥AC于點(diǎn)D. 在Rt△BQE中，BQ＝5t， ∴sin∠B＝＝，∴QE＝4t. 在Rt△CDQ中，CQ＝BC－BQ＝10－5t， ∴QD＝CQ·sin∠C＝(10－5t)＝3(2－t)， QE＝BQ·sin∠B＝5t·＝4t. 由運(yùn)動(dòng)知AP＝3t，CR＝4t， ∴BP＝AB－AP＝6－3t＝3(2－t)，AR＝AC－CR＝8－4t＝4(2－t)， ∴S△APR＝AP·AR＝×3t×4(2－t)＝6t

11、(2－t)， S△BPQ＝BP·QE＝×3(2－t)×4t＝6t(2－t)， S△CQR＝CR·QD＝×4t×3(2－t)＝6t(2－t)， ∴S△APR＝S△BPQ＝S△CQR， ∴△APR，△BPQ，△CQR的面積相等． (2)解：由(1)知，S△APR＝S△BPQ＝S△CQR＝6t(2－t)． ∵AB＝6，AC＝8， ∴S△PQR＝S△ABC－(S△APR＋S△BPQ＋S△CQR) ＝×6×8－3×6t(2－t)＝24－18(2t－t2) ＝18(t－1)2＋6. ∵0≤t≤2，∴當(dāng)t＝1時(shí)，S△PQR最小＝6. (3)解：存在．由(1)知QE＝4t，QD＝3(2－

12、t)，AP＝3t，CR＝4t，AR＝4(2－t)， ∴BP＝AB－AP＝6－3t＝3(2－t)， AR＝AC－CR＝8－4t＝4(2－t)． ∵∠A＝90°，∴四邊形AEQD是矩形， ∴AE＝DQ＝3(2－t)，AD＝QE＝4t， ∴DR＝|AD－AR|＝|4t－4(2－t)| ＝|4(2t－2)|， PE＝|AP－AE|＝|3t－3(2－t)| ＝|3(2t－2)|. ∵∠DQE＝90°，∠PQR＝90°， ∴∠DQR＝∠EQP， ∴tan∠DQR＝tan∠EQP. 在Rt△DQR中， tan∠DQR＝＝， 在Rt△EQP中， tan∠EQP＝＝， ∴＝，

13、∴t＝或1. 6．解：(1) BC＝DC＋EC (2)BD2＋CD2＝2AD2，理由如下： 如圖，連結(jié)CE. ∵∠BAC＝∠BAD＋∠DAC＝90°，∠DAE＝∠CAE＋∠DAC＝90°， ∴∠BAD＝∠CAE. 在△BAD與△CAE中， ∵ ∴△BAD≌△CAE， ∴BD＝CE，∠ACE＝∠B， ∴∠DCE＝90°，∴CE2＋CD2＝ED2. 在Rt△ADE中，AD2＋AE2＝ED2，AD＝AE， ∴BD2＋CD2＝ED2，ED＝AD， ∴BD2＋CD2＝2AD2. (3)如圖，作AE⊥AD，使AE＝AD，連結(jié)CE，DE. ∵∠BAC＋∠CAD＝∠DAE＋∠CAD， 即∠BAD＝∠CAE. 在△BAD與△CAE中， ∴△BAD≌△CAE(SAS)，∴BD＝CE＝9. ∵∠ADC＝45°，∠EDA＝45°， ∴∠EDC＝90°，∴DE＝＝6. ∵∠DAE＝90°，∴AD＝AE＝DE＝6.