高三第三次月考 物理試題

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1、高三第三次月考 物理試題 一、單項選擇題（每小題6分，共36分。每小題給出的四個選項中，只有一個選項是正確的） 1.一根粗細均勻的導(dǎo)線，兩端加上電壓U時，通過導(dǎo)線中的電流強度為I，導(dǎo)線中自由電子定向移動的平均速度為v，若導(dǎo)線均勻拉長，使其半徑變?yōu)樵瓉淼?，再給它兩端加上電壓U，則（ ） A.通過導(dǎo)線的電流為 B.通過導(dǎo)線的電流為 C.自由電子定向移動的平均速率為 D.自由電子定向移動的平均速率為 2．如圖所示的電路，閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動變阻器滑片P向右移動時，下列說法正確的是（ ） A．電流表

2、讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大 B．小電泡L變暗 C．電容器C上電荷量減小 D．電源的總功率變小 3．如圖所示，在真空中一個光滑的絕緣的水平面上，有直徑相同的兩個金屬球A、C．質(zhì)量mA=0.01 kg，mC=0.005 kg．靜止在磁感應(yīng)強度B=0.5 T的勻強磁場中的C球帶正電，電量qC=1×10-2 C．在磁場外的不帶電的A球以速度v0=20 m/s進入磁場中與C球發(fā)生正碰后， C球?qū)λ矫鎵毫η『脼榱悖O(shè)向右為正，則碰后A球的速度為（ ） A．10 m/s B．5 m/s C．15 m/s D．－20 m/s 4．如圖所示，一個理想邊界為PQ

3、、MN的勻強磁場區(qū)域，磁場寬度為d，方向垂直紙面向里。一電子從O點沿紙面垂直PQ以速度v0進入磁場。若電子在磁場中運動的軌道半徑為2d。O′在MN上，且OO′ 與MN垂直。下列判斷正確的是（ ） A．電子將向右偏轉(zhuǎn) B．電子打在MN上的點與O′點的距離為d C．電子打在MN上的點與O′點的距離為 D．電子在磁場中運動的時間為 5．在光滑的絕緣水平面上，有一個正三角形abc，頂點a、b、c處分別固定一個正點電荷，電荷量相等，如圖所示，D點為正三角形外接圓的圓心，E、G、H點分別為ab、ac、bc的中點，F(xiàn)點

4、為E關(guān)于c電荷的對稱點，則下列說法中正確的是（ ） A．D點的電場強度一定不為零、電勢可能為零 B．E、F兩點的電場強度等大反向 C．E、G、H三點的電場強度相同 D．若釋放c電荷，c電荷將一直做加速運動 二、多項選擇題（每小題6分，共18分。每小題給出的四個選項中，至少有兩個選項正確。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，選錯或不答的得0分） 6．圖示是質(zhì)譜儀的工作原理示意圖．帶電粒子被加速電場加速后，進入速度選擇器．速度選擇器內(nèi)相互正交的勻強磁場和勻強電場的強度分別為B和E．平板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A1A2．平板S下方有強度為B0的勻強磁場．

5、下列表述正確的是 (　　) A．質(zhì)譜儀是分析同位素的重要工具 B．速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向外 C．能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于 D．粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P，粒子的荷質(zhì)比越小 7．如圖所示的直線是真空中某電場的一條電場線，A、B是這條直線上的兩點，一質(zhì)量為m、帶電荷量為q、電性未知的粒子僅在電場力作用下以速度VA經(jīng)過A點向B點運動，經(jīng)過一段時間后，粒子以速度VB經(jīng)過B點，且VB與VA方向相反，不計粒子重力，下面說法正確的是 ( ) A.可以確定A、B兩點場強的大小關(guān)系 B.可以確定A、B兩點電勢的大小關(guān)系 C.可以確定該粒子在經(jīng)過A、B兩點時

6、速度的大小關(guān)系 D.可以確定在A、B兩點處該粒子電勢能的大小關(guān)系 8．在同一光滑斜面上放同一導(dǎo)體綁棒，右圖所示是兩種情況的剖面圖。它們所外空間有磁感強度大小相等的勻強磁場，但方向不同，一次垂直斜面向上，另一次豎直向上,兩次導(dǎo)體A分別通有電流I1和I2，都處于靜止平衡。已知斜面的傾角為θ，則：（ ） A.I1：I2=cosθ：1 B.I1：I2=1：1 C.導(dǎo)體A所受安培力大小之比F1：F2=sinθ：cosθ D.斜面對導(dǎo)體A的彈力大小之比N1：N2=cos2θ：1 第II卷 9．（18分）（1）一個質(zhì)點做簡諧運

7、動的圖象如圖所示，質(zhì)點振動頻率為__________Hz；在10s內(nèi)質(zhì)點經(jīng)過的路程是________cm； t=4.5s時刻質(zhì)點的位移是_______cm；在5s末，速度為_____（填零或最大），加速度________（填零或最大） (2)在做“用單擺測定重力加速度”的實驗中，某同學(xué)先測得擺線長為89.2 cm，擺球的直徑如圖所示，然后用秒表記錄了單擺做30次全振動. ①該單擺的擺長為　　　　cm. ②如果該同學(xué)測得的g值偏大，可能的原因是(　　) A.測擺長時記錄的是擺球的直徑 B.開始計時時，秒表過遲按下 C.擺線上端牢固地系于懸點，擺動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了 D.實

8、驗中誤將29次全振動數(shù)為30次 ③為了提高實驗精度，在實驗中可改變幾次擺長l，測出相應(yīng)的周期T，從而得出一組對應(yīng)的l與T的數(shù)值，再以l為橫坐標(biāo)，T2為縱坐標(biāo)，將所得數(shù)據(jù)連成直線如圖所示，則測得的重力加速度g＝　　　　 m/s2(結(jié)果保留三位有效數(shù)字) (3) 另一同學(xué)在“用單擺測定重力加速度”的實驗中，用的擺球密度不均勻，無法確定重心位置.他第一次量得懸線長為l1(不計半徑)，測得周期為T1；第二次量得懸線長為l2，測得周期為T2.根據(jù)上述數(shù)據(jù)，g=__________. 10．（16分）如圖甲所示，物體A、B的質(zhì)量分別是4.0kg和8.0kg，用輕彈簧相連接放在光滑的水平面上，物體B左

9、側(cè)與豎直墻壁相接觸，另有一物體C從t=0時刻起水平向左運動，在t=5.0s時與物體A相碰，并立即與A有相同的速度一起向左運動（但未粘連）。物塊C從向左至又和物體A脫離的速度—時間圖像如圖乙所示。 （1）求物塊C的質(zhì)量； （2）在5s到15s的時間彈簧壓縮過程中具有的最大彈性勢能； （3）在5s到15s的時間內(nèi)墻壁對物體B的作用力的沖量的大小和方向； （4）物體A與物塊C脫離后至彈簧再次恢復(fù)原長時A、B的速度分別是多少？ 11.（18分）如圖，在xOy平面內(nèi)，MN和x軸之間有平行于y軸的勻強電場和垂直于xOy平面的勻強磁場，y軸上離坐標(biāo)原點4L的A點處有一電子槍，可以沿+x

10、方向射出速度為v0的電子（質(zhì)量為m，電荷量為e）.如果電場和磁場同時存在，電子將做勻速直線運動.如果撤去電場，只保留磁場，電子將從x軸上距坐標(biāo)原點3L的C點離開磁場.不計重力的影響，求： （1）磁感應(yīng)強度B和電場強度E的大小和方向； （2）如果撤去磁場，只保留電場，電子將從D點（圖中未標(biāo)出）離開電場，求D點的坐標(biāo)； （3）電子通過D點時的動能. 12. （20分）如圖所示，在虛線左右兩側(cè)均有磁感應(yīng)強度相同的垂直紙面向外的勻強磁場和場強大小相等方向不同的勻強電場，虛線左側(cè)電場方向水平向右，虛線右側(cè)電場方向豎直向上。左側(cè)電場中有一根足夠長的固定絕緣細桿MN，N端位于兩電場的

11、交界線上。a、b是兩個質(zhì)量相同的小環(huán)（環(huán)的半徑略大于桿的半徑），a環(huán)帶電，b環(huán)不帶電，b環(huán)套在桿上的N端且處于靜止，將a環(huán)套在桿上的M端由靜止釋放，a環(huán)先加速后勻速運動到N端，a環(huán)與b環(huán)在N端碰撞并粘在一起，隨即進入右側(cè)場區(qū)做半徑為 r = 0.10 m的勻速圓周運動，然后兩環(huán)由虛線上的P點進入左側(cè)場區(qū)。已知a環(huán)與細桿MN的動摩擦因數(shù)μ=0.20，取g = 10 m/s2。求： （1）P點的位置； （2）a環(huán)在桿上運動的最大速率。 參考答案 1.C 2.C 3.A 4.D 5.D 6.ABC 7.CD 8.AD 9.（1）0.25，20，，零

12、，最大 （2）①90.225　②ABD?、?.86 m/s2 （3）g＝ 10、（１） （２） （３） ，方向向右 （4） 11、（1）只有磁場時，電子運動軌跡如圖1所示 洛倫茲力提供向心力Bev0=m 由幾何關(guān)系R2=(3L)2+（4L-R）2 求出B=，垂直紙面向里. 電子做勻速直線運動Ee=Bev0 求出E=沿y軸負方向 （2）只有電場時，電子從MN上的D點離開

13、電場，如圖2所示 設(shè)D點橫坐標(biāo)為x ，x=v0t 2L= 求出D點的橫坐標(biāo)為x=L≈3.5L 縱坐標(biāo)為y=6L. （3）從A點到D點，由動能定理Ee·2L=EkD-mv02 求出EkD=mv02. 12

14、、（1）因a環(huán)由靜止釋放后向右運動，所以a環(huán)帶正電 （2）NP = 2r = 0.20 m （2）設(shè)電場強度為E,磁感應(yīng)強度為B，a環(huán)的最大速度為Vmin，兩環(huán)碰后質(zhì)量為m，電荷量為q。由受力分析可知，a環(huán)在桿上速率達到最大時做勻速運動 qE = μFN qE = μ（mg+qvmaxB） 碰撞時動量守恒 mvmax = 2mv' 碰后兩環(huán)在右側(cè)場區(qū)做勻速圓周運動重力與電場力平衡 qE = 2mg 洛侖茲力提供向心力 q v' B =2m 解得： vmax = 3 m/s