（浙江選考）2019屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題三 電場與磁場專題綜合訓(xùn)練

專題三 電場與磁場專題綜合訓(xùn)練(三)1.如圖所示,某區(qū)域電場線左右對稱分布,M、N為對稱線上兩點(diǎn)。下列說法正確的是()A.M點(diǎn)電勢一定高于N點(diǎn)電勢B.M點(diǎn)電場強(qiáng)度一定大于N點(diǎn)電場強(qiáng)度C.正電荷在M點(diǎn)的電勢能小于在N點(diǎn)的電勢能D.將電子從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn),靜電力做正功2.如圖所示,菱形ABCD的對角線相交于O點(diǎn),兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷分別固定在AC連線上的M點(diǎn)與N點(diǎn),且OM=ON,則()A.A、C兩處電勢、電場強(qiáng)度均相同B.A、C兩處電勢、電場強(qiáng)度均不相同C.B、D兩處電勢、電場強(qiáng)度均相同D.B、D兩處電勢、電場強(qiáng)度均不相同3.如圖所示,正方形線框由邊長為L的粗細(xì)均勻的絕緣棒組成,O是線框的中心,線框上均勻地分布著正電荷,現(xiàn)在線框上邊框中點(diǎn)A處取下足夠短的帶電量為q的一小段,將其沿OA連線延長線向上移動(dòng)的距離到B點(diǎn)處,若線框的其他部分的帶電量與電荷分布保持不變,則此時(shí)O點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為()A.kB.kC.kD.k4.如圖,在豎直方向的勻強(qiáng)電場中有一帶負(fù)電荷的小球(初速度不為零),其運(yùn)動(dòng)軌跡在豎直平面(紙面)內(nèi),截取一段軌跡發(fā)現(xiàn)其相對于過軌跡最高點(diǎn)O的豎直虛線對稱,A、B為運(yùn)動(dòng)軌跡上的點(diǎn),忽略空氣阻力,下列說法不正確的是()A.B點(diǎn)的電勢比A點(diǎn)高B.小球在A點(diǎn)的動(dòng)能比它在B點(diǎn)的大C.小球在最高點(diǎn)的加速度不可能為零D.小球在B點(diǎn)的電勢能可能比它在A點(diǎn)的大5.如圖所示,真空中同一平面內(nèi)MN直線上固定電荷量分別為-9Q和+Q的兩個(gè)點(diǎn)電荷,兩者相距為L,以+Q點(diǎn)電荷為圓心,半徑為畫圓,a、b、c、d是圓周上四點(diǎn),其中a、b在MN直線上,c、d兩點(diǎn)連線垂直于MN,一電荷量為q的負(fù)點(diǎn)電荷在圓周上運(yùn)動(dòng),比較a、b、c、d四點(diǎn),則下列說法錯(cuò)誤的是()A.a點(diǎn)電場強(qiáng)度最大B.負(fù)點(diǎn)電荷q在b點(diǎn)的電勢能最大C.c、d兩點(diǎn)的電勢相等D.移動(dòng)負(fù)點(diǎn)電荷q從a點(diǎn)到c點(diǎn)過程中靜電力做正功6.真空中,兩個(gè)固定點(diǎn)電荷A、B所帶電荷量分別為Q1和Q2,在它們共同形成的電場中,有一條電場線如圖實(shí)線所示,實(shí)線上的箭頭表示電場線的方向,電場線上標(biāo)出了C、D兩點(diǎn),其中D點(diǎn)的切線與AB連線平行,O點(diǎn)為AB連線的中點(diǎn),則()A.B帶正電,A帶負(fù)電,且|Q1|>|Q2|B.O點(diǎn)電勢比D點(diǎn)電勢高C.負(fù)檢驗(yàn)電荷在C點(diǎn)的電勢能大于在D點(diǎn)的電勢能D.在C點(diǎn)靜止釋放一帶正電的檢驗(yàn)電荷,只在電場力作用下將沿電場線運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)7.如圖所示,矩形虛線框的真空區(qū)域內(nèi)存在著沿紙面方向的勻強(qiáng)電場(具體方向未畫出),一粒子從bc邊上的M點(diǎn)以速度v0垂直于bc邊射入電場,從cd邊上的Q點(diǎn)飛出電場,不計(jì)粒子重力。下列說法不正確的是()A.粒子到Q點(diǎn)時(shí)的速度大小可能小于v0B.粒子到Q點(diǎn)時(shí)的速度大小可能等于v0C.粒子到Q點(diǎn)時(shí)的速度方向可能與cd邊平行D.粒子到Q點(diǎn)時(shí)的速度方向可能與cd邊垂直8.如圖所示,某靜電場的電場線分布關(guān)于y軸(沿豎直方向)對稱,O、M、N三點(diǎn)均在y軸上,且OM=MN。P點(diǎn)在y軸的右側(cè),MPON,下列說法正確的是()A.M點(diǎn)的電勢與P點(diǎn)的電勢相等B.將質(zhì)子由M點(diǎn)移動(dòng)到P點(diǎn),電場力做負(fù)功C.M、N兩點(diǎn)間的電勢差比O、M兩點(diǎn)間的電勢差大D.在O點(diǎn)由靜止釋放個(gè)質(zhì)子,該質(zhì)子將沿y軸正方向加速運(yùn)動(dòng)9.某靜電場中有一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子甲從O點(diǎn)以速率v0射出,運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)速率為3v0;另一質(zhì)量為m、電荷量為-q的粒子乙以速率3v0仍從O點(diǎn)射出,運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)速率為4v0,不計(jì)重力的影響。則()A.在O、A、B三點(diǎn)中,O點(diǎn)電勢最高B.O、A間的電勢差與B、O間的電勢差相等C.甲電荷從O到A電場力對其所做的功比乙電荷從O到B電場力對其所做的功多D.甲電荷從O到A電場力對其做正功,乙電荷從O到B電場力對其做負(fù)功10.在靜電場中由靜止釋放一電子。該電子僅在電場力作用下沿直線運(yùn)動(dòng),其加速度a隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖所示。則()A.該電場可能為勻強(qiáng)電場B.電子的運(yùn)動(dòng)軌跡與該電場的等勢面垂直C.電子運(yùn)動(dòng)過程中途經(jīng)各點(diǎn)的電勢逐漸降低D.電子具有的電勢能逐漸增大11.如圖所示的裝置是在豎直平面內(nèi)放置的光滑絕緣軌道,處于水平向右的勻強(qiáng)電場中,帶負(fù)電荷的小球從高h(yuǎn)的A處由靜止開始下滑,沿軌道ABC運(yùn)動(dòng)并進(jìn)入圓環(huán)內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)。已知小球所受電場力是其重力的,圓環(huán)半徑為R,斜面傾角=60°,sBC=2R。若使小球在圓環(huán)內(nèi)能做完整的圓周運(yùn)動(dòng),h至少為多少?12.如圖所示,兩豎直虛線間距為L,之間存在豎直向下的勻強(qiáng)電場。自該區(qū)域的A點(diǎn)將質(zhì)量為M、電荷量分別為q和-q(q>0)的帶電小球M、N先后以相同的初速度沿水平方向射出。小球進(jìn)入電場區(qū)域,并從該區(qū)域的右邊界離開。已知N離開電場時(shí)的位置與A點(diǎn)在同一高度;M剛離開電場時(shí)的動(dòng)能為剛進(jìn)入電場時(shí)動(dòng)能的8倍。不計(jì)空氣阻力,重力加速度大小為g。已知A點(diǎn)到左邊界的距離也為L。(1)求該電場的電場強(qiáng)度大小;(2)求小球射出的初速度大小;(3)要使小球M、N離開電場時(shí)的位置之間的距離不超過L,僅改變兩小球的相同射出速度,求射出速度需滿足的條件。13.如圖所示,在直角坐標(biāo)系xOy的第一象限中,0xd的空間存在著沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場,在x>d的空間存在著垂直紙面方向向外的勻強(qiáng)磁場,一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子,從y軸上的A點(diǎn),以速度v0沿x軸正方向進(jìn)入電場,帶電粒子在電場與磁場作用下,從A點(diǎn)依次經(jīng)過B點(diǎn)和C點(diǎn),A、B、C三點(diǎn)的坐標(biāo)分別為0,d-、(d,d)、(2d,0),不計(jì)帶電粒子重力,求:(1)勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大小;(2)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小;(3)帶電粒子從A到C的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t。14.如圖所示,半徑為r的圓形區(qū)域內(nèi)有平行于紙面的勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)電場,電場與水平方向成60°角,同心大圓半徑為r,兩圓間有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(圓的邊界上有磁場),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子經(jīng)電場加速后恰好沿磁場邊界進(jìn)入磁場,經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)恰好從內(nèi)圓的最高點(diǎn)A處進(jìn)入電場,并從最低點(diǎn)C處離開電場。不計(jì)粒子的重力。求:(1)該粒子從A處進(jìn)入電場時(shí)的速率;(2)偏轉(zhuǎn)電場的電場強(qiáng)度大小;(3)使該粒子不進(jìn)入電場并在磁場中做完整的圓周運(yùn)動(dòng),進(jìn)入磁場的速度范圍。15.如圖所示,在區(qū)里有與水平方向成60°角的勻強(qiáng)電場E1,寬度為d。在區(qū)里有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場和豎直方向的電場E2,寬度也為d。一帶電量為q、質(zhì)量為m的微粒自圖中P點(diǎn)由靜止釋放后沿虛線做直線運(yùn)動(dòng)進(jìn)入?yún)^(qū)的磁場,已知PQ與中間邊界MN的夾角是60°。若微粒進(jìn)入?yún)^(qū)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)且還能回到MN邊界上。重力加速度為g。區(qū)和區(qū)的場在豎直方向足夠長,d、m、q已知,求:(1)微粒帶何種電荷,電場強(qiáng)度E1;(2)區(qū)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的取值范圍;(3)微粒第一次在磁場中運(yùn)動(dòng)的最長時(shí)間。16.如圖,xOy平面的第二象限內(nèi)有平行y軸放置的金屬板A、B,板間電壓為U;第一、三、四象限內(nèi)存在垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1 T的勻強(qiáng)磁場;ON為處于y軸上的彈性絕緣擋板,ON長h=3 m;M為x軸負(fù)方向上一點(diǎn),OM長L=1 m?，F(xiàn)有一比荷為=2.0 C/kg、重力不計(jì)的帶正電粒子從A板靜止釋放,經(jīng)電場加速后從B板小孔處射出,恰好從擋板上端N點(diǎn)處平行x軸方向垂直射入磁場。(1)若粒子不與擋板碰撞直接打到M點(diǎn),則U為多大?(2)若粒子與擋板相碰后均能以原速率彈回,且碰撞時(shí)間不計(jì)、碰撞前后電荷量不變,粒子最后都能經(jīng)過M點(diǎn),則粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的最長時(shí)間為多少?(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)專題綜合訓(xùn)練(三)1.A解析 順著電場線電勢降低,故M點(diǎn)電勢一定高于N點(diǎn)電勢,正電荷在M點(diǎn)的電勢能大于在N點(diǎn)的電勢能,故選項(xiàng)A正確;M點(diǎn)的電場線較N點(diǎn)稀疏,故M點(diǎn)電場強(qiáng)度一定小于N點(diǎn)電場強(qiáng)度,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;將電子從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn),靜電力做負(fù)功,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。2.C解析 根據(jù)等量異種電荷電場線的分布規(guī)律可知,O處電勢為零,A處電勢為正,C處電勢為負(fù),A處電場強(qiáng)度方向向左,C處電場強(qiáng)度方向也向左,大小相同,所以A、C兩處電勢不等,電場強(qiáng)度相同,故A、B錯(cuò)誤;B、D兩處電場強(qiáng)度大小相等,方向水平向右,則電場強(qiáng)度相同,兩處在同一等勢面上,電勢相同,故C正確,D錯(cuò)誤。3.C解析 線框上的電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場等效于與A點(diǎn)對應(yīng)的電荷量為q的電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場,故E1=,B點(diǎn)的電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為E2=,由電場的疊加可知E=E1-E2=。4.A解析 根據(jù)粒子的彎折方向可知,粒子所受合力方向一定指向下方;因軌跡關(guān)于O點(diǎn)對稱,則電場力可能豎直向上,也可能豎直向下,即電場方向可能豎直向下,當(dāng)電場方向豎直向下時(shí)B點(diǎn)的電勢比A點(diǎn)高,帶負(fù)電的小球在B點(diǎn)的電勢能比它在A點(diǎn)的小;電場強(qiáng)度也可能豎直向上,此時(shí)B點(diǎn)的電勢比A點(diǎn)低,帶負(fù)電的小球在B點(diǎn)的電勢能比它在A點(diǎn)的大,故A錯(cuò)誤,D正確;因小球所受合力方向向下,則從A到B,合力做負(fù)功,則動(dòng)能減小,即小球在A點(diǎn)的動(dòng)能比它在B點(diǎn)的大,選項(xiàng)B正確;因合力不為零,則小球在最高點(diǎn)的加速度不可能為零,選項(xiàng)C正確。5.B解析 +Q在a、b、c、d四點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等,在a點(diǎn),-9Q的電場強(qiáng)度最大,而且方向與+Q在a點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向相同,根據(jù)合成可知a處電場強(qiáng)度最大,故A正確;a、b、c、d四點(diǎn)在以點(diǎn)電荷+Q為圓心的圓上,由+Q產(chǎn)生的電場在a、b、c、d四點(diǎn)的電勢相等,所以a、b、c、d四點(diǎn)的總電勢可以通過-9Q產(chǎn)生的電場的電勢確定,根據(jù)順著電場線方向電勢降低可知,b點(diǎn)的電勢最高,c、d電勢相等,a點(diǎn)電勢最低,根據(jù)負(fù)電荷在電勢低處電勢能大,可知負(fù)點(diǎn)電荷q在a處的電勢能最大,在b處的電勢能最小,在c、d兩處的電勢能相等,故B錯(cuò)誤,C正確;移動(dòng)負(fù)點(diǎn)電荷q從a點(diǎn)到c點(diǎn)過程中,電勢能減小,靜電力做正功,選項(xiàng)D正確。6.B解析 根據(jù)電場線的流向,知A帶正電,B帶負(fù)電;D點(diǎn)的電場強(qiáng)度可看成A、B兩電荷在該點(diǎn)產(chǎn)生電場強(qiáng)度的合電場強(qiáng)度,電荷A在D點(diǎn)電場方向沿AD向上,電荷B在D點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度方向沿DB向下,合電場強(qiáng)度方向水平向右,可知A電荷在D點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大于B電荷在D點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度,而AD>BD,所以Q1>Q2,故A不正確;沿著電場線方向電勢降低,所以O(shè)點(diǎn)電勢比D點(diǎn)電勢高,故B正確;沿電場線方向電勢逐漸降低,UC>UD,再根據(jù)Ep=qU,q為負(fù)電荷,知EpC<EpD,故C錯(cuò)誤;只有電場線方向是一條直線,且初速度為0或初速度的方向與電場平行,運(yùn)動(dòng)軌跡才與電場線重合。而該電場線是一條曲線,所以運(yùn)動(dòng)軌跡與電場線不重合,故D錯(cuò)誤。7.C解析 Q點(diǎn)的電勢可能高于M點(diǎn)的電勢,質(zhì)子從M到Q,電場力作負(fù)功,速度減小,粒子到Q點(diǎn)時(shí)的速度小于v0,故A正確;Q點(diǎn)的電勢可能等于M點(diǎn)的電勢,粒子從M到Q電場力不做功,到Q點(diǎn)時(shí)的速度可能等于v0,故B正確;粒子做曲線運(yùn)動(dòng),所以質(zhì)子到Q點(diǎn)時(shí)的速度方向不可能與cd邊平行,故C錯(cuò)誤;質(zhì)子做曲線運(yùn)動(dòng),質(zhì)子到Q點(diǎn)時(shí)的速度方向可能與cd邊垂直,故D正確。8.D解析 過P點(diǎn)作等勢線如圖所示,可得到過P點(diǎn)的等勢線通過M、N之間,因順著電場線電勢逐漸降低,則有M>P,故A錯(cuò)誤;由M到P電勢降低,故將質(zhì)子從M移動(dòng)到P點(diǎn),電勢能減小,電場力做正功,故B錯(cuò)誤;電場線的疏密表示電場的強(qiáng)弱,由題圖可知,從O點(diǎn)到N點(diǎn)電場強(qiáng)度減小,根據(jù)U=Ed,M、N兩點(diǎn)間的電勢差比O、M兩點(diǎn)間的電勢差小,故C錯(cuò)誤;帶正電的粒子從O點(diǎn)由靜止釋放后,受電場力方向沿y軸正方向,所以將沿著y軸正方向做加速直線運(yùn)動(dòng),但加速度越來越小,故D正確。9.C解析 由題意知,負(fù)電荷從O到B電場力做正功,故B點(diǎn)電勢高于O點(diǎn)電勢,所以A錯(cuò)誤;qUOA=m(3v0)2-,-qUOB=m(4v0)2-m(3v0)2,可得qUOA>qUOB,即O、A間的電勢差高于B、O間的電勢差,所以B錯(cuò)誤,C正確;乙電荷從O到B電場力對其做正功,故D錯(cuò)誤。10.B解析 由加速度a隨時(shí)間t的變化圖象可知,電子的加速度變化,所受電場力變化,運(yùn)動(dòng)軌跡上各點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小改變,電場不是勻強(qiáng)電場,故A項(xiàng)錯(cuò)誤;電子僅在電場力作用下沿直線運(yùn)動(dòng),且運(yùn)動(dòng)過程中加速度方向不變,所受電場力方向不變,則運(yùn)動(dòng)軌跡上各點(diǎn)電場強(qiáng)度方向一樣且電場強(qiáng)度方向與軌跡同一直線,電場方向與等勢面垂直,所以電子的運(yùn)動(dòng)軌跡與該電場的等勢面垂直,故B項(xiàng)正確;電子由靜止釋放做加速運(yùn)動(dòng),電子所受電場力做正功,電子具有的電勢能減小,電子運(yùn)動(dòng)過程中途經(jīng)各點(diǎn)的電勢逐漸升高,故C、D錯(cuò)誤。11.答案 10R解析 小球所受的重力和電場力都為恒力,故兩力可等效為一個(gè)力F,如圖所示,可知F=mg,方向與豎直方向夾角為37°,偏左下;從圖中可知,做完整的圓周運(yùn)動(dòng)的臨界條件是恰能通過D點(diǎn),若球恰好能通過D點(diǎn),則達(dá)到D點(diǎn)時(shí)小球與圓環(huán)間的彈力恰好為零,由圓周運(yùn)動(dòng)知識得:F=m,即mg=m,選擇A點(diǎn)作為初態(tài),D點(diǎn)為末態(tài),由動(dòng)能定理有mg(h-R-Rcos 37°)-mg(htan 37°+2R+Rsin 37°)=,代入數(shù)據(jù):mg(h-1.8R)-mgh+2.6R=mgR,解得:h=10R。12.答案 (1)(2)(3)v02解析 設(shè)小球M、N在A點(diǎn)水平射出的初速度大小為v0,則剛進(jìn)入電場時(shí)的水平速度大小也為v0,所以M、N在電場中時(shí)間相等。進(jìn)入電場前,水平方向L=v0t1進(jìn)入電場前,豎直方向d=進(jìn)入電場后,水平方向L=v0t2則有t1=t2=t設(shè)小球N運(yùn)動(dòng)的加速度為a,豎直方向d=-vy1t+at2解得a=3g由牛頓第二定律得qE-mg=ma解得E=(2)粒子M射出電場時(shí)豎直速度為vy2=vy1+a'tqE+mg=ma'm()=8×m()解得v0=(3)以豎直向下為正,M的豎直位移yM=vy1t+a't2N的豎直位移yN=vy1t-at2yM-yNL解得v0213.答案 (1)(2)(3)解析 (1)帶電粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)d=at2d=v0ta=聯(lián)立解得:E=(2)設(shè)帶電粒子剛進(jìn)入磁場時(shí)偏角為,速度為vtan =v=解得:=30°,v=帶電粒子進(jìn)入磁場后做勻速圓周運(yùn)動(dòng),由幾何關(guān)系知:d=Rsin +Rcos 又R=解得:B=(3)帶電粒子在電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間:t1=由幾何關(guān)系,帶電粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角為150°,t2=T=將B代入解得:t2=所以帶電粒子從A到C的運(yùn)動(dòng)時(shí)間:t=t1+t2=14.答案 (1)v=(2)E=(3)見解析解析 (1)粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng),運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示:由幾何知識得:r2+(r-R)2=R2,解得:R=r,洛倫茲力提供向心力,由牛頓第二定律得:qvB=m解得:v=;(2)由幾何知識得:cos =,解得=30°,由題意可知,電場與水平方向成60°角,則粒子進(jìn)入電場時(shí)速度方向與電場方向垂直,帶電粒子進(jìn)入電場后做類平拋運(yùn)動(dòng),垂直于電場方向:2rcos 60°=vt,沿電場方向:2rsin 60°=t2,解得:E=;(3)粒子在電場中加速,由動(dòng)能定理得:qU加=mv2,粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng),由牛頓第二定律得:Bqv=m,解得:U加=;粒子不進(jìn)入電場并在磁場中做完整的圓周運(yùn)動(dòng),運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示:粒子軌道半徑:R1=r,則:v1=r,U加1=,粒子軌道半徑:R2=r,v2=r,粒子軌道半徑:R3=r,v3=r,故使粒子不進(jìn)入電場并在磁場中做完整的圓周運(yùn)動(dòng),進(jìn)入磁場的速度范圍0<v<v。15.答案 (1)E1=(2)B(3)t=解析 (1)帶電微粒沿虛線做直線運(yùn)動(dòng),微粒受重力和電場力作用電場力F=qE1由力的平行四邊形定則和幾何關(guān)系得F=mg解得E1=(2)由微粒在區(qū)的受力分析可知F合=mg微粒從P到Q由動(dòng)能定理得F合·x=mv2而x=解得v=2因微粒還能回到MN邊界上,所以微粒在區(qū)最大圓與最右邊界相切,由幾何關(guān)系得圓的半徑rd由牛頓第二定律qvB=m解得B(3)微粒在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期T=聯(lián)立得T=由此可知B越小周期越長,所以當(dāng)B=時(shí),粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)周期最長;由幾何關(guān)系得粒子從進(jìn)入磁場到返回MN邊界轉(zhuǎn)過的圓心角=微粒第一次在磁場中運(yùn)動(dòng)的最長時(shí)間t=解得t=16.答案 (1)2.78 V(2)4.25 s解析 (1)粒子由A到B,由動(dòng)能定理得圖1qU=粒子在磁場中運(yùn)動(dòng),由牛頓第二定律得qv0B=m由幾何關(guān)系得r2=(h-r)2+L2聯(lián)立解得r= mU= V2.78 V(2)因粒子速度方向與擋板垂直,圓心必在擋板上。設(shè)小球與擋板碰撞n次,則n·2r<3由題意得r1 m故n<1.5,只能發(fā)生一次碰撞。由幾何關(guān)系得(3r-h)2+L2=r2解得:r1=1 m,r2=1.25 m分別作出圖2和圖3運(yùn)動(dòng)軌跡。圖2圖3比較兩圖可知當(dāng)r2=1.25 m時(shí)粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間更長。由圖3得tan =0.75,=37°粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期為T= s粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)最長時(shí)間為t=T+T+T4.25 s10