（浙江選考）2022屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 仿真模擬卷1

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1、（浙江選考）2022屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 仿真模擬卷1 一、選擇題Ⅰ(本題共13小題,每小題3分,共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的,不選、多選、錯(cuò)選均不得分) 1.物理學(xué)中通常運(yùn)用大量的科學(xué)方法建立概念,如“理想模型”“等效替代法”“控制變量法”等等,下列選項(xiàng)均用到“等效替代”方法概念的是(　　) A.“合力與分力”“質(zhì)點(diǎn)”“電場強(qiáng)度” B.質(zhì)點(diǎn)、平均速度、點(diǎn)電荷 C.點(diǎn)電荷、總電阻、電場強(qiáng)度 D.合力與分力、平均速度、總電阻 2.2017年4月30日,亞洲羽毛球錦標(biāo)賽男單決賽展開爭奪,諶龍2比1戰(zhàn)勝林丹,奪得男單冠軍,在其中一個(gè)回合的對拍期間,諶龍快速將

2、羽毛球挑高,則(　　) A.羽毛球飛來時(shí)撞擊拍面的作用力是拍面形變產(chǎn)生的 B.羽毛球在飛行過程中受到重力、空氣阻力 C.羽毛球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)速度的方向和加速度方向相互垂直 D.羽毛球在飛行過程中機(jī)械能先減小后增大 3.2016年8月14日里約奧運(yùn)會羽毛球男單最后一輪小組賽中,中國選手林丹以2∶0輕取對手。在其中一個(gè)回合的對拍期間,林丹快速扣殺的羽毛球在飛行中受到的力有(　　) A.重力 B.重力、擊打力 C.重力、空氣阻力 D.重力、空氣阻力、擊打力 4.在物理學(xué)建立和發(fā)展的過程中,許多物理學(xué)家的科學(xué)發(fā)現(xiàn)推動了人類歷史的進(jìn)步。關(guān)于科學(xué)家和他們的貢獻(xiàn),下列說法正確的是(　　) A

3、.伽利略通過邏輯推理和實(shí)驗(yàn)認(rèn)為重物比輕物下落的快 B.牛頓根據(jù)理想斜面實(shí)驗(yàn),首先提出力不是維持物體運(yùn)動的原因 C.卡文迪許提出了萬有引力定律 D.法拉第以他深刻的洞察力提出電場的客觀存在,并且引入了電場線 5.豎直放置的兩塊足夠長的平行金屬板間有勻強(qiáng)電場,其極板帶電量分別為+Q和-Q,在兩極板之間,用輕質(zhì)絕緣絲線懸掛質(zhì)量為m、電量為q的帶電小球(可看成點(diǎn)電荷),絲線與豎直方向成θ角時(shí)小球恰好平衡,此時(shí)小球離右板距離為b,離左板的距離為2b,如圖所示,則(　　) A.小球帶正電,極板之間的電場強(qiáng)度大小為 B.小球受到電場力為 C.若將小球移到懸點(diǎn)下方豎直位置,小球的電勢能減小

4、 D.若將細(xì)繩剪斷,小球向右做平拋運(yùn)動 6.某電力公司曾舉辦“計(jì)量日進(jìn)您家”活動,免費(fèi)上門為市民做出家庭用電耗能診斷分析,針對每戶家庭提出個(gè)性化的節(jié)能建議,根據(jù)專家統(tǒng)計(jì),每使用1度(千瓦時(shí))電,就相應(yīng)消耗了0.40 kg的標(biāo)準(zhǔn)煤,同時(shí)產(chǎn)生0.272 kg碳粉塵,0.997 kg二氧化碳、0.03 kg二氧化硫、0.015 kg碳氧化物,下表是電力技術(shù)人員實(shí)測提供的數(shù)據(jù),估算一戶普通家庭待機(jī)一年相應(yīng)產(chǎn)生的二氧化硫污染物約為(　　) 每戶普通家庭 家用電器平均數(shù) 一臺臺 式電腦 2臺平板 電視機(jī) 2臺 空調(diào) 1臺 洗衣機(jī) 1臺無線 路由器 1臺 飲水機(jī) 每臺電器待機(jī)

5、 平均功率(W) 0.6 0.75 1.2 0.6 2 0.4 A.2.0 kg B.20 kg C.200 kg D.2 000 kg 7.如圖所示,將圓柱形強(qiáng)磁鐵吸在干電池負(fù)極,金屬導(dǎo)線折成上端有一支點(diǎn)、下端開口的導(dǎo)線框,使導(dǎo)線框的頂端支點(diǎn)和底端分別與電源正極和磁鐵(導(dǎo)電性能良好)都接觸良好但不固定,這樣整個(gè)線框就可以繞電池軸心旋轉(zhuǎn)起來。下列判斷正確的是(　　) A.線框能旋轉(zhuǎn)起來,是因?yàn)殡姶鸥袘?yīng) B.俯視觀察,線框沿順時(shí)針方向旋轉(zhuǎn) C.電池輸出的電功率大于線框旋轉(zhuǎn)的機(jī)械功率 D.旋轉(zhuǎn)達(dá)到穩(wěn)定時(shí),線框中電流比剛開始轉(zhuǎn)動時(shí)的大 8.如圖所示,某小孩在廣場

6、游玩時(shí),將一氣球用輕質(zhì)細(xì)繩與地面上木塊相連。氣球在水平風(fēng)力作用下處于斜拉狀態(tài),此時(shí)細(xì)繩與豎直線成θ角。假若氣球和木塊的質(zhì)量分別為m、M。當(dāng)水平風(fēng)力緩慢增大時(shí),則下列說法中錯(cuò)誤的是(　　) A.細(xì)繩拉力變大 B.水平面對木塊的彈力不變 C.水平面對木塊的摩擦力變大 D.木塊有可能脫離水平面 9.如圖所示,自行車的大齒輪、小齒輪、后輪的半徑之比為4∶1∶16,在用力蹬腳踏板前進(jìn)的過程中,下列說法正確的是 (　　) A.小齒輪和后輪的角速度大小之比為16∶1 B.大齒輪和小齒輪的角速度大小之比為1∶4 C.大齒輪邊緣和后輪邊緣的線速度大小之比為1∶4 D.大齒輪和小齒輪輪緣

7、的向心加速度大小之比為4∶1 10.在2016年里約奧運(yùn)會男子蹦床決賽中,我國選手董棟、高磊分摘銀、銅牌,不計(jì)空氣阻力,下列說法正確的是(　　) A.運(yùn)動員離開蹦床后處于失重狀態(tài) B.運(yùn)動員上升到最高點(diǎn)時(shí)加速度為零 C.運(yùn)動員下落碰到蹦床后立即做減速運(yùn)動 D.運(yùn)動員在整個(gè)比賽過程中機(jī)械能一直守恒 11.2017年4月,我國成功發(fā)射的天舟一號貨運(yùn)飛船與天宮二號空間實(shí)驗(yàn)室完成了首次交會對接,對接形成的組合體仍沿天宮二號原來的軌道(可視為圓軌道)運(yùn)行。與天宮二號單獨(dú)運(yùn)行時(shí)相比,組合體運(yùn)行的(　　) A.周期變大 B.速率變大 C.動能變大 D.向心加速度變大 12. A、B兩

8、帶電小球,質(zhì)量分別為mA、mB,電荷量分別為qA、qB,用絕緣不可伸長的細(xì)線如圖懸掛,靜止時(shí)A、B兩球處于同一水平面。若B對A及A對B的庫侖力分別為FA、FB,則下列判斷正確的是(　　) A.FA

9、 B.t= C.t= D.t= 二、選擇題Ⅱ(本題共3小題,每小題2分,共6分,每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對的得2分,選對但不全的得1分,有選錯(cuò)的得0分) 14.【加試題】下列說法正確的是(　　) A.在所有核反應(yīng)中,都遵從“質(zhì)量數(shù)守恒,核電荷數(shù)守恒”的規(guī)律 B.原子核的結(jié)合能是組成原子核的所有核子的能量總和 C.天然放射現(xiàn)象中放出的β射線就是電子流,該電子是原子的內(nèi)層電子受激后輻射出來的 D.鐳226衰變?yōu)殡?22的半衰期為1620年,也就是說,100個(gè)鐳226核經(jīng)過1620年后一定還剩下50個(gè)鐳226沒有發(fā)生衰變 15.【加試題】如圖甲所示

10、,在平靜的水面下有一個(gè)點(diǎn)光源S,它發(fā)出的是兩種不同顏色的a光和b光,在水面上形成了一個(gè)被照亮的圓形區(qū)域,該區(qū)域的中間為由ab兩種單色光所構(gòu)成的復(fù)色光的圓形區(qū)域,周邊為環(huán)狀區(qū)域,且為a光的顏色(見圖乙)。則一下說法中正確的是(　　) A.a光的頻率比b光大 B.水對a光的折射率比b光大 C.a光在水中的傳播速度比b光大 D.在同一裝置的楊氏雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中,a光的干涉條紋比b光寬 16.【加試題】圖甲為風(fēng)力發(fā)電的簡易模型。在風(fēng)力作用下,風(fēng)葉帶動與桿固連的永磁鐵轉(zhuǎn)動,磁鐵下方的線圈與電壓傳感器相連。在某一風(fēng)速時(shí),傳感器顯示如圖乙所示,則(　　) A.磁鐵的轉(zhuǎn)速為10 r/s B

11、.線圈兩端電壓的有效值為6 V C.交變電流的電壓表達(dá)式為u=12sin5πt V D.該交變電流可以直接加在擊穿電壓為9 V的電容器上 三、非選擇題(本題共7小題,共55分) 17.(5分)某探究小組做“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn),將畫有坐標(biāo)軸(橫軸為x軸,縱軸為y軸,最小刻度表示 1 mm)的紙貼在水平桌面上,如圖(a)所示。將橡皮筋的一端Q固定在y軸上的B點(diǎn)(位于圖示部分之外),另一端P位于y軸上的A點(diǎn)時(shí),橡皮筋處于原長。 (1)用一只測力計(jì)將橡皮筋的P端沿y軸從A點(diǎn)拉至坐標(biāo)原點(diǎn)O,此時(shí)拉力F的大小可由測力計(jì)讀出。測力計(jì)的示數(shù)如圖(b)所示,F的大小為　　　　N。? (2)

12、撤去(1)中的拉力,橡皮筋P端回到A點(diǎn);現(xiàn)使用兩個(gè)測力計(jì)同時(shí)拉橡皮筋,再次將P端拉至O點(diǎn)。此時(shí)觀察到兩個(gè)拉力分別沿圖(a)中兩條虛線所示的方向,由測力計(jì)的示數(shù)讀出兩個(gè)拉力的大小分別為F1=4.2 N和F2=5.6 N。 (i)用5 mm長度的線段表示1 N的力,以O(shè)為作用點(diǎn),在圖(a)中畫出力F1、F2的圖示,然后按平行四邊形定則畫出它們的合力F合; (ii)F合的大小為　　　　N,F合與拉力F的夾角的正切值為　　　　。若F合與拉力F的大小及方向的偏差均在實(shí)驗(yàn)所允許的誤差范圍之內(nèi),則該實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證了力的平行四邊形定則。? 18.(5分)用以下器材可測量電阻Rx的阻值。 待測電阻Rx,阻

13、值約為600 Ω; 電源E,電動勢約為6.0 V,內(nèi)阻可忽略不計(jì); 電壓表V1,量程為0~500 mV,內(nèi)阻r1=1 000 Ω; 電壓表V2,量程為0~6 V,內(nèi)阻r2約為10 kΩ; 電流表A,量程為0~0.6 A,內(nèi)阻r3約為1 Ω; 定值電阻R0,R0=60 Ω; 滑動變阻器R,最大阻值為150 Ω; 單刀單擲開關(guān)S一個(gè),導(dǎo)線若干。 (1)測量中要求兩只電表的讀數(shù)都不小于其量程的,并能測量多組數(shù)據(jù),請?jiān)谔摼€框中畫出測量電阻Rx的實(shí)驗(yàn)電路圖。 　　　　　　　　　　　　　　　 (2)若選擇測量數(shù)據(jù)中的一組來計(jì)算Rx,則由已知量和測量物理量計(jì)算Rx的表達(dá)式

14、為Rx=　　　　　　　,式中各符號的意義是　?　。? (所有物理量用題中代表符號表示) 19.(9分)如圖所示,ABC是一條由傾斜軌道AB和水平軌道BC組成的絕緣軌道,固定在桌面上,其中AB軌道的傾角θ=27°,水平軌道的長度L=0.8 m,一質(zhì)量m=3.2×10-2 kg、電荷量q=-1.0×10-2 C的可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊以初速度v0=3 m/s沿軌道上P點(diǎn)恰好勻速滑下,從C點(diǎn)飛出后落在水平地面的M點(diǎn)上,已知滑塊與兩軌道間的動摩擦因數(shù)相同,sin 27°=0.45,cos 27°=0.90,g取10 m/s2,求: (1)求滑塊與軌道之間的動摩擦因數(shù);

15、 (2)求滑塊從B點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)所用的時(shí)間; (3)現(xiàn)在BE和CF之間的區(qū)域加上勻強(qiáng)電場,方向垂直水平軌道,仍將滑塊以初速度v0=3 m/s沿軌道上P點(diǎn)滑下,發(fā)現(xiàn)從C點(diǎn)飛出后落在水平地面的N點(diǎn)上,M點(diǎn)處在N點(diǎn)到C點(diǎn)水平距離的中點(diǎn)上,求勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度的大小和方向。 20. (12分)如圖為某種魚餌自動投放器的裝置示意圖,其下半部AB是一長為2R的豎直細(xì)管,上半部BC是半徑為R的四分之一圓弧彎管,管口C處切線水平,AB管內(nèi)有原長為R、下端固定的輕質(zhì)彈簧。在彈簧上端放置一粒質(zhì)量為m的魚餌,解除鎖定后彈簧可將魚餌彈射出去。投餌時(shí),每次總將

16、彈簧長度壓縮到0.5R后鎖定,此時(shí)彈簧的彈性勢能為6mgR(g為重力加速度)。不計(jì)魚餌在運(yùn)動過程中的機(jī)械能損失,求: (1)魚餌到達(dá)管口C時(shí)的速度大小v1。 (2)魚餌到達(dá)管口C時(shí)對管子的作用力大小和方向。 (3)已知地面比水面高出1.5R,若豎直細(xì)管的長度可以調(diào)節(jié),圓弧彎道管BC可隨豎直細(xì)管一起升降。求魚餌到達(dá)水面的落點(diǎn)與AB所在豎直線OO'之間的最大距離Lmax。 21.(4分)【加試題】(1)某同學(xué)在做“探究單擺周期與擺長的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中,分別用兩種儀器來測量擺球直徑,操作如圖1所示,得到擺球的直徑為d=

17、19.12 mm,此測量數(shù)據(jù)是選用了儀器　　　　(選填“甲”或“乙”)測量得到的。? 該同學(xué)先用刻度尺測得擺線的長度,再采用上題中的方法測得擺球直徑,他通過改變擺長,進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)后以擺長L為橫坐標(biāo),T2為縱坐標(biāo),作出T2-L圖線,若該同學(xué)在計(jì)算擺長時(shí)加的是小球直徑,則所畫圖線是圖2中是　　　(選填“A”“B”或“C”)。? (2)用如圖裝置做探究碰撞中的不變量實(shí)驗(yàn),下列說法正確的是(　　) A.在實(shí)驗(yàn)前,必須把長木板的一端墊高,使A能拖著紙帶勻速下行 B.A、B兩輛小車的質(zhì)量必須相等 C.A、B碰撞后必須保證A、B以共同速度一起運(yùn)動 D.小車A必須從緊靠打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的位置無初

18、速度釋放 22. (12分)【加試題】如圖所示,兩平行的光滑金屬導(dǎo)軌安裝在豎直面上,導(dǎo)軌間距為L、足夠長,下部條形勻強(qiáng)磁場的寬度為d,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向與導(dǎo)軌平面垂直,上部條形勻強(qiáng)磁場的寬度為2d,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0,方向平行導(dǎo)軌平面向下,在上部磁場區(qū)域的上邊緣水平放置導(dǎo)體棒(導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌絕緣),導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間存在摩擦,動摩擦因數(shù)為μ。長度為2d的絕緣棒將導(dǎo)體棒和正方形的單匝線框連接在一起組成“”型裝置,總質(zhì)量為m,置于導(dǎo)軌上,導(dǎo)體棒中通以大小恒為I的電流(由外接恒流源產(chǎn)生,圖中未圖出),線框的邊長為d(d

19、區(qū)域的下邊界處返回,導(dǎo)體棒在整個(gè)運(yùn)動過程中始終與導(dǎo)軌接觸并且相互垂直。重力加速度為g。求: (1)裝置剛開始時(shí)導(dǎo)體棒受到安培力的大小和方向; (2)裝置從釋放到開始返回的過程中,線框中產(chǎn)生的焦耳熱Q; (3)線框第一次穿出下方磁場下邊時(shí)的速度; (4)若線框第一次穿越下方磁場區(qū)域所需的時(shí)間為t,求線框電阻R。 23.(8分)【加試題】為研究某種材料的熒光特性,興趣小組的同學(xué)設(shè)計(jì)了圖示裝置:讓質(zhì)子經(jīng)過MN兩金屬板之間的電場加速后,進(jìn)入有界勻強(qiáng)磁場。磁場的寬度L=0.25 m。磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=0.01 T。以出射小孔O為原點(diǎn),水平

20、向右建立x軸,在0.4≤x≤0.6區(qū)域的熒光屏上涂有熒光材枓,(已知質(zhì)子的質(zhì)量m=1.6×10-27 kg,電荷量q=1.6×10-19 C,進(jìn)入電場時(shí)的初速度可忽略,質(zhì)子重力可忽略) (1)要使質(zhì)子能打在熒光屏上,加速電壓的最小值是多少? (2)當(dāng)使質(zhì)子打中熒光屏?xí)r的動能超過288 eV,可使熒光材料發(fā)光,對于不同的加速電壓,熒光屏上能夠發(fā)光的區(qū)域長度是多少? 普通高校招生選考(物理)仿真模擬卷(一) 一、選擇題Ⅰ 1.D　解析 “合力與分力”采用等效替代的方法,“質(zhì)點(diǎn)”采用理想化模型的方法,“電場強(qiáng)度”采用比值定義法,故A錯(cuò)誤。“質(zhì)點(diǎn)”

21、“點(diǎn)電荷”采用理想化模型的方法,“平均速度”采用比值定義法,故B錯(cuò)誤;“點(diǎn)電荷”采用理想化模型的方法,“總電阻”采用等效替代的方法,“電場強(qiáng)度”采用比值定義法,故C錯(cuò)誤;“合力與分力”“平均速度”“總電阻”采用的都是等效替代的方法,故D正確。 2.B　解析 羽毛球飛來時(shí)撞擊拍面的作用力是羽毛球形變產(chǎn)生的,故A錯(cuò)誤;羽毛球在飛行過程中受到重力、空氣阻力,故B正確;羽毛球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)速度的方向沿軌跡切線方向,空氣阻力方向與速度方向相反,而空氣阻力和重力的合力方向指向軌跡的內(nèi)側(cè),且與速度方向不垂直,所以羽毛球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)速度的方向和加速度方向不垂直,故C錯(cuò)誤;羽毛球在飛行過程中要克服空氣阻力做功,

22、機(jī)械能不斷減小,故D錯(cuò)誤。 3.C　解析 由題意可知,快速扣殺的羽毛球在飛行中受到的力,除重力外,還受到空氣的阻力,故A、B、D錯(cuò)誤,C正確。 4.D　解析 A.伽利略通過邏輯推理和實(shí)驗(yàn)認(rèn)為:重物與輕物下落的一樣快,故A錯(cuò)誤。B.伽利略根據(jù)理想斜面實(shí)驗(yàn),首先提出力不是維持物體運(yùn)動的原因,故B錯(cuò)誤。C.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律,卡文迪許利用“卡文迪許扭秤”首先較準(zhǔn)確的測定了引力常量,故C錯(cuò)誤。D.法拉第提出電場是一種客觀存在,并且引入了電場線,故D正確。 5.A　解析 對小球,由平衡條件有tan θ=,解得E=,故A正確;由于點(diǎn)電荷到兩板間距不相等,兩板上與點(diǎn)電荷不平行時(shí)的作用力不能平衡,兩

23、板對小球的庫侖力不能用點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式計(jì)算,小球受到電場力F=qE=mgtan θ,故B錯(cuò)誤;懸點(diǎn)下方豎直位置和懸點(diǎn)處于同一等勢面,故小球的電勢能不變,故C錯(cuò)誤;細(xì)繩剪斷后,小球受到斜向下的恒力作用,物體將沿繩子方向做勻加速直線運(yùn)動,故D錯(cuò)誤。 6.A　解析 由題可知,一戶普通家庭所有家電待機(jī)功率約為9.52 W,由W=Pt知,待機(jī)一年消耗電能W=9.52×10-3kW×24 h×365≈57 kW·h;根據(jù)題意,每消耗1度(千瓦時(shí))電,相應(yīng)產(chǎn)生0.03 kg的二氧化硫,所以一戶普通家庭電器待機(jī)一年相應(yīng)產(chǎn)生的二氧化硫約為0.03×57≈2.0 kg,故A正確。 7.C　解析 由上向下看,線

24、框沿逆時(shí)針轉(zhuǎn)動,故該裝置的原理是電流在磁場中的受力,不是電磁感應(yīng),故A、B錯(cuò)誤。因?yàn)殡娫聪牡目偣β室徊糠洲D(zhuǎn)化為內(nèi)能,另一部分轉(zhuǎn)化為動能,所以總功率大于熱功率,C正確。受到的安培力開始時(shí)使線圈做加速運(yùn)動,當(dāng)安培力等于阻力時(shí)速度達(dá)到最大,D錯(cuò)誤。 8.D　解析 對氣球受力分析,受到重力、風(fēng)的推力、拉力、浮力,如圖 根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件,有FTsin θ=F　FTcosθ+mg=F浮 解得FT=,當(dāng)風(fēng)力增大時(shí),繩子的拉力FT也增大,故A正確。 再對氣球和木塊整體受力分析,受總重力、地面支持力、浮力、風(fēng)的推力和摩擦力,如圖: 根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件,有FN=(M+m)g　Ff=F 當(dāng)風(fēng)

25、力增大時(shí),地面支持力不變,與風(fēng)力無關(guān),木塊不可能脫離水平面,故B正確,D錯(cuò)誤。木塊滑動前受到地面施加的摩擦力與風(fēng)力平衡,故其隨風(fēng)力的增大而逐漸增大,故C正確。 9.B　解析 A.小齒輪和后輪共軸,角速度相等,故A錯(cuò)誤;B.大齒輪和小齒輪共線,線速度相等,根據(jù)ω=可知,大齒輪和小齒輪的角速度大小之比為1∶4,故B正確;C.小齒輪和后輪共軸,根據(jù)v=ωr可知,小齒輪邊緣和后輪邊緣的線速度之比為1∶16,則大齒輪邊緣和后輪邊緣的線速度大小之比為1∶16,故C錯(cuò)誤;D.大齒輪和小齒輪共線,線速度相等,根據(jù)a=可知,向心加速度大小之比為1∶4,故D錯(cuò)誤。 10.A　解析 A.運(yùn)動員離開蹦床后,僅受重

26、力,加速度方向向下,處于失重狀態(tài),故A正確。B.運(yùn)動員上升到最高點(diǎn)時(shí),僅受重力,加速度為g,故B錯(cuò)誤。C.運(yùn)動員下落碰到蹦床后,開始重力大于彈力,加速度向下,先向下做加速運(yùn)動,然后重力小于彈力,加速度向上,向下做減速運(yùn)動,故C錯(cuò)誤。D.運(yùn)動員在整個(gè)運(yùn)動過程中,由于蹦床彈力做功,則運(yùn)動員的機(jī)械能不守恒,故D錯(cuò)誤。 11.C　解析 根據(jù)萬有引力提供向心力有=mr==ma,可得周期T=2π,速率v=,向心加速度a=,對接前后,軌道半徑不變,則周期、速率、向心加速度均不變,質(zhì)量變大,則動能變大,C正確,A、B、D錯(cuò)誤。 12.C　 解析 對小球A受力分析,受重力、靜電力、拉力,如圖: 根據(jù)

27、平衡條件,則有,兩球間的庫侖力是作用力與反作用力,一定相等,與兩個(gè)球電荷量是否相等無關(guān),故A錯(cuò)誤;有mAg=FTAcos30°因此FTA=mAg,故B錯(cuò)誤;由整體法可知,細(xì)線的拉力等于兩球的重力,故C正確;同時(shí)燒斷AC、BC細(xì)線后,A、B在豎直方向重力不變,所以加速度相同,故D錯(cuò)誤。 13.C　解析 過Q點(diǎn)做OP的垂線,根據(jù)幾何關(guān)系可知,小球在水平方向上的位移的大小為Rsin θ,根據(jù)Rsin θ=v0t,可得時(shí)間為t=,所以C正確,D錯(cuò)誤。小球從圓柱體的Q點(diǎn)沿切線飛過,根據(jù)幾何關(guān)系可知,此時(shí)有=tan θ,所以vy=v0tan θ=gt,所以t=,所以A、B錯(cuò)誤。 二、選擇題Ⅱ 14.

28、A　解析 A.在所有核反應(yīng)中,都遵從“質(zhì)量數(shù)守恒,核電荷數(shù)守恒”的規(guī)律,A正確;B.原子核的結(jié)合能是核反應(yīng)前后有質(zhì)量虧損,以能量的形式釋放出來,B錯(cuò)誤;C.β衰變中生成的電子是一個(gè)中子轉(zhuǎn)化為一個(gè)質(zhì)子同時(shí)生成一個(gè)電子,C錯(cuò)誤;D.半衰期是統(tǒng)計(jì)規(guī)律,對少量原子核來講是沒有意義的,D錯(cuò)誤。 15.CD　解析 a光照射的面積較大,知a光的臨界角較大,根據(jù)sin C=,知a光的折射率較小,折射率小,頻率也小,所以a光的頻率小于b光,故A錯(cuò)誤,B錯(cuò)誤;根據(jù)v=,知a光在水中傳播的速度較大,故C正確;a光在水中傳播的速度較大,則a光的波長較長,由條件間距公式Δx=λ知,a光條紋間距較寬,故D正確。 16

29、.BC　解析 A.交變電流的周期為T=0.4 s,故磁鐵的轉(zhuǎn)速為n= r/s=2.5 r/s,故A錯(cuò)誤。B.通過題圖乙可知電壓的最大值為12 V,故有效值U= V=6 V,故B正確。C.周期T=0.4 s,故ω= rad/s=5π rad/s,故電壓的表達(dá)式為u=12sin 5πt V,故C正確。D.交流電壓的最大值大于電容器的擊穿電壓,故不能直接加在該電容器上,故D錯(cuò)誤。 三、非選擇題 17.答案 (1)4.0　(2)(i)如圖　(ii)4.0　0.05 解析 (1)由題圖可知,F的大小為4.0 N。 (2)作力F1、F2的圖示,作出合力F合,F合長為20 mm,所以F合大小為4

30、.0 N,F合與拉力F的夾角的正切值為0.05。 18.答案 (1)測量電路見解析圖 (2)　U1為電壓表V1的讀數(shù),U2為電壓表V2的讀數(shù),r1為電壓表V1的內(nèi)阻,R0為定值電阻 解析 (1)電路的最大電流為I==0.01 A,電流表量程太大,可以把電壓表V1并聯(lián)一個(gè)定值電阻改裝成電流表,電壓表選擇V2即可,要求測量多組數(shù)據(jù),滑動變阻器需要采用分壓式接法,電路如圖。 (2)流過被測電阻的電流為I=,被測電阻阻值為Rx=。 19.答案 (1)0.5　(2)0.4 s　(3)12 N/C,方向豎直向下 解析 (1)滑塊恰好勻速滑下,則mgsin θ=μmgcos θ,解得μ=0.

31、5; (2)B→C過程,-μmg=ma,a=-μg=-5 m/s2 根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系:x=v0t+at2 解得:t=0.4 s; (3)不加電場時(shí),v=v0+at,解得vC=1 m/s 加電場后,滑塊落至N點(diǎn),由題目條件及平拋運(yùn)動規(guī)律可知,vC'=2vC=2 m/s vC'2-=2a'L 代入數(shù)據(jù)得a'= m/s2 由牛頓第二定律可知μ(mg-qE)=ma',E=12 N/C,方向豎直向下。 20.答案 (1)　(2)6mg,方向向上　(3)9R 解析 (1)魚餌到達(dá)管口C的過程中彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為魚餌的重力勢能和動能, 有6mgR=2.5mgR+, 解得v1=。

32、(2)設(shè)C處管子對魚餌的作用力向下,大小設(shè)為F, 根據(jù)牛頓第二定律有mg+F=m, 解得F=6mg, 由牛頓第三定律可得魚餌對管子的作用力F'=6mg,方向向上。 (3)設(shè)AB長度為h,對應(yīng)平拋水平距離為x, 由機(jī)械能守恒定律有6mgR=mg(R+h-0.5R)+mv2, 由平拋運(yùn)動的規(guī)律得,x=vt,2.5R+h=gt2, 解得x==2, 當(dāng)h=1.5R時(shí),x的最大值xmax=8R, 則Lmax=xmax+R=9R。 21.答案 (1)乙　C　(2)AC 解析 (1)圖甲是螺旋測微器,可以讀數(shù)到0.001 mm,而乙為50分度的游標(biāo)卡尺,最小分度是0.02 mm,d=1

33、9.12 mm;符合游標(biāo)卡尺的讀數(shù),不符合螺旋測微器的讀數(shù)的精確度。故此測量數(shù)據(jù)是選用了儀器乙; 由單擺周期公式:T=2π 可得:T2=L, 若該同學(xué)計(jì)算擺長時(shí)候加的是小球直徑,則對應(yīng)的準(zhǔn)確表達(dá)式應(yīng)為T2=(L-),則可知圖象應(yīng)與橫坐標(biāo)有交點(diǎn),故C正確,AB錯(cuò)誤。 (2)A.根據(jù)動量守恒的條件可知,本實(shí)驗(yàn)需要平衡摩擦力,故在實(shí)驗(yàn)前,必須把長木板的一端墊高,使A能拖著紙帶勻速下行,故A正確;B.本實(shí)驗(yàn)中對A、B兩輛小車的質(zhì)量無特殊要求,故B錯(cuò)誤;C.為了得出動量守恒的表達(dá)式,A、B碰撞后必須保證A、B以共同速度一起運(yùn)動,故C正確;D.碰撞前小車A應(yīng)有速度,故小車A在手推動下開始運(yùn)動,故D

34、錯(cuò)誤。 22.答案 (1)B0IL,方向垂直于紙面向里　(2)4mgd-BILd-2μB0ILd　(3) (4) 解析 (1)安培力大小為F=B0IL,方向垂直紙面向里。 (2)設(shè)裝置由靜止釋放到導(dǎo)體棒運(yùn)動到磁場下邊界的過程中,由動能定理得mg·4d-(Q+BILd+μB0IL·2d)=0 解得Q=4mgd-BILd-2μB0ILd (3)設(shè)線框剛離開磁場下邊界時(shí)的速度為v1,則接著向下運(yùn)動2d,由動能定理得mg·2d-BILd=0- 解得v1= (4)設(shè)裝置在Δt內(nèi)速度變化量為Δv,由動量定理得(-μB0IL+mg-Bid)Δt=mΔv-0 化簡得-μB0ILt+mgt-B

35、dq=mv1,(q=) 解得R= 23.答案 (1)200 V　(2)0.02 m 解析 (1)質(zhì)子經(jīng)電場加速,由動能定理qU=mv2-0 進(jìn)入磁場后做勻速圓周運(yùn)動,有qvB=m 聯(lián)立解得U= 從點(diǎn)O運(yùn)動到x=0.4 m處,圓周運(yùn)動半徑r=0.2 m 代入數(shù)據(jù)解得U1=200 V (2)由題意,當(dāng)Ekmin=288 eV時(shí)對應(yīng)電場力做功最小值qUmin,則Umin=288 V 根據(jù)U=得rmin=0.24 m 對應(yīng)x1=2rmin=0.48 m x=0.6 m時(shí),經(jīng)檢驗(yàn),此時(shí)質(zhì)子已經(jīng)穿出磁場邊界線,不能打到熒光屏上了,以磁場邊界計(jì)算,有rmax=L=0.25 m,即x2=2rmax=0.5 m　 能夠發(fā)光的區(qū)域長度Δx=x2-x1=0.02 m。