2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 第六章 動(dòng)量和動(dòng)量守恒定律 第1講 動(dòng)量和動(dòng)量定理練習(xí)

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1、2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 第六章 動(dòng)量和動(dòng)量守恒定律 第1講 動(dòng)量和動(dòng)量定理練習(xí)1有關(guān)實(shí)際中的現(xiàn)象，下列說法不正確的是()A火箭靠噴出氣流的反沖作用而獲得巨大速度B體操運(yùn)動(dòng)員在著地時(shí)屈腿是為了減小地面對運(yùn)動(dòng)員的作用力C用槍射擊時(shí)要用肩部抵住槍身是為了減少反沖的影響D為了減輕撞車時(shí)對司乘人員的傷害程度，發(fā)動(dòng)機(jī)艙越堅(jiān)固越好解析根據(jù)反沖運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)與應(yīng)用可知，火箭靠噴出氣流的反沖作用而獲得巨大速度，故A項(xiàng)正確；體操運(yùn)動(dòng)員在落地的過程中，動(dòng)量變化一定。由動(dòng)量定理可知，運(yùn)動(dòng)員受到的沖量I一定，由IFt可知，體操運(yùn)動(dòng)員在著地時(shí)屈腿是延長時(shí)間t，可以減小運(yùn)動(dòng)員所受到的平均沖力F，故B項(xiàng)正確；用槍射擊時(shí)子彈給

2、槍身一個(gè)反作用力，會使槍身后退，影響射擊的準(zhǔn)確度，所以為了減少反沖的影響，用槍射擊時(shí)要用肩部抵住槍身，故C項(xiàng)正確；為了減輕撞車時(shí)對司乘人員的傷害程度，就要延長碰撞的時(shí)間，由IFt可知位于車體前部的發(fā)動(dòng)機(jī)艙不能太堅(jiān)固，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。答案D2一物體從某高處由靜止釋放，設(shè)所受空氣阻力恒定，當(dāng)它下落h時(shí)的動(dòng)量大小為p1，當(dāng)它下落2h時(shí)動(dòng)量大小為p2，那么p1p2等于()A11B1C12D14解析物體做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，v2ah，v2a(2h)，則p1m，p2m，p1p21，故B項(xiàng)正確。答案B3甲、乙兩物體分別在恒力F1、F2的作用下，沿同一直線運(yùn)動(dòng)。它們的動(dòng)量隨時(shí)間變化如圖所示。設(shè)甲在t1時(shí)間

3、內(nèi)所受的沖量為I1，乙在t2時(shí)間內(nèi)所受的沖量為I2，則F、I的大小關(guān)系是()AF1F2，I1I2BF1F2，I1F2，I1I2DF1F2，I1I2解析沖量Ip，從題圖上看，甲、乙兩物體動(dòng)量變化的大小I1I2，又因?yàn)镮1F1t1，I2F2t2，t2t1，所以F1F2。答案A4質(zhì)量為0.2 kg的小球豎直向下以6 m/s的速度落至水平地面上，再以4 m/s的速度反向彈回。取豎直向上為正方向，在小球與地面接觸的時(shí)間內(nèi)，關(guān)于球動(dòng)量變化量p和合外力對小球做的功W，下列說法正確的是()Ap2 kgm/sW2 JBp2 kgm/sW2 JCp0.4 kgm/sW2 JDp0.4 kgm/sW2 J解析取豎直

4、向上為正方向，則小球與地面碰撞過程中動(dòng)量的變化量為pmv2mv10.24 kgm/s0.2(6) kgm/s2 kgm/s，方向豎直向上。由動(dòng)能定理，合外力做的功為Wmvmv0.242 J0.262 J2 J，故A項(xiàng)正確。答案A5關(guān)于物體的動(dòng)量和動(dòng)能，下列說法正確的是()A一物體的動(dòng)量不變，其動(dòng)能一定不變B一物體的動(dòng)能不變，其動(dòng)量一定不變C兩物體的動(dòng)量相等，其動(dòng)能一定相等D兩物體的動(dòng)能相等，其動(dòng)量一定相等解析動(dòng)能是標(biāo)量Ekmv2，動(dòng)量是矢量pmv，動(dòng)能與動(dòng)量之間的大小關(guān)系為Ek，一物體的動(dòng)量p不變，其動(dòng)能Ek一定不變，故A項(xiàng)正確；一物體的動(dòng)能不變，其動(dòng)量大小一定不變，但速度的方向可以變化，即動(dòng)

5、量的方向可以變化，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；兩物體的動(dòng)量相等，當(dāng)兩物體的質(zhì)量相等時(shí)，其動(dòng)能一定相等，當(dāng)兩物體的質(zhì)量不等時(shí)，其動(dòng)能一定不相等，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；兩物體動(dòng)能相等，而質(zhì)量不等時(shí)，其動(dòng)量也是不相等的，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。答案A6如圖所示，足夠長的傳送帶以恒定的速率v1逆時(shí)針運(yùn)動(dòng)，一質(zhì)量為m的物塊以大小為v2的初速度從傳送帶的P點(diǎn)沖上傳送帶，從此時(shí)起到物塊再次回到P點(diǎn)的過程中，下列說法正確的是()A合力對物塊的沖量大小一定為2mv2B合力對物塊的沖量大小一定為2mv1C合力對物塊的沖量大小可能為零D合力對物塊做的功可能為零解析若v2v1，則物塊返回到P點(diǎn)的速度大小為v1，根據(jù)動(dòng)量定理知，合力的沖量I合mv1mv2，

6、根據(jù)動(dòng)能定理得，合力做功為Wmvmv，故D項(xiàng)正確，A、B、C項(xiàng)錯(cuò)誤。答案D7(多選)如圖所示，質(zhì)量為m、2m的甲、乙兩個(gè)同種材質(zhì)的物體靜止在粗糙水平面上，某時(shí)刻，它們同時(shí)受到水平恒力F，經(jīng)過時(shí)間t，同時(shí)撤掉力F。下列敘述正確的是()A在力F作用的時(shí)間內(nèi)，兩物體動(dòng)量變化p甲p乙B在力F作用的時(shí)間內(nèi)，兩物體動(dòng)量變化p甲p乙C在力F作用的時(shí)間內(nèi)，兩物體摩擦力的沖量I甲I乙D在力F作用的時(shí)間內(nèi)，兩物體摩擦力的沖量I甲I乙解析由IFt可知，兩物體的恒力的沖量相同；由于兩物體的質(zhì)量不同，故在相同時(shí)間內(nèi)乙物體所受到的摩擦力大于甲物體受到的摩擦力；摩擦力的沖量I甲I乙；乙物體受到的合外力的沖量小于甲的沖量，由

7、動(dòng)量定理可知，兩物體動(dòng)量變化p甲p乙，故B、C項(xiàng)正確，A、D項(xiàng)錯(cuò)誤。答案BC8(多選)在2016年里約奧運(yùn)會跳水比賽中，中國跳水夢之隊(duì)由吳敏霞領(lǐng)銜包攬全部8枚金牌。假設(shè)質(zhì)量為m的跳水運(yùn)動(dòng)員從跳臺上以初速度v0向上跳起，跳水運(yùn)動(dòng)員在跳臺上起跳到入水前重心下降H，入水后受水阻力而減速為零，不計(jì)跳水運(yùn)動(dòng)員水平方向的運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)員入水后到速度為零時(shí)重心下降h，不計(jì)空氣阻力，則()A運(yùn)動(dòng)員起跳后在空中運(yùn)動(dòng)過程中受到合外力沖量大小為mmv0B水對運(yùn)動(dòng)員阻力的沖量大小為mC運(yùn)動(dòng)員克服水的阻力做功為mgHmvD運(yùn)動(dòng)員從跳起到入水后速度減為零的過程中機(jī)械能減少量為mg(Hh)mv解析運(yùn)動(dòng)員入水前機(jī)械能守恒，mgH

8、mv2mv，入水前在空中運(yùn)動(dòng)過程中合外力的沖量大小I1m(vv0)mmv0，A項(xiàng)正確；入水后由動(dòng)量定理得合外力的沖量大小I2mvm，B項(xiàng)錯(cuò)誤；對整個(gè)過程由動(dòng)能定理有mg(Hh)Fh0mv，運(yùn)動(dòng)員克服水的阻力做的功為Fhmg(Hh)mv，C項(xiàng)錯(cuò)誤；運(yùn)動(dòng)員在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能減小量等于克服水的阻力做的功，D項(xiàng)正確。答案ADB組能力提升題9(2018湖南師大附中摸底考試)如圖所示，A、B兩物體質(zhì)量分別為m1和m2置于光滑水平面上，且m1m2，相距較遠(yuǎn)。將兩個(gè)大小均為F的力，同時(shí)分別作用在A、B上經(jīng)相同距離后，撤去兩個(gè)力，兩物體發(fā)生碰撞并粘在一起后將()A停止運(yùn)動(dòng)B向左運(yùn)動(dòng)C向右運(yùn)動(dòng)D運(yùn)動(dòng)方向不能確

9、定解析因?yàn)樗矫婀饣襪1m2，兩物體受到的合力大小相等，所以a1t2，所以兩力的合沖量向右，所以兩物體粘在一起會向右運(yùn)動(dòng)。答案C10如圖所示，在光滑水平面上靜止放著兩個(gè)相互接觸的木塊A、B，質(zhì)量分別為m1和m2，今有一子彈水平穿過兩木塊。設(shè)子彈穿過木塊A、B的時(shí)間分別為t1和t2，木塊對子彈的阻力恒為f，則子彈穿過兩木塊后，木塊A、B的速度大小分別是()A.，B.，C.，D.，解析A與B分離時(shí)二者的速度是相等的，分離后A的速度不變，在分離前子彈對系統(tǒng)的作用力使A與B的速度增大，由動(dòng)量定理得ft1(m1m2)v1，A的速度v1；子彈離開A后A做勻速直線運(yùn)動(dòng)，子彈進(jìn)入B，B做加速運(yùn)動(dòng)，對B，由動(dòng)

10、量定理得ft2m2v2m2v1，解得v2，故B項(xiàng)正確。答案B11如圖所示，質(zhì)量分別為m1 kg和M2 kg的兩物塊疊放在光滑水平桌面上，兩物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，從某時(shí)刻開始，對放在下面的質(zhì)量為m的物塊施加一水平推力F，已知推力F隨時(shí)間t變化的關(guān)系為F6t(N)，兩物塊之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g取10 m/s2，下列結(jié)論正確的是()A兩物塊剛發(fā)生相對運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度為1 m/sB從施加推力F到兩物塊剛發(fā)生相對運(yùn)動(dòng)所需的時(shí)間為 sC從施加推力F到兩物塊剛發(fā)生相對運(yùn)動(dòng)兩物塊的位移為0.5 mD從施加推力F到兩物塊剛發(fā)生相對運(yùn)動(dòng)F的沖量為6 Ns解析當(dāng)兩物塊間達(dá)到最大靜

11、摩擦力時(shí)，M與m發(fā)生相對滑動(dòng)，則此時(shí)M的加速度為ag0.210 m/s22 m/s2，則對整體受力分析可知，F(xiàn)(mM)a32 N6 N6t，則可知從施加推力到發(fā)生相對運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為1 s，F(xiàn)是均勻增加的，故1 s內(nèi)平均推力 N3 N，對整體由動(dòng)量定理可得，t(Mm)v，解得v1 m/s，故A項(xiàng)正確，B項(xiàng)錯(cuò)誤；若物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則1 s內(nèi)的位移xvt0.5 m，而物塊做的是變加速直線運(yùn)動(dòng)，則位移不是0.5 m，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；由動(dòng)量定理可知，I(Mm)v3 Ns，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。答案A12(多選)水平推力F1和F2分別作用在水平面上等質(zhì)量的a、b兩物體上，作用一段時(shí)間后撤去推力，物體將繼續(xù)運(yùn)動(dòng)一段時(shí)

12、間后停下，兩物體vt的圖象如圖所示，圖中ABCD，則()AF1的沖量小于F2的沖量BF1的沖量等于F2的沖量C兩物體受到的摩擦力大小相等D兩物體受到的摩擦力大小不等解析設(shè)a，b兩物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)間分別為t1、t2，則由圖知t1t2，當(dāng)只有摩擦力f作用時(shí)，由ABCD知圖線斜率相同，則加速度相等，由牛頓第二定律知，摩擦力f相等，故C項(xiàng)正確，D選項(xiàng)錯(cuò)誤；對a，由動(dòng)量定理得IF1ft1mvA；對b同理得IF2ft2mvC。由圖象知，vAvC，t1t2，所以由mvAmvC知，IF1IF2，因此F1t1F2t2，即A項(xiàng)正確，B項(xiàng)錯(cuò)誤。答案AC13一壘球手水平揮動(dòng)棒球，迎面打擊一以速度5 m/s水平飛來的壘球，

13、壘球隨后在離打擊點(diǎn)水平距離為30 m的壘球場上落地，設(shè)壘球質(zhì)量為0.18 kg，打擊點(diǎn)離地面高度為2.2 m，球棒與壘球的作用時(shí)間為0.010 s，重力加速度為9.9 m/s2，求球棒對壘球的平均作用力的大小。解析壘球被擊后做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)的公式即可求出球被擊后的速度，然后對球棒擊球的過程運(yùn)用動(dòng)量定理列方程求解作用力。由題意可知，壘球被擊后做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向：hgt2，所以t s，水平方向：xvt，所以球被擊后的速度為v45 m/s。選取球被擊出后的速度方向?yàn)檎较?，則v05 m/s，設(shè)平均作用力為F，則Ft0mvmv0，代入數(shù)據(jù)得F900 N。答案900 N14質(zhì)量為10 kg的物體在F200 N與斜面平行的力作用下，從粗糙斜面的底端由靜止開始沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，斜面固定不動(dòng)且足夠長，斜面傾角37。力F作用2 s后撤去，物體在斜面上繼續(xù)上滑了3 s后，速度減為零。已知g取10 m/s2，不計(jì)空氣阻力。求：(1)物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)。(2)物體沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的最大位移s。解析(1)對全過程應(yīng)用動(dòng)量定理有Ft1mgcos(t1t2)mgsin(t1t2)0，代入數(shù)據(jù)解得0.25。(2)撤去外力F后，由牛頓第二定律有a2gsingcos8 m/s2，撤去外力F時(shí)的速度為va2t224 m/s，總位移為s(t1t2)60 m。答案(1)0.25(2)60 m