新編五年高考真題高考數(shù)學復習 第十章 第六節(jié) 離散型隨機變量的分布列、均值與方差 理全國通用

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1、第六節(jié)第六節(jié)離散型隨機變量的分布列、均值與方差離散型隨機變量的分布列、均值與方差考點一離散型隨機變量的分布列1(20 xx廣東，4)已知離散型隨機變量X的分布列為X123P35310110則X的數(shù)學期望E(X)()A.32B2C.52D3解析由已知條件可知E(X)1352310311032，故選 A.答案A2(20 xx安徽，17)已知 2 件次品和 3 件正品混放在一起，現(xiàn)需要通過檢測將其區(qū)分，每次隨機檢測一件產(chǎn)品， 檢測后不放回， 直到檢測出 2 件次品或者檢測出 3 件正品時檢測結(jié)果(1)求第一次檢測出的是次品且第二次檢測出的是正品的概率；(2)已知每檢測一件產(chǎn)品需要費用 100 元，設(shè)

2、X表示直到檢測出 2 件次品或者檢測出 3 件正品時所需要的檢測費用(單位：元)，求X的分布列和均值(數(shù)學期望)解(1)記“第一次檢測出的是次品且第二次檢測出的是正品”為事件A.P(A)A12A13A25310.(2)X的可能取值為 200，300，400.P(X200)A22A25110，P(X300)A33C12C13A22A35310，P(X400)1P(X200)P(X300)1110310610.故X的分布列為X200300400P110310610E(X)200110300310400610350.3(20 xx福建，16)某銀行規(guī)定，一張銀行卡若在一天內(nèi)出現(xiàn) 3 次密碼嘗試錯誤，

3、該銀行卡將被鎖定小王到該銀行取錢時，發(fā)現(xiàn)自己忘記了銀行卡的密碼，但可以確認該銀行卡的正確密碼是他常用的 6 個密碼之一， 小王決定從中不重復地隨機選擇 1 個進行嘗試 若密碼正確，則結(jié)束嘗試；否則繼續(xù)嘗試，直至該銀行卡被鎖定(1)求當天小王的該銀行卡被鎖定的概率；(2)設(shè)當天小王用該銀行卡嘗試密碼的次數(shù)為X，求X的分布列和數(shù)學期望解(1)設(shè)“當天小王的該銀行卡被鎖定”的事件為A，則P(A)56453412.(2)依題意得，X所有可能的取值是 1，2，3.又P(X1)16，P(X2)561516，P(X3)5645123.所以X的分布列為X123P161623所以E(X)11621632352.

4、4(20 xx重慶，17)端午節(jié)吃粽子是我國的傳統(tǒng)習俗設(shè)一盤中裝有 10 個粽子，其中豆沙粽 2 個，肉粽 3 個，白粽 5 個，這三種粽子的外觀完全相同，從中任意選取 3 個(1)求三種粽子各取到 1 個的概率；(2)設(shè)X表示取到的豆沙粽個數(shù)，求X的分布列與數(shù)學期望解(1)令A表示事件“三種粽子各取到 1 個”，則由古典概型的概率計算公式有P(A)C12C13C15C31014.(2)X的所有可能值為 0，1，2，且P(X0)C38C310715，P(X1)C12C28C310715，P(X2)C22C18C310115.綜上知，X的分布列為X012P715715115故E(X)071517

5、15211535(個)5(20 xx天津，16)某大學志愿者協(xié)會有 6 名男同學，4 名女同學在這 10 名同學中，3名同學來自數(shù)學學院，其余 7 名同學來自物理、化學等其他互不相同的七個學院現(xiàn)從這10 名同學中隨機選取 3 名同學，到希望小學進行支教活動(每位同學被選到的可能性相同)(1)求選出的 3 名同學是來自互不相同學院的概率；(2)設(shè)X為選出的 3 名同學中女同學的人數(shù)，求隨機變量X的分布列和數(shù)學期望解(1)設(shè)“選出的3名同學是來自互不相同的學院”為事件A， 則P(A)C13C27C03C37C3104960.所以，選出的 3 名同學是來自互不相同學院的概率為4960.(2)隨機變量

6、X的所有可能值為 0，1，2，3.P(Xk)Ck4C3k6C310(k0，1，2，3)所以，隨機變量X的分布列是X0123P1612310130隨機變量X的數(shù)學期望E(X)0161122310313065.6(20 xx四川，17)一款擊鼓小游戲的規(guī)則如下：每盤游戲都需擊鼓三次，每次擊鼓要么出現(xiàn)一次音樂，要么不出現(xiàn)音樂；每盤游戲擊鼓三次后，出現(xiàn)一次音樂獲得 10 分，出現(xiàn)兩次音樂獲得 20 分， 出現(xiàn)三次音樂獲得 100 分， 沒有出現(xiàn)音樂則扣除 200 分(即獲得200分)設(shè)每次擊鼓出現(xiàn)音樂的概率為12，且各次擊鼓出現(xiàn)音樂相互獨立(1)設(shè)每盤游戲獲得的分數(shù)為X，求X的分布列；(2)玩三盤游戲

7、，至少有一盤出現(xiàn)音樂的概率是多少？(3)玩過這款游戲的許多人都發(fā)現(xiàn)，若干盤游戲后，與最初的分數(shù)相比，分數(shù)沒有增加反而減少了請運用概率統(tǒng)計的相關(guān)知識分析分數(shù)減少的原因解(1)X可能的取值為：10，20，100，200.根據(jù)題意，有P(X10)C13121112238，P(X20)C23122112138，P(X100)C33123112018，P(X200)C03120112318.所以X的分布列為X1020100200P38381818(2)設(shè)“第i盤游戲沒有出現(xiàn)音樂”為事件Ai(i1，2，3)，則P(A1)P(A2)P(A3)P(X200)18.所以， “三盤游戲中至少有一次出現(xiàn)音樂”的概率

8、為1P(A1A2A3)118311512511512.因此，玩三盤游戲至少有一盤出現(xiàn)音樂的概率是511512.(3)X的數(shù)學期望為E(X)10382038100182001854.這表明，獲得分數(shù)X的均值為負，因此，多次游戲之后分數(shù)減少的可能性更大7(20 xx山東，18)乒乓球臺面被球網(wǎng)分隔成甲、乙兩部分如圖，甲上有兩個不相交的區(qū)域A，B，乙被劃分為兩個不相交的區(qū)域C，D.某次測試要求隊員接到落點在甲上的來球后向乙回球規(guī)定：回球一次，落點在C上記 3 分，在D上記 1 分，其他情況記 0 分對落點在A上的來球，隊員小明回球的落點在C上的概率為12，在D上的概率為13；對落點在B上的來球，小明

9、回球的落點在C上的概率為15，在D上的概率為35.假設(shè)共有兩次來球且落在A，B上各一次，小明的兩次回球互不影響求：(1)小明兩次回球的落點中恰有一次的落點在乙上的概率；(2)兩次回球結(jié)束后，小明得分之和的分布列與數(shù)學期望解(1)記Ai為事件“小明對落點在A上的來球回球的得分為i分”(i0，1，3)，則P(A3)12，P(A1)13，P(A0)1121316；記Bi為事件“小明對落點在B上的來球回球的得分為i分”(i0，1，3)，則P(B3)15，P(B1)35，P(B0)1153515.記D為事件“小明兩次回球的落點中恰有一次的落點在乙上”由題意，DA3B0A1B0A0B1A0B3，由事件的獨

10、立性和互斥性，P(D)P(A3B0A1B0A0B1A0B3)P(A3B0)P(A1B0)P(A0B1)P(A0B3)P(A3)P(B0)P(A1)P(B0)P(A0)P(B1)P(A0)P(B3)1215131516351615310，所以小明兩次回球的落點中恰有一次的落點在乙上的概率為310.(2)由題意，隨機變量可能的取值為 0，1，2，3，4，6，由事件的獨立性和互斥性，得P(0)P(A0B0)1615130，P(1)P(A1B0A0B1)P(A1B0)P(A0B1)1315163516，P(2)P(A1B1)133515，P(3)P(A3B0A0B3)P(A3B0)P(A0B3)121

11、51615215，P(4)P(A3B1A1B3)P(A3B1)P(A1B3)123513151130，P(6)P(A3B3)1215110.可得隨機變量的分布列為：012346P13016152151130110所以數(shù)學期望E()013011621532154113061109130.8(20 xx重慶，18)一盒中裝有 9 張各寫有一個數(shù)字的卡片，其中 4 張卡片上的數(shù)字是 1，3 張卡片上的數(shù)字是 2，2 張卡片上的數(shù)字是 3.從盒中任取 3 張卡片(1)求所取 3 張卡片上的數(shù)字完全相同的概率；(2)X表示所取 3 張卡片上的數(shù)字的中位數(shù)，求X的分布列與數(shù)學期望(注：若三個數(shù)a，b，c滿

12、足abc，則稱b為這三個數(shù)的中位數(shù))解(1)由古典概型中的概率計算公式知所求概率為pC34C33C39584.(2)X的所有可能值為 1，2，3，且P(X1)C24C15C34C391742，P(X2)C13C14C12C23C16C33C394384，P(X3)C22C17C39112，故X的分布列為X123P17424384112從而E(X)117422438431124728.9(20 xx江西，21)隨機將 1，2，2n(nN N*，n2)這 2n個連續(xù)正整數(shù)分成A，B兩組，每組n個數(shù)A組最小數(shù)為a1，最大數(shù)為a2；B組最小數(shù)為b1，最大數(shù)為b2，記a2a1，b2b1.(1)當n3 時

13、，求的分布列和數(shù)學期望；(2)令C表示事件“與的取值恰好相等”，求事件C發(fā)生的概率P(C)；(3)對(2)中的事件C，C表示C的對立事件，判斷P(C)和P(C)的大小關(guān)系，并說明理由解(1)當n3 時，的所有可能取值為 2，3，4，5.將 6 個正整數(shù)平均分成A，B兩組，不同的分組方法共有 C3620 種，所以的分布列為2345P1531031015E()2153310431051572.(2)和恰好相等的所有可能取值為：n1，n，n1，2n2.又和恰好相等且等于n1 時，不同的分組方法有 2 種；和恰好相等且等于n時，不同的分組方法有 2 種；和恰好相等且等于nk(k1，2，n2)(n3)時

14、，不同的分組方法有 2Ck2k種；所以當n2 時，P(C)4623，當n3 時，P(C)22122(2C )Cnkkknn.(3)由(2)知當n2 時，P(C)13，因此P(C)P(C)而當n3 時，P(C)P(C)，理由如下：P(C)P(C)等價于2214(2Cnnnk.1當n=3 時，式左邊=4（2+12C）=4（2+2）=16，右邊=C36C=20，所以式成立.2假設(shè) n=m(m3)時式成立，22214(2C)CmKmKmk即成立那么，當n=m+1 時，左邊=1 2214(2Cmkkk 21122(1)22(1)14(2C )4CC+4Cmkmmmkmmmk（2m） ！m！m！4 （2m

15、2） ！（m1） ！ （m1） ?。╩1）2（2m） （2m2） ！ （4m1）（m1） ！ （m1） ?。╩1）2（2m） （2m2） ！ （4m）（m1） ！ （m1） ！Cm12（m1）2（m1）m（2m1） （2m1）Cm12（m1）右邊即當nm1 時式也成立綜合 1，2得：對于n3 的所有正整數(shù)，都有P(C)P(C)成立10(20 xx天津，16)一個盒子里裝有 7 張卡片，其中有紅色卡片 4 張，編號分別為 1，2，3，4；白色卡片 3 張，編號分別為 2，3，4.從盒子中任取 4 張卡片(假設(shè)取到任何一張卡片的可能性相同)(1)求取出的 4 張卡片中，含有編號為 3 的卡片的概率

16、；(2)在取出的 4 張卡片中，紅色卡片編號的最大值設(shè)為X，求隨機變量X的分布列和數(shù)學期望解(1)設(shè)“取出的 4 張卡片中， 含有編號為 3 的卡片”為事件A， 則P(A)C12C35C22C25C4767.所以取出的 4 張卡片中，含有編號為 3 的卡片的概率為67.(2)隨機變量X的所有可能取值為 1，2，3，4.P(X1)C33C47135，P(X2)C34C47435，P(X3)C35C4727，P(X4)C36C4747.所以隨機變量X的分布列是X1234P1354352747隨機變量X的數(shù)學期望E(X)11352435327447175.11(20 xx北京，16)下圖是某市 3

17、月 1 日至 14 日的空氣質(zhì)量指數(shù)趨勢圖，空氣質(zhì)量指數(shù)小于 100 表示空氣質(zhì)量優(yōu)良，空氣質(zhì)量指數(shù)大于 200 表示空氣重度污染某人隨機選擇 3月 1 日至 3 月 13 日的某一天到達該市，并停留 2 天(1)求此人到達當日空氣重度污染的概率；(2)設(shè)X是此人停留期間空氣質(zhì)量優(yōu)良的天數(shù)，求X的分布列與數(shù)學期望；(3)由圖判斷從哪天開始連續(xù)三天的空氣質(zhì)量指數(shù)方差最大？(結(jié)論不要求證明)解設(shè)Ai表示事件“此人于 3 月i日到達該市”(i1，2，13)根據(jù)題意，P(Ai)113，且AiAj (ij)(1)設(shè)B為事件“此人到達當日空氣質(zhì)量重度污染”，則BA5A8.所以P(B)P(A5A8)P(A5

18、)P(A8)213.(2)由題意可知，X的所有可能取值為 0，1，2，且P(X1)P(A3A6A7A11)P(A3)P(A6)P(A7)P(A11)413，P(X2)P(A1A2A12A13)P(A1)P(A2)P(A12)P(A13)413，P(X0)1P(X1)P(X2)513.所以X的分布列為X012P513413413故X的期望E(X)0513141324131213.(3)從 3 月 5 日開始連續(xù)三天的空氣質(zhì)量指數(shù)方差最大12(20 xx江西，18)小波以游戲方式?jīng)Q定是參加學校合唱團還是參加學校排球隊，游戲規(guī)則為：以O(shè)為起點，再從A1，A2，A3，A4，A5，A6，A7，A8(如圖

19、)這 8 個點中任取兩點分別為終點得到兩個向量，記這兩個向量的數(shù)量積為X.若X0 就參加學校合唱團，否則就參加學校排球隊(1)求小波參加學校合唱團的概率；(2)求X的分布列和數(shù)學期望解(1)從 8 個點中任取兩點為向量終點的不同取法共有 C2828 種，X0 時，兩向量夾角為直角共有 8 種情形，所以小波參加學校合唱團的概率為P(X0)82827.(2)兩向量數(shù)量積X的所有可能取值為2，1，0，1，X2 時，有 2 種情形；X1 時，有 8 種情形；X1 時，有 10 種情形所以X的分布列為：X2101P1145142727E(X)(2)114(1)514027127314.13.(20 xx

20、湖南，18)某人在如圖所示的直角邊長為 4 米的三角形地塊的每個格點(指縱、橫直線的交叉點以及三角形的頂點)處都種了一株相同品種的作物根據(jù)歷年的種植經(jīng)驗，一株該種作物的年收獲量Y(單位：kg)與它的“相近”作物株數(shù)X之間的關(guān)系如下表所示：X1234Y51484542這里，兩株作物“相近”是指它們之間的直線距離不超過 1 米(1)從三角形地塊的內(nèi)部和邊界上分別隨機選取一株作物，求它們恰好“相近”的概率；(2)從所種作物中隨機選取一株，求它的年收獲量的分布列與數(shù)學期望解(1)所種作物總株數(shù)N1234515，其中三角形地塊內(nèi)部的作物株數(shù)為 3，邊界上的作物株數(shù)為 12.從三角形地塊的內(nèi)部和邊界上分別

21、隨機選取一株的不同結(jié)果有C13C11236 種，選取的兩株作物恰好“相近”的不同結(jié)果有 3328 種故從三角形地塊的內(nèi)部和邊界上分別隨機選取一株作物， 它們恰好“相近”的概率為83629.(2)先求從所種作物中隨機選取的一株作物的年收獲量Y的分布列因為P(Y51)P(X1)，P(Y48)P(X2)，P(Y45)P(X3)，P(Y42)P(X4)，所以只需求出P(Xk)(k1，2，3，4)即可記nk為其“相近”作物恰有k株的作物株數(shù)(k1，2，3，4)，則n12，n24，n36，n43.由P(Xk)nkN得P(X1)215，P(X2)415，P(X3)61525，P(X4)31515.故所求的分

22、布列為Y51484542P2154152515所求的數(shù)學期望為E(Y)51215484154525421534649042546.14(20 xx新課標全國，19)經(jīng)銷商經(jīng)銷某種農(nóng)產(chǎn)品，在一個銷售季度內(nèi)，每售出 1 t該產(chǎn)品獲利潤 500 元，未售出的產(chǎn)品，每 1 t 虧損 300 元根據(jù)歷史資料，得到銷售季度內(nèi)市場需求量的頻率分布直方圖，如圖所示，經(jīng)銷商為下一個銷售季度購進了 130 t 該農(nóng)產(chǎn)品，以X(單位：t，100X150)表示下一個銷售季度內(nèi)的市場需求量，T(單位：元)表示下一個銷售季度內(nèi)經(jīng)銷該農(nóng)產(chǎn)品的利潤(1)將T表示為X的函數(shù)；(2)根據(jù)直方圖估計利潤T不少于 57 000 元的

23、概率；(3)在直方圖的需求量分組中，以各組的區(qū)間中點值代表該組的各個值，并以需求量落入該區(qū)間的頻率作為需求量取該區(qū)間中點值的概率(例如：若需求量X100，110)，則取X105，且X105 的概率等于需求量落入100，100)的頻率)，求T的數(shù)學期望解(1)當X100，130)時，T500X300(130X)800X39 000，當X130，150時，T50013065 000.所以T800X39 000，100X2)0.5；X1 對應(yīng)第一個顧客辦理業(yè)務(wù)所需的時間為 1 分鐘且第二個顧客辦理業(yè)務(wù)所需的時間超過 1 分鐘，或第一個顧客辦理業(yè)務(wù)所需的時間為 2 分鐘，所以P(X1)P(Y1)P(Y

24、1)P(Y2)0.10.90.40.49；X2 對應(yīng)兩個顧客辦理業(yè)務(wù)所需的時間均為 1 分鐘，所以P(X2)P(Y1)P(Y1)0.10.10.01.所以X的分布列為X012P0.50.490.01E(X)00.510.4920.010.51.法二X所有可能的取值為 0，1，2.X0 對應(yīng)第一個顧客辦理業(yè)務(wù)所需的時間超過 2 分鐘，所以P(X0)P(Y2)0.5；X2 對應(yīng)兩個顧客辦理業(yè)務(wù)所需的時間均為 1 分鐘，所以P(X2)P(Y1)P(Y1)0.10.10.01；P(X1)1P(X0)P(X2)0.49.所以X的分布列為X012P0.50.490.01E(X)00.510.4920.01

25、0.51.考點二均值與方差1(20 xx浙江，9)已知甲盒中僅有 1 個球且為紅球，乙盒中有m個紅球和n個藍球(m3，n3)，從乙盒中隨機抽取i(i1，2)個球放入甲盒中(a)放入i個球后，甲盒中含有紅球的個數(shù)記為i(i1，2)；(b)放入i個球后，從甲盒中取 1 個球是紅球的概率記為pi(i1，2)則()Ap1p2，E(1)E(2)Bp1E(2)Cp1p2，E(1)E(2)Dp1p2，E(1)p2，E(1)E(2)，故選 A.答案A2(20 xx湖北，9)如圖，將一個各面都涂了油漆的正方體，切割為 125個同樣大小的小正方體，經(jīng)過攪拌后，從中隨機取一個小正方體，記它的涂漆面數(shù)為X，則X的均值

26、E(X)()A.126125B.65C.168125D.75解析由題意可知涂漆面數(shù)X的可能取值為 0，1，2，3.由于P(X0)27125，P(X1)54125，P(X2)36125，P(X3)8125，故E(X)0271251541252361253812515012565.答案B3(20 xx上海，9)馬老師從課本上抄錄一個隨機變量的概率分布列如下表：x123P(x)？??？請小牛同學計算的數(shù)學期望盡管“！”處完全無法看清，且兩個“？”處字跡模糊，但能斷定這兩個“？”處的數(shù)值相同據(jù)此，小牛給出了正確答案E()_.解析令“？”為a， “！”為b，則 2ab1.又E()a2b3a2(2ab)2.

27、答案24(20 xx浙江，15)某畢業(yè)生參加人才招聘會，分別向甲、乙、丙三個公司投遞了個人簡歷，假定該畢業(yè)生得到甲公司面試的概率為23，得到乙、丙兩公司面試的概率均為p，且三個公司是否讓其面試是相互獨立的記X為該畢業(yè)生得到面試的公司個數(shù)若P(X0)112，則隨機變量X的數(shù)學期望E(X)_.解析P(X0)13(1p)2112，p12.則P(X1)231212131212213，P(X2)2312122131212512，P(X3)23121216.則E(X)0112113251231653.答案535(20 xx天津，16)為推動乒乓球運動的發(fā)展，某乒乓球比賽允許不同協(xié)會的運動員組隊參加現(xiàn)有來自

28、甲協(xié)會的運動員 3 名，其中種子選手 2 名；乙協(xié)會的運動員 5 名，其中種子選手 3 名從這 8 名運動員中隨機選擇 4 人參加比賽(1)設(shè)A為事件“選出的 4 人中恰有 2 名種子選手， 且這 2 名種子選手來自同一個協(xié)會”，求事件A發(fā)生的概率；(2)設(shè)X為選出的 4 人中種子選手的人數(shù)，求隨機變量X的分布列和數(shù)學期望解(1)由已知，有P(A)C22C23C23C23C48635.所以，事件A發(fā)生的概率為635.(2)隨機變量X的所有可能取值為 1，2，3，4.P(Xk)Ck5C4k3C48(k1，2，3，4)所以隨機變量X的分布列為X1234P1143737114隨機變量X的數(shù)學期望E(

29、X)1114237337411452.6(20 xx山東，19)若n是一個三位正整數(shù)，且n的個位數(shù)字大于十位數(shù)字，十位數(shù)字大于百位數(shù)字，則稱n為“三位遞增數(shù)”(如 137，359，567 等)在某次數(shù)學趣味活動中，每位參加者需從所有的“三位遞增數(shù)”中隨機抽取 1 個數(shù)， 且只能抽取一次 得分規(guī)則如下：若抽取的“三位遞增數(shù)”的三個數(shù)字之積不能被 5 整除，參加者得 0 分；若能被 5整除，但不能被 10 整除，得1 分；若能被 10 整除，得 1 分(1)寫出所有個位數(shù)字是 5 的“三位遞增數(shù)”；(2)若甲參加活動，求甲得分X的分布列和數(shù)學期望E(X)解(1)個位數(shù)是 5 的“三位遞增數(shù)”有 1

30、25，135，145，235，245，345；(2)由題意知，全部“三位遞增數(shù)”的個數(shù)為 C3984，隨機變量X的取值為：0，1，1，因此P(X0)C38C3923，P(X1)C24C39114，P(X1)1114231142，所以X的分布列為X011P231141142則E(X)023(1)11411142421.7(20 xx湖南，18)某商場舉行有獎促銷活動，顧客購買一定金額的商品后即可抽獎，每次抽獎都是從裝有 4 個紅球、6 個白球的甲箱和裝有 5 個紅球、5 個白球的乙箱中，各隨機摸出 1 個球，在摸出的 2 個球中，若都是紅球，則獲一等獎；若只有 1 個紅球，則獲二等獎；若沒有紅球

31、，則不獲獎(1)求顧客抽獎 1 次能獲獎的概率；(2)若某顧客有 3 次抽獎機會，記該顧客在 3 次抽獎中獲一等獎的次數(shù)為X，求X的分布列和數(shù)學期望解(1)記事件A1從甲箱中摸出的 1 個球是紅球，A2從乙箱中摸出的 1 個球是紅球，B1顧客抽獎 1 次獲一等獎，B2顧客抽獎 1 次獲二等獎，C顧客抽獎 1 次能獲獎由題意，A1與A2相互獨立，A1A2與A1A2互斥，B1與B2互斥，且B1A1A2，B2A1A2A1A2，CB1B2.因為P(A1)41025，P(A2)51012，所以P(B1)P(A1A2)P(A1)P(A2)251215，P(B2)P(A1A2A1A2)P(A1A2)P(A1

32、A2)P(A1)P(A2)P(A1)P(A2)P(A1)(1P(A2)(1P(A1)P(A2)25112 125 1212.故所求概率為P(C)P(B1B2)P(B1)P(B2)1512710.(2)顧客抽獎 3 次可視為 3 次獨立重復試驗， 由(1)知， 顧客抽獎 1 次獲一等獎的概率為15，所以XB3，15 .于是P(X0)C0315045364125，P(X1)C1315145248125，P(X2)C2315245112125，P(X3)C331534501125.故X的分布列為X0123P6412548125121251125X的數(shù)學期望為E(X)31535.8(20 xx安徽，1

33、7)甲乙兩人進行圍棋比賽，約定先連勝兩局者直接贏得比賽，若賽完 5局仍未出現(xiàn)連勝，則判定獲勝局數(shù)多者贏得比賽假設(shè)每局甲獲勝的概率為23，乙獲勝的概率為13，各局比賽結(jié)果相互獨立(1)求甲在 4 局以內(nèi)(含 4 局)贏得比賽的概率；(2)記X為比賽決出勝負時的總局數(shù)，求X的分布列和均值(數(shù)學期望)解用A表示“甲在 4 局以內(nèi)(含 4 局)贏得比賽”，Ak表示“第k局甲獲勝”，Bk表示“第k局乙獲勝”，則P(Ak)23，P(Bk)13，k1，2，3，4，5.(1)P(A)P(A1A2)P(B1A2A3)P(A1B2A3A4)P(A1)P(A2)P(B1)P(A2)P(A3)P(A1)P(B2)P(

34、A3)P(A4)2321323223132325681.(2)X的可能取值為 2，3，4，5.P(X2)P(A1A2)P(B1B2)P(A1)P(A2)P(B1)P(B2)59，P(X3)P(B1A2A3)P(A1B2B3)P(B1)P(A2)P(A3)P(A1)P(B2)P(B3)29，P(X4)P(A1B2A3A4)P(B1A2B3B4)P(A1)P(B2)P(A3)P(A4)P(B1)P(A2)P(B3)P(B4)1081，P(X5)1P(X2)P(X3)P(X4)881.故X的分布列為X2345P59291081881E(X)25932941081588122481.9(20 xx福建

35、，18)為回饋顧客，某商場擬通過摸球兌獎的方式對 1 000 位顧客進行獎勵，規(guī)定： 每位顧客從一個裝有 4 個標有面值的球的袋中一次性隨機摸出 2 個球， 球上所標的面值之和為該顧客所獲的獎勵額(1)若袋中所裝的 4 個球中有 1 個所標的面值為 50 元，其余 3 個均為 10 元，求：()顧客所獲的獎勵額為 60 元的概率；()顧客所獲的獎勵額的分布列及數(shù)學期望；(2)商場對獎勵總額的預算是 60 000 元，并規(guī)定袋中的 4 個球只能由標有面值 10 元和 50元的兩種球組成， 或標有面值 20 元和 40 元的兩種球組成 為了使顧客得到的獎勵總額盡可能符合商場的預算且每位顧客所獲的獎

36、勵額相對均衡， 請對袋中的 4 個球的面值給出一個合適的設(shè)計，并說明理由解(1)設(shè)顧客所獲的獎勵額為X.()依題意，得P(X60)C11C13C2412，即顧客所獲的獎勵額為 60 元的概率為12.()依題意，得X的所有可能取值為 20，60.P(X60)12，P(X20)C23C2412，即X的分布列為X2060P1212所以顧客所獲的獎勵額的期望為E(X)2012601240(元)(2)根據(jù)商場的預算，每個顧客的平均獎勵額為 60 元所以，先尋找期望為 60 元的可能方案對于面值由 10 元和 50 元組成的情況，如果選擇(10，10，10，50)的方案，因為60 元是面值之和的最大值，所

37、以期望不可能為 60 元；如果選擇(50，50，50，10)的方案，因為 60 元是面值之和的最小值，所以期望也不可能為 60 元，因此可能的方案是(10，10，50，50)，記為方案 1.對于面值由 20 元和 40 元組成的情況，同理可排除(20，20，20，40)和(40，40，40，20)的方案，所以可能的方案是(20，20，40，40)，記為方案 2.以下是對兩個方案的分析：對于方案 1，即方案(10，10，50，50)，設(shè)顧客所獲的獎勵額為X1，則X1的分布列為X12060100P162316X1的期望為E(X1)201660231001660，X1的方差為D(X1)(2060)2

38、16(6060)223(10060)2161 6003.對于方案 2，即方案(20，20，40，40)，設(shè)顧客所獲的獎勵額為X2，則X2的分布列為X2406080P162316X2的期望為E(X2)40166023801660，X2的方差為D(X2)(4060)216(6060)223(8060)2164003.由于兩種方案的獎勵額的期望都符合要求， 但方案 2 獎勵額的方差比方案 1 的小， 所以應(yīng)該選擇方案 2.10(20 xx遼寧，18)一家面包房根據(jù)以往某種面包的銷售記錄，繪制了日銷售量的頻率分布直方圖，如圖所示將日銷售量落入各組的頻率視為概率，并假設(shè)每天的銷售量相互獨立(1)求在未來

39、連續(xù) 3 天里，有連續(xù) 2 天的日銷售量都不低于 100 個且另 1 天的日銷售量低于 50 個的概率；(2)用X表示在未來 3 天里日銷售量不低于 100 個的天數(shù)，求隨機變量X的分布列，期望E(X)及方差D(X)解(1)設(shè)A1表示事件“日銷售量不低于 100 個”，A2表示事件“日銷售量低于 50 個” ，B表示事件“在未來連續(xù) 3 天里， 有連續(xù) 2 天的日銷售量都不低于 100 個且另 1 天的日銷售量低于 50 個”，因此P(A1)(0.0060.0040.002)500.6，P(A2)0.003500.15，P(B)0.60.60.1520.108.(2)X可能取的值為 0，1，2

40、，3，相應(yīng)的概率為P(X0)C03(10.6)30.064，P(X1)C130.6(10.6)20.288，P(X2)C230.62(10.6)0.432，P(X3)C330.630.216.分布列為X0123P0.0640.2880.4320.216因為XB(3， 0.6)， 所以期望E(X)30.61.8， 方差D(X)30.6(10.6)0.72.11(20 xx新課標全國，19)一批產(chǎn)品需要進行質(zhì)量檢驗，檢驗方案是：先從這批產(chǎn)品中任取 4 件作檢驗，這 4 件產(chǎn)品中優(yōu)質(zhì)品的件數(shù)記為n.如果n3，再從這批產(chǎn)品中任取 4件作檢驗，若都為優(yōu)質(zhì)品，則這批產(chǎn)品通過檢驗；如果n4，再從這批產(chǎn)品中任

41、取 1 件作檢驗，若為優(yōu)質(zhì)品，則這批產(chǎn)品通過檢驗；其他情況下，這批產(chǎn)品都不能通過檢驗假設(shè)這批產(chǎn)品的優(yōu)質(zhì)品率為 50%，即取出的每件產(chǎn)品是優(yōu)質(zhì)品的概率都為12，且各件產(chǎn)品是否為優(yōu)質(zhì)品相互獨立(1)求這批產(chǎn)品通過檢驗的概率；(2)已知每件產(chǎn)品的檢驗費用為 100 元，且抽取的每件產(chǎn)品都需要檢驗，對這批產(chǎn)品作質(zhì)量檢驗所需的費用記為X(單位：元)，求X的分布列及數(shù)學期望解(1)設(shè)第一次取出的 4 件產(chǎn)品中恰有 3 件優(yōu)質(zhì)品為事件A1，第一次取出的 4 件產(chǎn)品全是優(yōu)質(zhì)品為事件A2，第二次取出的 4 件產(chǎn)品是優(yōu)質(zhì)品為事件B1，第二次取出的 1 件產(chǎn)品是優(yōu)質(zhì)品為事件B2，這批產(chǎn)品通過檢驗為事件A，依題意有A(A1B1)(A2B2)，且A1B1與A2B2互斥，所以P(A)P(A1B1)P(A2B2)P(A1)P(B1|A1)P(A2)P(B2|A2)41611611612364.(2)X可能的取值為 400，500，800，并且P(X400)14161161116，P(X500)116，P(X800)14.所以X的分布列為X400500800P111611614E(X)400111650011680014506.25.