新版高考數(shù)學備考沖刺之易錯點點睛系列專題 導數(shù)及應用教師版
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1、 1
2、 1 導數(shù)及應用 一、高考預測 從近幾年考查的趨勢看,本專題考查的重點是導數(shù)在研究函數(shù)的單調性和極值中的應用、導數(shù)在研究方程和不等式中的應用,考查的形式是解答題考查導數(shù)在研究函數(shù)問題中的綜合運用,但常圍繞一些交叉點設計一些新穎的試題,大部分函數(shù)和導數(shù)的基礎試題難度也不大,但少數(shù)函數(shù)的基礎試題難度較大,解答題中的函數(shù)導數(shù)試題也具有一定的難度. 由于該專題的絕大多數(shù)內容(除定積分
3、)都是傳統(tǒng)的高中數(shù)學內容,在考查上已經(jīng)基本穩(wěn)定(難度穩(wěn)定、考查重點穩(wěn)定、考查的分值穩(wěn)定),預計20xx年基本上還是這個考查趨勢,具體為:以選擇題或者填空題的方式考查導數(shù)的幾何意義的應用,定積分的計算及其簡單應用.以解答題的方式考查導數(shù)在函數(shù)問題中的綜合應用,重點是使用導數(shù)的方法研究函數(shù)的單調性和極值以及能夠轉化為研究函數(shù)的單調性、極值、最值問題的不等式和方程等問題,考查函數(shù)建模和利用導數(shù)解模. 導數(shù)及其應用:要掌握好導數(shù)的幾何意義、導數(shù)的運算、導數(shù)和函數(shù)的單調性與極值的關系,由于函數(shù)的極值和最值的解決是以函數(shù)的單調性為前提的,因此要重點解決導數(shù)在研究函數(shù)單調性中的應用,特別是含有字母參數(shù)的函
4、數(shù)的單調性(這是高考考查分類與整合思想的一個主要命題點),在解決好上述問題后,要注意把不等式問題、方程問題轉化為函數(shù)的單調性、極值、最值進行研究性訓練,這是高考命制壓軸題的一個重要考查點. 二、知識導學 要點1:利用導數(shù)研究曲線的切線 1.導數(shù)的幾何意義:函數(shù)在處的導數(shù)的幾何意義是:曲線在點處的切線的斜率(瞬時速度就是位移函數(shù)對時間的導數(shù))。 2.求曲線切線方程的步驟:(1)求出函數(shù)在點的導數(shù),即曲線在點處切線的斜率;(2)在已知切點坐標和切線斜率的條件下,求得切線方程為。注:①當曲線在點處的切線平行于軸(此時導數(shù)不存在)時,由切線定義可知,切線方程為;②當切點坐標未知時,應首先設出切
5、點坐標,再求解。 要點2:利用導數(shù)研究導數(shù)的單調性 利用導數(shù)研究函數(shù)單調性的一般步驟。(1)確定函數(shù)的定義域;(2)求導數(shù);(3)①若求單調區(qū)間(或證明單調性),只需在函數(shù)的定義域內解(或證明)不等式>0或<0。②若已知的單調性,則轉化為不等式≥0或≤0在單調區(qū)間上恒成立問題求解。 要點3:利用導數(shù)研究函數(shù)的極值與最值 1.在求可導函數(shù)的極值時,應注意:(以下將導函數(shù)取值為0的點稱為函數(shù)的駐點可導函數(shù)的極值點一定是它的駐點,注意一定要是可導函數(shù)。例如函數(shù)在點處有極小值=0,可是這里的根本不存在,所以點不是的駐點.(1) 可導函數(shù)的駐點可能是它的極值點,也可能不是極值點。例如函數(shù)的導數(shù)
6、,在點處有,即點是的駐點,但從在上為增函數(shù)可知,點不是的極值點.(2) 求一個可導函數(shù)的極值時,常常把駐點附近的函數(shù)值的討論情況列成表格,這樣可使函數(shù)在各單調區(qū)間的增減情況一目了然.(3) 在求實際問題中的最大值和最小值時,一般是先找出自變量、因變量,建立函數(shù)關系式,并確定其定義域.如果定義域是一個開區(qū)間,函數(shù)在定義域內可導(其實只要是初等函數(shù),它在自己的定義域內必然可導),并且按常理分析,此函數(shù)在這一開區(qū)間內應該有最大(?。┲担ㄈ绻x域是閉區(qū)間,那么只要函數(shù)在此閉區(qū)間上連續(xù),它就一定有最大(?。?記住這個定理很有好處),然后通過對函數(shù)求導,發(fā)現(xiàn)定義域內只有一個駐點,那么立即可以斷定在這個駐
7、點處的函數(shù)值就是最大(?。┲?。知道這一點是非常重要的,因為它在應用一般情況下選那個不帶常數(shù)的。因為. 3.利用定積分來求面積時,特別是位于軸兩側的圖形的面積的計算,分兩部分進行計算,然后求兩部分的代數(shù)和. 三、易錯點點睛 命題角度 1導數(shù)的概念與運算 1.設,,…, ,n∈N,則 ( ) A.sinx B.-sinx C.cosx D.-cosx [考場錯解] 選C [專家把脈] 由=,,f3(x) =(-sinx)’=-cosx, ,,故周期為4。 [對癥下藥] 選A 2.已知函數(shù)在x=1處的導數(shù)為3,的解析
8、式可能為 ( ) A.=(x-1)3+32(x-1) B.=2x+1 C.=2(x-1)2 D.=-x+3 [考場錯解] 選B ∵f(x)=2x+1,∴f’(x)=(2x+1)’=2x+1|x=1=3. [專家把脈] 上面解答錯誤原因是導數(shù)公式不熟悉,認為(2x+1)’=2x+1.正確的是(2x+1)’=2,所以x=1時的導數(shù)是2,不是3。 =2e-xcosx令f’(x)=0,x=nπ+(n=1,2,3,…)從而xn=nπ+。f(xn)=e-( nπ+)(-1)n·=-e. ∴數(shù)列{f(xn)}是公比為q=-e-π的等比數(shù)列。 [專家把脈]
9、上面解答求導過程中出現(xiàn)了錯誤,即(e-x)’=e-x是錯誤的,由復合函數(shù)的求導法則知(e-x)’=e-x(-x)’=-e-x才是正確的。 [對診下藥](1)證明:f’(x)=(e-x)’(cos+sinx)+e-x(cosx+sinx)’ =-e-x(cosx+sinx) +e-x(-sinx+cos) =-2e-xsinx. 令f’(x)=0得-2e-xsinx=0,解出x=nπ,(n為整數(shù),從而xn=nπ(n=1,2,3,…), f(xn)=(-1)ne-nπ,所以數(shù)列|f(xn)|是公比q=-e-π的等比數(shù)列,且首項f(x1)=-e-π (2)Sn=x1f(x1)+x2f(x2)
10、+…+xnf(xn)=nq(1+2q+…+nqn-1) aSn=πq(q+2q2+…+nqn)=πq(-nqn)從而Sn=(-nqn) ∵|q|=e-π<1 ∴qn=0,∴ 專家會診1.理解導數(shù)的概念時應注意導數(shù)定義的另一種形式:設函數(shù)f(x)在x=a處可導,則的運用。2.復合函數(shù)的求導,關鍵是搞清復合關系,求導應從外層到內層進行,注意不要遺漏3.求導數(shù)時,先化簡再求導是運算的基本方法,一般地,分式函數(shù)求導,先看是否化為整式函數(shù)或較簡單的分式函數(shù);對數(shù)函數(shù)求導先化為和或差形式;多項式的積的求導,先展開再求導等等。 命題角度 2導數(shù)幾何意義的運用 1.曲線y=x3在點(1,1)的
11、切線與x軸、直線x=2所圍成的三角形面積為_________. [考場錯解] 填2 由曲線y=x3在點(1,1)的切線斜率為1,∴切線方程為y-1==x-1,y=x.所以三條直線y=x,x=0,x=2所圍成的三角形面積為S=×2×2=2。 [專家把脈] 根據(jù)導數(shù)的幾何意義,曲線在某點處的切線斜率等于函數(shù)在這點處的導數(shù),上面的解答顯然是不知道這點,無故得出切線的斜率為1顯然是錯誤的。 [對癥下藥] 填?!?3x2 當x=1時f’(1)=3.由導數(shù)的幾何意義知,曲線在點(1,1)處的斜率為3。即切線方程為y-1=3(x-1) 得y=3x-2.聯(lián)立得交點(2,4)。又y=3x-2與x軸交
12、于(,0)?!嗳龡l直線所圍成的面積為S=×4×(2-)=。 2.設t≠0,點P(t,0)是函數(shù)=x3+ax與g(x)=bx3+c的圖像的一個公共點,兩函數(shù)的圖像在P點處有相同的切線。(1)用t表示a、b、c;(2)若函數(shù)y=f(x)-g(x)在(-1,3)上單調遞減,求t的取值范圍。 [考場錯解] (1)∵函數(shù)=x3+ax與g(x)=bx2+c的圖像的一個公共點P(t,0).∴f(t)=g(t)t3+at=bt2+c. ①又兩函數(shù)的圖像在點P處有相同的切線,∴f’(t)=g’(t) 3t3+a=2bt. ②由①得b=t,代入②得a=-t2.∴c=-t3. [專家把脈] 上面解答中得b=t
13、理由不充足,事實上只由①、②兩式是不可用t表示a、b、c,其實錯解在使用兩函數(shù)有公共點P,只是利用f(t)=g(t)是不準確的,準確的結論應是f(t)=0,即t3+at=0,因為t≠0,所以a=-t2.g(t)=0即bt2+c=0,所以c=ab又因為f(x)、g(x)在(t,0)處有相同的切線, 所以f’(t)=g;(t).即3t2+a=2bt, ∵a=-t2, ∴b=t.因此c=ab=-t2·t=-t3.故a=-t2,b=t,c=-t3 (2)解法1 y=-g(x)=x3-t2x-tx2+t3 y’=3x2-2tx-t2=(3x+t)(x-t). 當y’=(3x+t)(x-t)<
14、0時,函數(shù)y=f(d)-g(x)單調遞減。 由y’<0,若t<0,則t 15、題意f’(1)=f’(-1)=0
即 解得 a=1,b=0∴f(x)=x3+3x,f’(x)=3x2-3=0.解得x=±1.
又∵x∈(-∞,-1) ∪(1,+∞)f’(x)>0∴f(x)在(-∞,-1)與(1,+∞)上是增函數(shù)。
若x∈[-1,1]時,f’(x) ≤0,故f9x)在[-1,1]上是減函數(shù)。
∴f(-1)=2是極大值。f(1)=-2是極小值。
(2)解:曲線方程為y==x3-3x,點A(0,16)不在曲線上。設切點M(x0,y0),則點M在曲線上,
∴y0=x30-3x0.因f’(x0)=3x20-3.故切線的方程為y-y0=(3x20-3)(x-x0). ∵ 16、點A(0,16)在曲線上,有16-(x20-0)=3(x20-1)(0-x0),化簡得x30=-8,得x0=-2.
專家會診 設函數(shù)y=f(x),在點(x0,y0)處的導數(shù)為f’(x0),則過此點的切線的斜率為f’(x0),在此點處的切線方程為y-y0=f’(x0)(x-x0).利用導數(shù)的這個幾何意義可將解析幾何的問題轉化為代數(shù)問題求解。
命題角度 3導數(shù)的應用
1.(典型例題)已知函數(shù)=-x3+3x2+9x+a.(1)求的單調遞減區(qū)間;(2)若在區(qū)間[-2,2]上最大值為20,求它在該區(qū)間上的最小值。
[考場錯解](1)=-3x2+6x+9,令<0,解得x<-1或x>3,∴函數(shù)的音 17、調遞減區(qū)間為(-∞,-1)(3,+∞)
(2)令=0,得x=-1或x=3當-2 18、本題應該有在R上恒小于或等于0。
[對癥下藥] 函數(shù)的導數(shù):=3x2+6x-1.
當=3ax2+6x-1<0對任何x∈R恒成立時,在R上是減函數(shù)。
①對任何x∈R,3ax2+6x-1<0恒成立,a<0且△=36+12a<0a<-3.
所以當a<-3時,由<0對任何x∈R恒成立時,在R上是減函數(shù)。
②當a=-3時, =-3x3+3x2-x+1=-3(x-)3+.
由函數(shù)y=x3在R上的單調性知,當a=-3時,在R上是減函數(shù)。
③當a>-3時,f’(x)=3ax2+6x-1>0在R上至少可解得一個區(qū)間,所以當a>-3時,是在R上的減函數(shù)。綜上,所求a的取值范圍是(-∞,-3)。
19、3.已知a∈R,討論函數(shù)=ex(x2+ax+a+1)的極值點的個數(shù)。
[對癥下藥] =ex(a2+ax+a+1)+ex(2x+a)=ex[x2+(a+2)x+(2a+1)]
令=0得x2+(a+2)x+(2a+1)=0.
(1)當△=(a+2)2-4(2a+1)=a2-4a=a(a-4)>0即a<0或a>4時,方程x2+(a+2)x+(2a+1)=0有兩個不同的實根x1、x2,不妨設x1 20、1)有極大值
f(x2)有極小值
即此時f(x)有兩個極值點。
(2)當△=0,即a=0或a=4時,方程x2+(a+2)x+(2a+1)=0有兩個相同的實根x1=x2
于是f’(x)=ex(x1-x1)2.故當x 21、數(shù)m為整數(shù)。(1)當m為何值時,≥0;(2)定理:若g(x)在[a、b]上連續(xù),且g(a)與g(b)異號,則至少存在一點x0∈(a、b),使g(x0)=0.試用上述定理證明:當整數(shù)m>1時,方程=0,在[e-m-m,e2m-m]內有兩個實根。
[考場錯解] 令≥0,x≥ln(x+m).∴m≤ex-x ∴m取小于或等于ex-x的整數(shù)。
[專家把脈] 上面解答對題意理解錯誤,原題“當m為何值時,≥0恒成立”,并不是對x的一定范圍成立。因此,m≤ex-x這個結果顯然是錯誤的。
[對癥下藥] (1)函數(shù)=x-ln(x+m),x∈(-m,+ ∞)連續(xù),且f’(x)=1-,令f’(x)=0,得x= 22、1-m.當-m 23、>1+2m+-3m>0.(∵m>12m-1>1).
類似地,當整數(shù)m>1時,=x-ln(x+m)在[1-m,e2m-m]上為連續(xù)增函數(shù),且f(1-m)與f(e2m-m) ∵x<10時,V’>0,10 24、在但連續(xù))其余點滿足>0(或<0)函數(shù)仍然在(a、b)內單調遞增(或遞減),即導數(shù)為零的點不一定是增、減區(qū)間的分界點。
2.函數(shù)的極值是在局部對函數(shù)值的比較,函數(shù)在區(qū)間上的極大值(或極小值)可能有若干個,而且有時極小值大于它的極大值,另外,=0是可導數(shù)f(x)在x=x0處取極值的必要而不充分條件,對于連續(xù)函數(shù)(不一定處處可導)時可以是不必要條件。
3.函數(shù)的最大值、最小值,表示函數(shù)f(x)在整個區(qū)間的情況,即是在整體區(qū)間上對函數(shù)值(Ⅱ)由(Ⅰ)得且則
由,解得或;,解得或;,解得
的遞增區(qū)間為:和;遞減區(qū)間為:又
要有兩個根,則有兩解,由函數(shù)的單調性可得:。
2、設函數(shù),.(Ⅰ)試 25、問函數(shù)能否在時取得極值?說明理由;(Ⅱ)若,當時,與的圖象恰好有兩個公共點,求的取值范圍.
【解析】:(Ⅰ) , 令, …… 2分
當時,,在上單調遞增,函數(shù)無極值.所以在處無極值.… 4分
(Ⅱ),,令,,,或
正
負
正
單調遞增
極大值
單調遞減
極小值
單調遞增
與的圖象恰好有兩個公共點,等價于的圖象與直線恰好有兩個交點
或………………… 12分
3、已知函數(shù)的圖象經(jīng)過點,曲線在點處的切線恰好與直線垂直。(Ⅰ)求實數(shù)的值;(Ⅱ)若函數(shù)在區(qū)間上單調遞增,求的取值范圍。
【解析】:(Ⅰ) 26、 的圖象經(jīng)過點,?!?分又,則。由條件知,即。…4分聯(lián)立解得6分
(Ⅱ),,令,解得,或?!?分
函數(shù)在區(qū)間上單調遞增,?!?0分
則,即…12分
4、已知函數(shù)(Ⅰ)若曲線在點處的切線方程為,求函數(shù)解析式;(Ⅱ) 求函數(shù)的單調區(qū)間;(Ⅲ) 若對于任意的,不等式在上恒成立,求的取值范圍.
對任意的成立.從而得所以滿足條件的取值范圍是……….13分
5、若定義在上的函數(shù)同時滿足以下條件:① 在上是減函數(shù),在上是增函數(shù); ② 是偶函數(shù);③ 在處的切線與直線垂直. (Ⅰ)求函數(shù)的解析式;(Ⅱ)設,若存在,使,求實數(shù)的取值范圍
【解析】:(Ⅰ),∵ 在上是減函數(shù),在上是增函數(shù),
∴, ( 27、)由是偶函數(shù)得:,又在處的切線與直線垂直,,代入()得:即....5分
(Ⅱ)由已知得:若存在,使,即存在,使.
設,則,.....8分
令=0,∵,∴, 當時,,∴在上為減函數(shù),當時,,∴在上為增函數(shù),∴在上有最大值.
又,∴最小值為. 于是有為所求..13分
6、設函數(shù)(Ⅰ) 當時,求函數(shù)的極值;
(Ⅱ)當時,討論函數(shù)的單調性.(Ⅲ)若對任意及任意,恒有
成立,求實數(shù)的取值范圍.
【解析】:(Ⅰ)函數(shù)的定義域為. 當時,2分
當時,當時,無極大值. 4分
(Ⅱ) 5分
當,即時,在定義域上是減函數(shù);
當,即時,令得或
令得當,即時,令得或
令得 28、 綜上,當時,在上是減函數(shù);
當時,在和單調遞減,在上單調遞增;
當時,在和單調遞減,在上單調遞增;8分
即 .令,解得:或.
當時,,故的單調遞增區(qū)間是.……3分
當時,,隨的變化情況如下:
[
極大值
極小值
所以,函數(shù)的單調遞增區(qū)間是和,單調遞減區(qū)間是.……5分
當時,,隨的變化情況如下:
極大值
極小值
所以,函數(shù)的單調遞增區(qū)間是和,單調遞減區(qū)間是.…7分
(Ⅱ)當時,的極大值等于. 理由如下:當時,無極大值.
當時, 的極大值為, 29、…8分
令,即解得 或(舍)…9分 當時,的極大
值為.……10分因為 ,所以 .因為 ,所以
的極大值不可能等于.綜上所述,當時,的極大值等于……12分
8、已知函數(shù)(是自然對數(shù)的底數(shù))(Ⅰ)若對于任意恒成立,試確定實數(shù)的取值范圍;(Ⅱ)當時,是否存在,使曲線在點處的切線斜率與在上的最小值相等?若存在,求符合條件的的個數(shù);若不存在,請說明理由.
【解析】:(Ⅰ)①當時,在上單調遞增,且當時,,,故不恒成立,所以不合題意;②當時,對恒成立,所以符合題意;
③當時令,得,當時,,當時,,故在上是單調遞減,在上是單調遞增, 所以又,,綜上:.
(Ⅱ)當時,由(2)知,
設,則 30、,
【解析】:(1)
,,
(Ⅱ)因為,所以恒成立求的最小值
令
故在(2,+∞)上為增函數(shù)
,,
所以最小值點滿足,∴
當
∵ ∴
∴
故:
10、已知函數(shù).(Ⅰ)當時,求函數(shù)在區(qū)間上的最大值與最小值;(Ⅱ)若存在,使,求的取值范圍.
【解析】:(Ⅰ)由 則 得
知在區(qū)間上單調遞增,在區(qū)間上單調遞減.-- -----------(4分)
故.又,,故.---------------(2分)
(Ⅱ)依題意,只需,.則依
①當時,得,知在區(qū)間上單調遞增,在區(qū)間上單調遞減.
故 得.---------(3分)
②當時,,知在區(qū)間上單調遞減.
31、
不成立.綜上所述,所求的取值范圍是---------------(3分)
11、函數(shù)|(x)=x2―x―lnx. (Ⅰ)求函數(shù)|(x)的單調區(qū)間;(Ⅱ)是否存在實數(shù)m,n,同時滿足下列條件①1≤m 32、…13分
12、設函數(shù) (I)若函數(shù)f(x)在x=1處與直線y=相切, ①求實數(shù)a,b的值; ②求函數(shù)f(x)在[土,e]上的最大值.(II)當b=0時,若不等式f(x)≥m+x對所有的都成立,求實數(shù)m的取值范圍,
立,則對所有的都成立,即對所有的都成立,令為一次函數(shù), 上單調遞增,對所有的都成立…12分
(注:也可令對所有的都成立,分類討論得對所有的都成立,,請根據(jù)過程酌情給分)
13、已知函數(shù)(Ⅰ)求函數(shù)的極值點;(Ⅱ)若直線過點且與曲線相切,求直線的方程;(Ⅲ)設函數(shù)其中求函數(shù)在上的最小值.( )
【解析】:(Ⅰ)>0 1分而>0lnx+1>0><0<00<<所以 33、在上單調遞減,在上單調遞增.………………3分
所以是函數(shù)的極小值點,極大值點不存在.…………………4分
(Ⅱ)設切點坐標為,則切線的斜率為
所以切線的方程為 …………6分
又切線過點,所以有
解得所以直線的方程為………8分
(Ⅲ),則<0<00<<>0>所以在上單調遞減,在上單調遞增.………………9分
當即時,在上單調遞增,所以在上的最小值為……10分
當1<<e,即1<a<2時,在上單調遞減,在上單調遞增.
在上的最小值為 ………12分
當即時,在上單調遞減,
所以在上的最小值為……13分
綜上,當時,的最小值為0;當1<a<2時,的最小值為;
當時 34、,的最小值為………14分
14、己知函數(shù)(Ⅰ)求函數(shù)的單調區(qū)間;(Ⅱ)設函數(shù)
是否存在實數(shù)a、b、c∈[0,1],使得若存在,求出t的取值范圍;若不存在,說明理由.
得.…8分③當時,在上,,在上單調遞減,
在上,,在上單調遞增,…9分
即.(*) 由(1)知在上單調遞減,
故,而,不等式(*)無解. ……11分
綜上所述,存在,使得命題成立. …12分
15、已知函數(shù)(Ⅰ)試判斷函數(shù)的單調性,并說明理由;(Ⅱ)若恒成立,求實數(shù)的取值范圍;(Ⅲ)求證: .
【解析】:(Ⅰ)? ? 故在遞減 …3分
??(Ⅱ)? 記………5分
???再令???在上 35、遞增。
? ,從而 ?故在上也單調遞增
………8分
(Ⅲ)方法1:?由(Ⅱ)知:恒成立,即
?? 令? 則? ………10分 ,,?… 12分疊加得:
?? …… 14分
方法2:用數(shù)學歸納法證明(略)。
16、已知函數(shù).(Ⅰ)分別求函數(shù)和的圖象在處的切線方程;(Ⅱ)證明不等式;(Ⅲ)對一個實數(shù)集合,若存在實數(shù),使得中任何數(shù)都不超過,則稱是的一個上界.已知是無窮數(shù)列所有項組成的集合的上界(其中是自然對數(shù)的底數(shù)),求實數(shù)的最大值.
【解析】:(Ⅰ),則,且
,所以函數(shù)和的圖象在處的切線方程都是……3分
(Ⅱ)令函數(shù),定義域是,
,
設,則,
36、令,則,
當時,,在上為增函數(shù),
,設,則
………10分
由(Ⅱ)知,,即,
所以,于是在上為減函數(shù).
故函數(shù)在上的最小值為,所以的最大值為………13分
17、 已知函數(shù).(Ⅰ)討論函數(shù)的單調性;(Ⅱ)對于任意正實數(shù),不等式
恒成立,求實數(shù)的取值范圍;(Ⅲ)求證:當時,對于任意正實數(shù),不等式恒成立.
構造函數(shù),則問題就是要求恒成立. (9分)
對于求導得 .
令,則,顯然是減函數(shù). 當時,,從而函數(shù)在上也是減函數(shù).從而當時,,即,即函數(shù)在區(qū)間上是減函數(shù).當時,對于任意的非零正數(shù),,進而有恒成立,結論得證. (12分)
18、設函數(shù),.(Ⅰ)當時,求曲線在處的 37、切線方程;(Ⅱ)如果存在,使得成立,求滿足上述條件的最大整數(shù);
(Ⅲ)如果對任意的都有成立,求實數(shù)的取值范圍.
【解析】:(Ⅰ)當時,,,…2分
所以曲線在處的切線方程為
(Ⅱ)使得成立,等價于…4分
考慮
0
2
0
-
0
+
遞減
極(最)小值
遞增
1
由上表可知,…………………………7分
所以滿足條件的最大整數(shù) …………8分
(Ⅲ)對任意的,都有,等價于:在區(qū)間上,函數(shù)的最小值不小于的最大值……9分有(2)知,在區(qū)間上,的最大值為
,等價于恒成立…………………………10分
記 …………………11分
38、記由于,
,所以在上遞減,
當時,,時,
所以,的單調遞增區(qū)間為,單調遞減區(qū)間為.………4分
(Ⅱ)(法1)對任意的正實數(shù),且,取,則,由(1)得,
即,所以,①…6分
取,則,由(1)得,
即,
所以,……②.
綜合①②,得.…………8分
(法2)因為,所以,當時,;當時,.
(Ⅲ)對,令(),則
,
顯然,,所以,
所以,在上單調遞減.由,得,
即.所以,.……10分
所以
. ……12分又由(2)知,所以..
所以,.……14分
20、已知函數(shù)的圖象在處的切線與直線平行.(Ⅰ)求實數(shù)的值;(Ⅱ)若方程在上有兩個不相等的實數(shù)根,求實數(shù)的取值范圍;(Ⅲ)設常數(shù)
,數(shù)列滿足(),.求證:.
【解析】:(Ⅰ), -----3分
(Ⅱ)由(Ⅰ),
設,得,
,
------9分
(Ⅲ)證明:由
當x>0時,
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