《（新課標(biāo)）河南省2015高考物理總復(fù)習(xí)講義 第3章 加強(qiáng)1講 牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（新課標(biāo)）河南省2015高考物理總復(fù)習(xí)講義 第3章 加強(qiáng)1講 牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用（19頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、加強(qiáng)一講牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用考點(diǎn)一 21動(dòng)力學(xué)中整體法與隔離法的應(yīng)用一、整體法的選取原則若連接體內(nèi)各物體具有相同的加速度，且不需要求物體之間的作用力，可以把它們看成一個(gè)整體，分析整體受到的合外力，應(yīng)用牛頓第二定律求出加速度(或其他未知量)二、隔離法的選取原則若連接體內(nèi)各物體的加速度不相同，或者要求出系統(tǒng)內(nèi)各物體之間的作用力時(shí)，就需要把物體從系統(tǒng)中隔離出來，應(yīng)用牛頓第二定律列方程求解三、整體法、隔離法的交替運(yùn)用原則若連接體內(nèi)各物體具有相同的加速度，且要求物體之間的作用力時(shí)，可以先用整體法求出加速度，然后再用隔離法選取合適的研究對(duì)象，應(yīng)用牛頓第二定律求作用力即“先整體求加速度，后隔離求內(nèi)力”1個(gè)
2、示范例圖331(2012江蘇高考)如圖331所示，一夾子夾住木塊，在力F作用下向上提升夾子和木塊的質(zhì)量分別為m、M，夾子與木塊兩側(cè)間的最大靜摩擦力均為f.若木塊不滑動(dòng)，力F的最大值是()A.B.C.(mM)g D.(mM)g【審題指導(dǎo)】(1)木塊從兩側(cè)均受到向上的摩擦力，且大小相同(2)當(dāng)夾子與木塊兩側(cè)的靜摩擦力達(dá)到最大值時(shí)，木塊剛要相對(duì)夾子滑動(dòng)，對(duì)應(yīng)拉力F最大【解析】對(duì)整個(gè)系統(tǒng)應(yīng)用牛頓第二定律：F(Mm)g(Mm)a對(duì)M應(yīng)用牛頓第二定律：2fMgMa由聯(lián)立可得：F，故A正確【答案】A整體法與隔離法常涉及的問題類型(1)涉及滑輪的問題：若要求繩的拉力，一般都采用隔離法(2)水平面上的連接體問題
3、：這類問題一般是連接體(系統(tǒng))各物體保持相對(duì)靜止，即具有相同的加速度解題時(shí)，一般采用先整體、后隔離的方法建立直角坐標(biāo)系時(shí)也要考慮矢量正交分解越少越好的原則，或者正交分解力，或者正交分解加速度(3)斜面體與物體組成的連接體的問題：當(dāng)物體具有沿斜面方向的加速度，而斜面體相對(duì)于地面靜止時(shí)，解題時(shí)一般采用隔離法分析1個(gè)預(yù)測(cè)例如圖332甲所示，質(zhì)量為M的小車放在光滑的水平面上小車上用細(xì)線懸吊一質(zhì)量為m的小球，Mm.現(xiàn)用一力F水平向右拉小球，使小球和車一起以加速度a向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，細(xì)線與豎直方向成角，細(xì)線的拉力為T；如圖332乙所示，若用一力F水平向左拉小車，使小球和車一起以加速度a向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，細(xì)線與豎直方向
4、也成角，細(xì)線的拉力為T.則()圖332Aaa，TTBaa，TTCaa，TT Daa，TT【解析】對(duì)圖甲整體分析，由牛頓第二定律得a，對(duì)小球受力分析如圖(a)所示，因此有FTsin ma，Tcos mg；對(duì)圖乙小球受力分析如圖(b)所示，因此有Tsin ma，Tcos mg，解得TTmg/cos ，agtan ，agtan ，由于Mm，故aa.【答案】B考點(diǎn)二 22動(dòng)力學(xué)中的臨界極值問題分析一、臨界狀態(tài)與臨界條件當(dāng)物體的運(yùn)動(dòng)從一種狀態(tài)轉(zhuǎn)變?yōu)榱硪环N狀態(tài)時(shí)必然有一個(gè)轉(zhuǎn)折點(diǎn)，這個(gè)轉(zhuǎn)折點(diǎn)所對(duì)應(yīng)的狀態(tài)叫做臨界狀態(tài)；在臨界狀態(tài)時(shí)必須滿足的條件叫做臨界條件二、臨界或極值條件的標(biāo)志1有些題目中有“剛好”、“恰好
5、”、“正好”等字眼，明顯表明題述的過程存在著臨界點(diǎn)2若題目中有“取值范圍”、“多長(zhǎng)時(shí)間”、“多大距離”等詞語，表明題述的過程存在著“起止點(diǎn)”，而這些起止點(diǎn)往往就是臨界狀態(tài)三、臨界問題的常用解法1極限法：把物理問題(或過程)推向極端，從而使臨界現(xiàn)象(或狀態(tài))暴露出來，以達(dá)到正確解決問題的目的2假設(shè)法：臨界問題存在多種可能，特別是非此即彼兩種可能時(shí)或變化過程中可能出現(xiàn)臨界條件，也可能不出現(xiàn)臨界條件時(shí)，往往用假設(shè)法解決問題3數(shù)學(xué)方法：將物理過程轉(zhuǎn)化為數(shù)學(xué)公式，根據(jù)數(shù)學(xué)表達(dá)式解出臨界條件1個(gè)示范例如圖333所示，光滑水平面上放置質(zhì)量分別為m、2m的A、B兩個(gè)物體，A、B間的最大靜摩擦力為mg，現(xiàn)用水平
6、拉力F拉B，使A、B以同一加速度運(yùn)動(dòng)，則拉力F的最大值為()圖333AmgB2mgC3mg D4mg【解析】當(dāng)A、B之間恰好不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)力F最大，此時(shí)，對(duì)于A物體所受的合外力為mg，由牛頓第二定律知aAg；對(duì)于A、B整體，加速度aaAg，由牛頓第二定律得F3ma3mg.【答案】C1個(gè)預(yù)測(cè)例圖334如圖334所示，一輕質(zhì)彈簧的一端固定于傾角30的光滑斜面的頂端，另一端系有質(zhì)量m0.5 kg的小球，小球被一垂直于斜面的擋板擋住，此時(shí)彈簧恰好為自然長(zhǎng)度現(xiàn)使擋板以恒定加速度a2 m/s2沿斜面向下運(yùn)動(dòng)(斜面足夠長(zhǎng))，已知彈簧的勁度系數(shù)k50 N/m，g取10 m/s2.(1)求小球開始運(yùn)動(dòng)時(shí)擋板對(duì)
7、小球的彈力的大小(2)求小球從開始運(yùn)動(dòng)到與擋板分離時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量(3)判斷小球與擋板分離后能否回到原出發(fā)點(diǎn)？請(qǐng)簡(jiǎn)述理由【審題指導(dǎo)】(1)初始時(shí)刻，彈簧處于自然長(zhǎng)度，小球受重力和擋板的支持力(2)球與擋板分離的臨界條件為二者之間作用力恰為零【解析】(1)設(shè)小球受擋板的作用力為F1，因?yàn)殚_始時(shí)彈簧對(duì)小球作用力為零，由牛頓第二定律得：mgsin F1maF11.5 N.(2)設(shè)小球受彈簧的拉力為F2，因?yàn)樾∏蚺c擋板分離時(shí)，擋板對(duì)小球的作用力為零，由牛頓第二定律得：mgsin F2maF21.5 N由胡克定律得：F2kx，x3 cm，(3)小球與擋板分離后不能回到原出發(fā)點(diǎn)因?yàn)檎麄€(gè)過程中擋板對(duì)小球的作用
8、力沿斜面向上，小球位移沿斜面向下，擋板對(duì)小球做負(fù)功，小球和彈簧組成的系統(tǒng)的機(jī)械能減小【答案】見解析考點(diǎn)三 23動(dòng)力學(xué)圖象問題一、圖象的類型1已知物體在一運(yùn)動(dòng)過程中所受的某個(gè)力隨時(shí)間變化的圖線，要求分析物體的運(yùn)動(dòng)情況2已知物體在一運(yùn)動(dòng)過程中速度、加速度隨時(shí)間變化的圖線，要求分析物體的受力情況二、問題的實(shí)質(zhì)是力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系問題，求解這類問題的關(guān)鍵是理解圖象的物理意義，理解圖象的軸、點(diǎn)、線、截、斜、面六大功能1個(gè)示范例(多選)靜止在光滑水平面上的物體，同時(shí)受到在同一直線上的力F1、F2作用，F(xiàn)1、F2隨時(shí)間變化的圖象如圖335所示，則at圖象和vt圖象是圖中的()圖335【解析】由Ft圖知，物體所受
9、合力，在0t0時(shí)間內(nèi)均勻減小，在t02t0時(shí)間內(nèi)均勻增大根據(jù)牛頓第二定律知A對(duì)，B錯(cuò)由速度和加速度的關(guān)系知，C對(duì)，D錯(cuò)【答案】AC1個(gè)預(yù)測(cè)例質(zhì)量為2 kg的物體在水平推力F的作用下沿水平面做直線運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后撤去F，其運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖336所示g取10 m/s2，求：圖336(1)物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(2)水平推力F的大??；(3)010 s內(nèi)物體運(yùn)動(dòng)位移的大小【解析】(1)設(shè)物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2、加速度為a2，則a22 m/s2設(shè)物體所受的摩擦力為Ff，根據(jù)牛頓第二定律，有Ffma2Ffmg聯(lián)立得0.2.(2)設(shè)物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1、加速度為a1，則a11
10、m/s2根據(jù)牛頓第二定律，有FFfma1聯(lián)立得Fmgma16 N.(3)根據(jù)vt圖象圍成的面積，得xx1x2(28)6 m84 m46 m.【答案】(1)0.2(2)6 N(3)46 m動(dòng)力學(xué)中的“滑塊、滑板組合模型”一、模型特點(diǎn)1上、下疊放兩個(gè)物體，并且兩物體在摩擦力的相互作用下發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)2常見兩種位移關(guān)系滑塊由滑板的一端運(yùn)動(dòng)到另一端的過程中，(1)若滑塊和滑板同向運(yùn)動(dòng)，位移之差等于板長(zhǎng)；(2)反向運(yùn)動(dòng)時(shí)，位移之和等于板長(zhǎng)二、解題思路1分析滑塊和木板的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律分別求出滑塊和木板的加速度2對(duì)滑塊和木板進(jìn)行運(yùn)動(dòng)情況分析，找出滑塊和木塊之間的位移關(guān)系或速度關(guān)系，建立方程.【規(guī)范
11、解答】在力F作用過程中，M和m都做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過t1撤掉力F后，m繼續(xù)做勻加速運(yùn)動(dòng)，M做勻減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩者達(dá)到共同速度時(shí)，如果m恰好滑到M的左端，則時(shí)間為最短時(shí)間，作vt圖象如圖示設(shè)t1時(shí)刻撤掉力F，此時(shí)，滑塊的速度為v2，木板的速度為v1，t2時(shí)刻達(dá)到最終速度v3，陰影部分的面積為板長(zhǎng)L.在0t1的過程中，由牛頓第二定律得：對(duì)滑塊：mgma2，v2a2t1對(duì)木板：FmgMa1，v1a1t1撤去力F后，木板的加速度變?yōu)閍3，則：mgMa3由vt圖象知：L(v1v2)t1(v1v2)(t2t1)(v1v2)t2，v1a3(t2t1)v2a2(t2t1)聯(lián)立以上各式得：t11 s【答案】1
12、s(2013江蘇高考)如圖338所示，將小砝碼置于桌面上的薄紙板上，用水平向右的拉力將紙板迅速抽出，砝碼的移動(dòng)很小，幾乎觀察不到，這就是大家熟悉的慣性演示實(shí)驗(yàn)若砝碼和紙板的質(zhì)量分別為m1和m2，各接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，重力加速度為g.圖338(1)當(dāng)紙板相對(duì)砝碼運(yùn)動(dòng)時(shí)，求紙板所受摩擦力的大??；(2)要使紙板相對(duì)砝碼運(yùn)動(dòng)，求所需拉力的大??； (3)本實(shí)驗(yàn)中，m10.5 kg，m20.1 kg，0.2，砝碼與紙板左端的距離d0.1 m，取g10 m/s2.若砝碼移動(dòng)的距離超過l0.002 m，人眼就能感知為確保實(shí)驗(yàn)成功，紙板所需的拉力至少多大？ 【解析】(1)砝碼對(duì)紙板的摩擦力f1m1g，桌面
13、對(duì)紙板的摩擦力f2(m1m2)g，紙所受的摩擦力ff1f2(2m1m2)g.(2)設(shè)砝碼的加速度為a1，紙板的加速度為a2，則f1m1a1，F(xiàn)f1f2m2a2發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)的條件a12(m1m2)g.(3)紙板抽出前，砝碼運(yùn)動(dòng)距離x1a1t紙板運(yùn)動(dòng)的距離x1da2t紙板抽出后，砝碼在桌面上運(yùn)動(dòng)的距離x2a3t，lx1x2且a1a3，a1t1a3t2，聯(lián)立以上各式解得F2m1(1)m2g，代入數(shù)據(jù)求得F22.4 N【答案】(1)(2m1m2)g(2)F2(m1m2)g(3)22.4 N連接體問題1(2014屆南京模擬)如圖339所示，兩塊粘連在一起的物塊a和b的質(zhì)量分別為ma和mb，把它放在水平的
14、光滑桌面上現(xiàn)同時(shí)給它們施加方向如圖所示的推力Fa和拉力Fb.已知FaFb，則a對(duì)b的作用力()圖339A必為推力B必為拉力C可能為推力，也可能為拉力D不可能為零【解析】該題考查加速度相同的連接體，可采用整體法求加速度、隔離法求相互作用力選整體為研究對(duì)象，F(xiàn)aFb(mamb)a，a，選b為研究對(duì)象，設(shè)作用力為FN，則FNFbmba，F(xiàn)N.由于FaFb，但a、b的質(zhì)量關(guān)系未知，所以FN可能為正，也可能為負(fù)故C選項(xiàng)正確【答案】C圖象問題2(2013浙江高考)如圖3310所示，水平木板上有質(zhì)量m1.0 kg的物塊，受到隨時(shí)間t變化的水平拉力F作用，用力傳感器測(cè)出相應(yīng)時(shí)刻物塊所受摩擦力Ff的大小取重力加
15、速度g10 m/s2，下列判斷正確的是()圖3310A5 s內(nèi)拉力對(duì)物塊做功為零B4 s末物塊所受合力大小為4.0 NC物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.4D6 s9 s內(nèi)物塊的加速度大小為2.0 m/s2【解析】對(duì)物塊受力分析，分析圖象中各段的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓運(yùn)動(dòng)定律及做功的條件分析各選項(xiàng)由圖象知物塊前4 s靜止，4 s5 s內(nèi)物塊做加速運(yùn)動(dòng)，前5 s內(nèi)拉力對(duì)物塊做功不為零，故A選項(xiàng)錯(cuò)誤；4 s末物塊靜止，所受合力為零，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；由4 s之后的運(yùn)動(dòng)情況判斷其受滑動(dòng)摩擦力Ffmg3.0 N，得0.3，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；由牛頓第二定律可知4 s后物塊的加速度a2.0 m/s2，D選項(xiàng)正確【答案】D臨
16、界和極值問題圖33113(多選)如圖3311所示，小車內(nèi)有一質(zhì)量為m的物塊，一輕質(zhì)彈簧兩端與小車和物塊相連，處于壓縮狀態(tài)且在彈性限度內(nèi)彈簧的勁度系數(shù)為k，形變量為x，物塊和小車之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為.設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力運(yùn)動(dòng)過程中，物塊和小車始終保持相對(duì)靜止，則下列說法正確的是()A若mg小于kx，則小車的加速度方向一定向左B若mg小于kx，則小車的加速度最小值為a，且小車只能向左加速運(yùn)動(dòng)C若mg大于kx，則小車的加速度方向可以向左也可以向右D若mg大于kx，則小車的加速度最大值為，最小值為【解析】若mg小于kx，而彈簧又處于壓縮狀態(tài)，則物塊所受彈簧彈力和靜摩擦力的合力水平向左，即小車的加
17、速度一定向左，A對(duì)；由牛頓第二定律得kxfma，當(dāng)fmg時(shí)，加速度方向向左且最小值為amin，隨著加速度的增大，f減小到零后又反向增大，當(dāng)再次出現(xiàn)fmg時(shí)，加速度方向向左達(dá)最大值amax，但小車可向左加速，也可向右減速，B錯(cuò)；若mg大于kx，則物塊所受彈簧彈力和靜摩擦力的合力(即加速度)可能水平向左，也可能水平向右，即小車加速度方向可以向左也可以向右，C對(duì)；當(dāng)物塊的合外力水平向右時(shí)，加速度的最大值為，物塊的合外力水平向左時(shí)，加速度的最大值為，則小車的加速度最大值為，最小值為0，D錯(cuò)【答案】AC滑塊木板模型圖33124(多選)如圖3312所示，長(zhǎng)木板放置在水平面上，一小物塊置于長(zhǎng)木板的中央，長(zhǎng)木
18、板和物塊的質(zhì)量均為m，物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，木板與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，已知最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等，重力加速度為g，現(xiàn)對(duì)物塊施加一水平向右的拉力F，則木板加速度大小a可能是()AagBaCa Da【解析】當(dāng)F較大，二者發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，對(duì)木板有：mg2mgma，所以ag；當(dāng)F較小，二者一起加速時(shí)，有：F2mg2ma，所以ag，故選項(xiàng)C、D正確【答案】CD動(dòng)力學(xué)中的vt圖象問題5.圖3313(2012安徽高考)質(zhì)量為0.1 kg的彈性球從空中某高度由靜止開始下落，該下落過程對(duì)應(yīng)的vt圖象如圖3313所示彈性球與水平地面相碰后離開地面時(shí)的速度大小為碰撞前的.設(shè)球受到的空氣阻力大小恒
19、為f，取g10 m/s2，求：(1)彈性球受到的空氣阻力f的大小；(2)彈性球第一次碰撞后反彈的高度h.【解析】(1)由vt圖象可知，彈性球下落過程的加速度為a1 m/s28 m/s2根據(jù)牛頓第二定律，得mgfma1所以彈性球受到的空氣阻力fmgma1(0.1100.18) N0.2 N.(2)彈性球第一次反彈后的速度v14 m/s3 m/s根據(jù)牛頓第二定律，得彈性球上升的加速度為a2 m/s212 m/s2根據(jù)v2v2ah，得彈性球第一次反彈的高度h m0.375 m.【答案】(1)0.2 N(2)0.375 m實(shí)驗(yàn)四驗(yàn)證牛頓運(yùn)動(dòng)定律實(shí)驗(yàn)?zāi)康?學(xué)會(huì)用控制變量法研究物理規(guī)律2探究加速度與力、質(zhì)
20、量的關(guān)系3掌握利用圖象處理數(shù)據(jù)的方法實(shí)驗(yàn)器材打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、紙帶、復(fù)寫紙、小車、一端附有定滑輪的長(zhǎng)木板、小盤、夾子、細(xì)繩、低壓交流電源、導(dǎo)線、天平、刻度尺、砝碼、薄木塊實(shí)驗(yàn)原理采取控制變量法，即先控制一個(gè)參量小車的質(zhì)量M不變，探究加速度a與力F的關(guān)系；再控制小盤和砝碼的質(zhì)量不變，即力F不變，探究加速度a與小車質(zhì)量M的關(guān)系實(shí)驗(yàn)步驟圖3411用天平測(cè)量小盤的質(zhì)量m和小車的質(zhì)量m.2按照如圖所示裝置把實(shí)驗(yàn)器材安裝好，只是不把懸掛小盤的細(xì)繩系在小車上(即不給小車牽引力)3平衡摩擦力：在長(zhǎng)木板的不帶定滑輪的一端下面墊上一塊薄木塊，使小車勻速下滑4小盤通過細(xì)繩繞過滑輪系于小車上，先通電源后放開小車，取下紙帶編
21、號(hào)碼5保持小車的質(zhì)量m不變，改變砝碼和小盤的質(zhì)量m，重復(fù)步驟4.6在每條紙帶上選取一段比較理想的部分，測(cè)加速度a.7描點(diǎn)作圖，作aF的圖象8保持砝碼和小盤的質(zhì)量m不變，改變小車質(zhì)量m，重復(fù)步驟4和6，作a圖象實(shí)驗(yàn)結(jié)論加速度與合外力成正比，與質(zhì)量成反比注意事項(xiàng)1在平衡摩擦力時(shí)，不要把懸掛小盤的細(xì)線系在小車上，即不要給小車加任何牽引力，并要讓小車拖著打點(diǎn)的紙帶運(yùn)動(dòng)2每條紙帶必須在滿足小車與車上所加砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)大于小盤和砝碼的總質(zhì)量的條件下打出只有如此，小車受到的拉力才可視為等于小盤和砝碼的總重力3改變拉力和小車質(zhì)量后，每次開始時(shí)小車應(yīng)盡量靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，并應(yīng)先接通電源，再放開小車，且應(yīng)在小車到達(dá)
22、滑輪前按住小車4作圖象時(shí)，要使盡可能多的點(diǎn)分布在所作直線上，不在直線上的點(diǎn)應(yīng)盡可能對(duì)稱分布在所作直線兩側(cè)5作圖時(shí)兩軸標(biāo)度比例要選擇適當(dāng)，各量須采用國際單位這樣作圖線時(shí)，坐標(biāo)點(diǎn)間距不至于過密，誤差會(huì)小些誤差來源1測(cè)量誤差(1)質(zhì)量的測(cè)量(2)打點(diǎn)間隔距離的測(cè)量2操作誤差(1)拉線或紙帶與木板不平行(2)傾斜角度不當(dāng)，平衡摩擦力不準(zhǔn)3原理誤差本實(shí)驗(yàn)中用小盤和砝碼的總重力代替小車受到的拉力(實(shí)際上小車受到的拉力要小于小盤和砝碼的總重力)，存在系統(tǒng)誤差.考點(diǎn)一實(shí)驗(yàn)原理與注意事項(xiàng)(2012安徽高考)圖342為“驗(yàn)證牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖砂和砂桶的總質(zhì)量為m，小車和砝碼的總質(zhì)量為M.實(shí)驗(yàn)中用砂和砂
23、桶總重力的大小作為細(xì)線對(duì)小車?yán)Φ拇笮?1)實(shí)驗(yàn)中，為了使細(xì)線對(duì)小車的拉力等于小車所受的合外力，先調(diào)節(jié)長(zhǎng)木板一端滑輪的高度，使細(xì)線與長(zhǎng)木板平行接下來還需要進(jìn)行的一項(xiàng)操作是()圖342A將長(zhǎng)木板水平放置，讓小車連著已經(jīng)穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶，給打點(diǎn)計(jì)時(shí)器通電，調(diào)節(jié)m的大小，使小車在砂和砂桶的牽引下運(yùn)動(dòng)，從打出的紙帶判斷小車是否做勻速運(yùn)動(dòng)B將長(zhǎng)木板的一端墊起適當(dāng)?shù)母叨?，讓小車連著已經(jīng)穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶，撤去砂和砂桶，給打點(diǎn)計(jì)時(shí)器通電，輕推小車，從打出的紙帶判斷小車是否做勻速運(yùn)動(dòng)C將長(zhǎng)木板的一端墊起適當(dāng)?shù)母叨?，撤去紙帶以及砂和砂桶，輕推小車，觀察判斷小車是否做勻速運(yùn)動(dòng)(2)實(shí)驗(yàn)中要進(jìn)行質(zhì)量m和M的選
24、取，以下最合理的一組是()AM200 g，m10 g、15 g、20 g、25 g、30 g、40 gBM200 g，m20 g、40 g、60 g、80 g、100 g、120 gCM400 g，m10 g、15 g、20 g、25 g、30 g、40 gDM400 g，m20 g、40 g、60 g、80 g、100 g、120 g(3)圖343是實(shí)驗(yàn)中得到的一條紙帶，A、B、C、D、E、F、G為7個(gè)相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出，量出相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離分別為：sAB4.22 cm、sBC4.65 cm、sCD5.08 cm、sDE5.49 cm，sEF5.91 c
25、m，sFG6.34 cm.已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作頻率為50 Hz，則小車的加速度a_m/s2.(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)圖343【解析】(1)在“驗(yàn)證牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)中，為了使細(xì)線對(duì)小車的拉力等于小車所受的合外力，則需要平衡摩擦力，并使細(xì)線與長(zhǎng)木板平行平衡摩擦力的方法是只讓小車牽引紙帶(撤去砂及砂桶)，紙帶穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，并墊高長(zhǎng)木板不帶滑輪的一端，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接通電源工作如果打出紙帶上的點(diǎn)跡分布均勻，則說明小車做勻速運(yùn)動(dòng)故選項(xiàng)B正確，選項(xiàng)A、C錯(cuò)誤(2)在“驗(yàn)證牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)中，為使細(xì)線對(duì)小車的拉力等于砂及砂桶的總重力，則Mm，且盡可能地多做幾組故選項(xiàng)C最合理(3)根據(jù)題意，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間
26、的時(shí)間間隔為T0.1 s，根據(jù)saT2，得，sDEsAB3a1T2sEFsBC3a2T2sFGsCD3a3T2所以小車的加速度a0.42 m/s2.【答案】(1)B(2)C(3)0.42考點(diǎn)二實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理(2013山西省實(shí)驗(yàn)中學(xué)模擬)某學(xué)習(xí)小組的同學(xué)在用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器探究物體的加速度與物體的質(zhì)量之間的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中，不改變拉力，只改變物體的質(zhì)量，得到了如表所示的幾組數(shù)據(jù)，其中第3組數(shù)據(jù)還未算出加速度，但對(duì)應(yīng)該組已打出了紙帶，如圖所示(長(zhǎng)度單位：cm)，圖344中各點(diǎn)為每5個(gè)打點(diǎn)選出的計(jì)數(shù)點(diǎn)(兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打點(diǎn)未標(biāo)出)圖344實(shí)驗(yàn)次數(shù)123456小車質(zhì)量/g200300400500600700小車加
27、速度/ms22.001.330.790.670.40小車質(zhì)量的倒數(shù)/kg15.003.332.502.001.671.00(1)請(qǐng)由紙帶上的數(shù)據(jù)，計(jì)算出缺少的加速度值并填入表中(小數(shù)點(diǎn)后保留兩位數(shù))(2)請(qǐng)?jiān)趫D345中建立合適的坐標(biāo)，將表中各組數(shù)據(jù)用小黑點(diǎn)描在坐標(biāo)紙上，并作出平滑的圖線圖345(3)由圖象得出的結(jié)論：_.【解析】(1)由逐差法得a102 m/s20.99 m/s2(2)描點(diǎn)繪圖，如圖所示(3)由圖象知a圖象是一條通過原點(diǎn)的傾斜直線，即在拉力一定時(shí)，物體的加速度與質(zhì)量成反比【答案】(1)0.99(2)見解析(3)拉力一定時(shí)，物體的加速度與質(zhì)量成反比考點(diǎn)三實(shí)驗(yàn)改進(jìn)與創(chuàng)新(2013新
28、課標(biāo)全國卷)圖346為測(cè)量物塊與水平桌面之間動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖實(shí)驗(yàn)步驟如下：圖346用天平測(cè)量物塊和遮光片的總質(zhì)量M、重物的質(zhì)量m；用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光片的寬度d；用米尺測(cè)量?jī)晒怆婇T之間的距離s；調(diào)整輕滑輪，使細(xì)線水平；讓物塊從光電門A的左側(cè)由靜止釋放，用數(shù)字毫秒計(jì)分別測(cè)出遮光片經(jīng)過光電門A和光電門B所用的時(shí)間tA和tB，求出加速度a；多次重復(fù)步驟，求a的平均值；根據(jù)上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)求出動(dòng)摩擦因數(shù).回答下列問題：(1)測(cè)量d時(shí)，某次游標(biāo)卡尺(主尺的最小分度為1 mm)的示數(shù)如圖347所示，其讀數(shù)為_cm.圖347(2)物塊的加速度a可用d、s、tA和tB表示為a_.(3)動(dòng)摩擦因數(shù)可用M、m
29、、和重力加速度g表示為_.(4)如果細(xì)線沒有調(diào)整到水平，由此引起的誤差屬于_(選填“偶然誤差”或“系統(tǒng)誤差”)【解析】(1)d0.9 cm120.05 mm0.9 cm0.060 cm0.960 cm.(2)由v得，vA，vB，物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則vv2ax，即222as，得a.(3)整體運(yùn)用牛頓第二定律得：mgMg(Mm)，則.(4)由實(shí)驗(yàn)裝置引起的誤差為系統(tǒng)誤差【答案】(1)0.960(2)(3)(4)系統(tǒng)誤差高考命題角度分析一、本題創(chuàng)新點(diǎn)分析1真題溯源本題實(shí)驗(yàn)用到的器材：一端帶輪的長(zhǎng)木板、滑塊與課本實(shí)驗(yàn)相同，其運(yùn)動(dòng)形式也是滑塊在重物作用下沿長(zhǎng)木板運(yùn)動(dòng)2創(chuàng)新亮點(diǎn)該題沒有平衡摩擦力問題，
30、加速度沒有利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、紙帶來求，而是用光電門測(cè)速度，用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式算出，實(shí)驗(yàn)沒有驗(yàn)證牛頓第二定律，而是應(yīng)用牛頓第二定律列式求動(dòng)摩擦因數(shù)二、本實(shí)驗(yàn)的其他改進(jìn)創(chuàng)新思路(一)實(shí)驗(yàn)器材的改變?nèi)绻€是測(cè)量動(dòng)摩擦因數(shù)，不用光電門，仍然沿用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，紙帶的辦法，實(shí)驗(yàn)結(jié)果與該題辦法比較，有什么不足？【提示】誤差變大，因?yàn)榧垘c打點(diǎn)計(jì)時(shí)器之間有摩擦力(二)實(shí)驗(yàn)原理的改變測(cè)動(dòng)摩擦因數(shù)，可以避開測(cè)加速度，比如用力平衡的辦法即用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)勻速拉動(dòng)木板上的滑塊或滑塊與彈簧測(cè)力計(jì)不動(dòng)，抽動(dòng)下面的木板，這兩種辦法有什么不足？【提示】前者勻速拉動(dòng)彈簧測(cè)力計(jì)不易操作，后者抽動(dòng)木板較好，但彈簧測(cè)力計(jì)的測(cè)量精度和讀數(shù)均存在
31、誤差，另外也需測(cè)量木板質(zhì)量，也存在誤差.1(多選)在利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器和小車做“驗(yàn)證牛頓運(yùn)動(dòng)定律”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，下列說法中正確的是()A平衡摩擦力時(shí)，應(yīng)將砝碼盤及盤內(nèi)砝碼通過定滑輪拴在小車上B連接砝碼盤和小車的細(xì)繩應(yīng)跟長(zhǎng)木板保持平行C平衡摩擦力后，長(zhǎng)木板的位置不能移動(dòng)D小車釋放前應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，且應(yīng)先接通電源再釋放小車【解析】本題考查實(shí)驗(yàn)過程中應(yīng)注意的事項(xiàng)，選項(xiàng)A中平衡摩擦力時(shí)，不能將砝碼盤及盤內(nèi)砝碼(或小桶)通過細(xì)繩拴在小車上，A錯(cuò)；選項(xiàng)B、C、D符合正確的操作方法，B、C、D對(duì)【答案】BCD2(2013大同一中模擬)在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中備有下列器材：A電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器；B.天平
32、(帶砝碼)；C.秒表；D.低壓直流電源；E.紙帶和復(fù)寫紙；F.導(dǎo)線；G.細(xì)繩；H.小車；I.砂和小桶；J.一端附有滑輪的長(zhǎng)木板；K.砝碼(1)其中多余的器材是_(填代號(hào))，缺少的器材是_和_(2)在探究加速度a與質(zhì)量m的關(guān)系時(shí)，分別以_為縱坐標(biāo)、_為橫坐標(biāo)作圖像，這樣就能直觀地看出其關(guān)系【答案】(1)CD低壓交流電源刻度尺(2)a3(2013天津高考)某實(shí)驗(yàn)小組利用圖348所示的裝置探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系圖348(多選)下列做法正確的是_(填字母代號(hào))A調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳緣K的細(xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行 B在調(diào)節(jié)木板傾斜度平衡木塊受到的滑動(dòng)摩擦力時(shí)，將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴在木塊上C實(shí)
33、驗(yàn)時(shí)，先放開木塊再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源D通過增減木塊上的砝碼改變質(zhì)量時(shí)，不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度為使砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于木塊運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的拉力，應(yīng)滿足的條件是砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總質(zhì)量_木塊和木塊上砝碼的總質(zhì)量(填“遠(yuǎn)大于”“遠(yuǎn)小于”或“近似等于”)圖349甲、乙兩同學(xué)在同一實(shí)驗(yàn)室，各取一套圖示的裝置放在水平桌面上，木塊上均不放砝碼，在沒有平衡摩擦力的情況下，研究加速度a與拉力F的關(guān)系，分別得到圖349中甲、乙兩條直線設(shè)甲、乙用的木塊質(zhì)量分別為m甲、m乙，甲、乙用的木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為甲、乙，由圖可知，m甲_m乙，甲_乙(選填“大于”“小于”或“等于”)【解析】探究加
34、速度與力、質(zhì)量的關(guān)系時(shí)，牽引木塊的細(xì)繩應(yīng)與長(zhǎng)木板平行；平衡摩擦力時(shí)應(yīng)不掛砝碼桶；對(duì)于打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，應(yīng)先接通電源，再放開木塊；平衡摩擦力后，改變木塊上砝碼的質(zhì)量，不需要重新平衡摩擦力選項(xiàng)A、D正確，選項(xiàng)B、C錯(cuò)誤對(duì)于系統(tǒng)，根據(jù)牛頓第二定律，有a，牽引小車的拉力FMa.要使Fmg，則MMm，即要求mM.對(duì)于木塊，根據(jù)牛頓第二定律，得ag，故aF圖象的斜率反映了木塊質(zhì)量的倒數(shù)有，所以m甲m乙當(dāng)F0時(shí)，ag，即aF圖在a軸上的截距為g，所以甲g乙【答案】AD遠(yuǎn)小于小于大于4(2011山東高考)某探究小組設(shè)計(jì)了“用一把尺子測(cè)定動(dòng)摩擦因數(shù)”的實(shí)驗(yàn)方案如圖3410所示，將一個(gè)小球和一個(gè)滑塊用細(xì)繩連接，跨在斜面
35、上端開始時(shí)小球和滑塊均靜止，剪斷細(xì)繩后，小球自由下落，滑塊沿斜面下滑，可先后聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音保持小球和滑塊釋放的位置不變，調(diào)整擋板位置，重復(fù)以上操作，直到能同時(shí)聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音用刻度尺測(cè)出小球下落的高度H、滑塊釋放點(diǎn)與擋板處的高度差h和沿斜面運(yùn)動(dòng)的位移x.(空氣阻力對(duì)本實(shí)驗(yàn)的影響可以忽略)圖3410(1)滑塊沿斜面運(yùn)動(dòng)的加速度與重力加速度的比值為_(2)滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_(3)(多選)以下能引起實(shí)驗(yàn)誤差的是_a滑塊的質(zhì)量b當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮長(zhǎng)度測(cè)量時(shí)的讀數(shù)誤差d小球落地和滑塊撞擊擋板不同時(shí)【解析】(1)同時(shí)聽到聲音說明小球與木塊運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，設(shè)都為
36、t，則小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，Hgt2，木板沿斜面下滑做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，xat2，由以上兩式可得.(2)對(duì)木塊進(jìn)行受力分析如圖所示，由牛頓第二定律得沿斜面方向：mgsin Ffma垂直斜面方向：FNmgcos 0又有：FfFN由以上三式解得agsin gcos ，將代入可得：.(3)由動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式可知選c、d.【答案】(1)(2)(3)cd5(2011重慶高考)某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖3411所示的裝置，利用米尺、秒表、輕繩、輕滑輪、軌道、滑塊、托盤和砝碼等器材來測(cè)定滑塊和軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù).滑塊和托盤上分別放有若干砝碼，滑塊質(zhì)量為M，滑塊上砝碼總質(zhì)量為m，托盤和盤中砝碼的總質(zhì)量為m.實(shí)驗(yàn)中，滑塊在
37、水平軌道上從A到B做初速為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，重力加速度g取10 m/s2.圖3411(1)為測(cè)量滑塊的加速度a，須測(cè)出它在A、B間運(yùn)動(dòng)的_與_，計(jì)算a的運(yùn)動(dòng)學(xué)公式是_；(2)根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律得到a與m的關(guān)系為：amg他想通過多次改變m，測(cè)出相應(yīng)的a值，并利用上式來計(jì)算.若要求a是m的一次函數(shù)，必須使上式中的_保持不變，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)將從托盤中取出的砝碼置于_；(3)實(shí)驗(yàn)得到a與m的關(guān)系圖3412所示，由此可知_.(取兩位有效數(shù)字)圖3412【解析】(1)滑塊從A到B做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故xat2，即a，需測(cè)位移x和時(shí)間t，計(jì)算a的運(yùn)動(dòng)學(xué)公式是a.(2)由數(shù)學(xué)知識(shí)知若a是m的一次函數(shù)，必須滿足不變，即(mm)不變，方法就是將從托盤中取出的砝碼置于滑塊上，以保證(mm)保持不變(3)從圖象中取兩點(diǎn)的坐標(biāo)值代入a與m的關(guān)系式聯(lián)立方程求解，可得.如解得0.23.【答案】(1)位移x時(shí)間ta(2)mm滑塊上(3)0.23(在0.210.25之間均可) 希望對(duì)大家有所幫助，多謝您的瀏覽！
（新課標(biāo)）河南省2015高考物理總復(fù)習(xí)講義 第3章 加強(qiáng)1講 牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用
