高考物理二輪復習 專題能力訓練3 力與物體的曲線運動（含解析）-人教版高三物理試題

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1、專題能力訓練3　力與物體的曲線運動 (時間:45分鐘　滿分:100分) 一、選擇題(本題共7小題,每小題8分,共56分。在每小題給出的四個選項中,1~4題只有一個選項符合題目要求,5~7題有多個選項符合題目要求。全部選對的得8分,選對但不全的得4分,有選錯的得0分) 1.如圖所示,小船過河時,船頭偏向上游與水流方向成α角,船相對于靜水的速度為v,其航線恰好垂直于河岸?，F(xiàn)水流速度稍有增大,為保持航線不變,且準時到達對岸,下列措施可行的是(　　) A.減小α角,增大船速v B.增大α角,增大船速v C.減小α角,保持船速v不變 D.增大α角,保持船速v不變 答案:B 解析:由

2、題圖可知,水流速度稍有增大,為保持航線不變,可增大α角;要求準時到達對岸,可增大船速v,選項B正確。 2.如圖所示,小球在豎直放置的光滑圓形管道內做圓周運動,內側壁半徑為R,小球半徑為r,則下列說法正確的是(　　) A.小球通過最高點時的最小速度vmin=g(R+r) B.小球通過最高點時的最小速度vmin=gR C.小球在水平線ab以下的管道中運動時,內側管壁對小球一定無作用力 D.小球在水平線ab以上的管道中運動時,外側管壁對小球一定有作用力 答案:C 解析:小球在最高點,由于外管或內管都可以產生彈力作用,當小球的速度等于0時,內管對小球產生彈力,大小為mg,故最小速度為

3、0,A、B錯誤。小球在水平線ab以下管道運動,由于沿半徑方向的合力提供做圓周運動的向心力,所以外側管壁對小球一定有作用力,而內側管壁對小球一定無作用力,故C正確。小球在水平線ab以上管道運動,由于沿半徑方向的合力提供做圓周運動的向心力,當速度非常大時,內側管壁可以沒有作用力,此時外側管壁有作用力,當速度比較小時,內側管壁有作用力,故D錯誤。 3.(2019·廣東六校聯(lián)考)如圖所示,質量為m的物體P置于傾角為θ1的固定光滑斜面上,斜面足夠長,輕細繩跨過光滑定滑輪分別連接著P與動力小車,P與滑輪間的細繩平行于斜面,小車帶動物體P以速率v沿斜面勻速運動,下列判斷正確的是(　　) A.小車的速

4、率為v B.小車的速率為vcos θ1 C.小車速率始終大于物體P的速率 D.小車做勻變速運動 答案:C 解析:將小車的速度沿繩子方向和垂直于繩子方向分解,沿繩子方向的速度大小等于P的速度大小,則有v=v車cosθ2,可知小車的速率與θ2有關,不是勻變速運動,且始終大于物體P的速率,故C正確,A、B、D錯誤。 4.如圖所示,在足夠長的斜面上A點,以水平速度v0拋出一個小球,不計空氣阻力,它落到斜面上的水平距離為x1。若將此球改用2v0水平速度拋出,落到斜面上的水平距離為x2,則x1∶x2為(　　) A.1∶1 B.1∶2 C.1∶3 D.1∶4 答案:D 解析:設斜面傾

5、角為θ,則tanθ=yx=12gt2v0t=gt2v0,故t=2v0tanθg,水平位移x=v0t=2v02tanθg∝v02,故當水平初速度由v0變?yōu)?v0后,水平位移變?yōu)樵瓉淼?倍,D項正確。 5.(2018·福建仙游模擬)如圖所示,用通過定滑輪的細繩拉動穿在光滑固定豎直桿上的滑塊P,使滑塊向上做勻速運動,此過程中,下列說法正確的是(　　) A.拉細繩的力越來越大 B.拉細繩的速度越來越大 C.拉細繩的力做的功大于克服滑塊重力做的功 D.拉細繩的力的功率等于克服滑塊重力做功的功率 答案:AD 解析:設細繩與豎直方向的夾角為θ,滑塊向上做勻速運動,細繩拉力沿豎直向上的分力等

6、于重力,Fcosθ=mg,θ增大,拉力F增大,選項A正確;滑塊向上的速度v沿繩子和垂直繩子分解,沿繩子方向的分速度為vcosθ,θ增大,拉細繩的速度越來越小,選項B錯誤;因為滑塊勻速運動,合外力做功為零,拉細繩的力做的功等于克服滑塊重力做的功,拉細繩的力的功率等于克服滑塊重力做功的功率,選項C錯誤,D正確。 6.右圖是一固定的半圓形豎直軌道,AB為水平直徑,O為圓心,同時從A點水平拋出甲、乙兩個小球,速度分別為v1、v2,分別落在C、D兩點,OC、OD與豎直方向的夾角均為37°,(sin 37°=0.6,cos 37°=0.8)則(　　) A.甲、乙兩球下落到軌道的時間相等 B.甲、

7、乙兩球下落到軌道的速度變化量不相等 C.v1∶v2=1∶3 D.v1∶v2=1∶4 答案:AD 解析:由題圖可知,兩個物體下落的高度是相等的,根據h=12gt2可知,甲、乙兩球下落到軌道的時間相等,速度變化量Δv=gt相同,故A正確,B錯誤;設圓形軌道的半徑為R,則A到C的水平位移分別為x1=R-Rsin37°=0.4R,x2=R+Rsin37°=1.6R,則x2=4x1;由v=xt可知,v2=4v1,故C錯誤,D正確。 7.如圖所示,在勻速轉動的水平圓盤上,沿半徑方向放著用細線相連的質量相等的兩個物體A和B,它們與盤間的動摩擦因數(shù)相同,當圓盤轉速加快到兩物體剛要發(fā)生滑動時,燒斷細線

8、,則 (　　) A.兩物體均沿切線方向滑動 B.物體B仍隨圓盤一起做勻速圓周運動,同時所受摩擦力減小 C.兩物體仍隨圓盤一起做勻速圓周運動,不會發(fā)生滑動 D.物體B仍隨圓盤一起做勻速圓周運動,物體A發(fā)生滑動,離圓盤圓心越來越遠 答案:BD 解析:當圓盤轉速加快到兩物體剛要發(fā)生滑動時,A物體靠細線的拉力與圓盤的最大靜摩擦力的合力提供向心力做勻速圓周運動,B靠指向圓心的靜摩擦力和拉力的合力提供向心力,所以燒斷細線后,A所受最大靜摩擦力不足以提供其做圓周運動所需要的向心力,A要發(fā)生相對滑動,離圓盤圓心越來越遠,但是A所需要的向心力小于B的最大靜摩擦力,所以B仍保持相對圓盤靜止狀態(tài),做

9、勻速圓周運動,且靜摩擦力比繩子燒斷前減小,故B、D正確,A、C錯誤。故選B、D。 二、非選擇題(本題共3小題,共44分) 8.(13分)如圖所示,在水平地面上固定一傾角θ=37°、表面光滑的斜面,物體A以初速度v1沿斜面上滑,同時在物體A的正上方,有一物體B以初速度v2=2.4 m/s水平拋出。如果當A上滑到最高點時恰好被B物體擊中。A、B均可看作質點,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,g取10 m/s2。求: (1)物體A上滑時的初速度v1; (2)物體A、B間初始位置的高度差h。 答案:(1)6 m/s　(2)6.8 m 解析:(1)物體A上滑過程中,由牛頓第

10、二定律得mgsinθ=ma① 設物體A滑到最高點所用時間為t,由運動學公式0=v1-at② 物體B做平拋運動,如圖所示,由幾何關系可得 x=12v1tcos37°③ 其在水平方向做勻速直線運動,則 x=v2t④ 聯(lián)立可得v1=6m/s。⑤ (2)物體B在豎直方向做自由落體運動,則hB=12gt2⑥ 物體A在豎直方向的位移 hA=12v1tsin37°⑦ 如圖所示,由幾何關系可得 h=hA+hB⑧ 聯(lián)立得h=6.8m。⑨ 9.(14分)某電視臺策劃的娛樂節(jié)目的場地設施如圖所示,AB為水平直軌道,上面安裝有電動懸掛器,可以載人運動,下方水面上漂浮著一個半徑為R,鋪有海

11、綿墊的轉盤,AB向下的投影通過轉盤的中心,轉盤軸心離平臺的水平距離為l,平臺邊緣與轉盤平面的高度差為h。選手抓住懸掛器后,按動開關,在電動機的帶動下從A點沿軌道做初速度為零、加速度為a的勻加速直線運動。起動后2 s懸掛器脫落。設人的質量為m(看作質點),人與轉盤間的最大靜摩擦力為μmg,重力加速度為g。 (1)假設選手落到轉盤上瞬間相對轉盤速度立即變?yōu)榱?為保證他落在任何位置都不會被甩下轉盤,轉盤的角速度ω應限制在什么范圍? (2)已知h=3.2 m,R=0.9 m,g取10 m/s2,當a=2 m/s2時選手恰好落到轉盤的圓心上,求l。 答案:(1)ω≤μgR　(2)7.2 m

12、解析:(1)設人落在圓盤邊緣處不致被甩下,臨界情況下,最大靜摩擦力提供向心力,則有μmg=mω2R 解得ω=μgR 故ω限制的范圍為ω≤μgR。 (2)勻加速過程 x1=12at2=12×2×22m=4m vC=at=4m/s 平拋過程h=12gt22得 t2=0.8s x2=vCt2=4×0.8m=3.2m 故l=x1+x2=7.2m。 10.(17分)(2019·湖北武漢部分高三聯(lián)考)如圖甲所示,固定的光滑半圓軌道的直徑PQ沿豎直方向,其半徑R的大小可以連續(xù)調節(jié),軌道N處裝有壓力傳感器,其位置始終與圓心O等高。質量m車=1 kg、長度l=3 m的小車靜置在光滑水平地面上

13、,小車上表面與P點等高,小車右端與P點的距離s=2 m。一質量m=2 kg的小滑塊以v0=6 m/s的水平初速度從左端滑上小車,當小車與墻壁碰撞后小車立即停止運動。在R取不同值時,壓力傳感器讀數(shù)F與1R的關系如圖乙所示。已知小滑塊與小車表面的動摩擦因數(shù)μ=0.2,重力加速度g取10 m/s2。求: (1)小滑塊到達P點時的速度v1的大小; (2)圖乙中a和b的值。 答案:(1)4 m/s　(2)a=1.25,b=40 解析:(1)小滑塊滑上小車后將做勻減速直線運動,小車將做勻加速直線運動,設小滑塊的加速度大小為a1,小車加速度的大小為a2,由牛頓第二定律得 對小滑塊有μmg=ma

14、1,則a1=2m/s2 對小車有μmg=m車a2,則a2=4m/s2 設小車與滑塊經時間t速度相等,則v0-a1t=a2t 滑塊的位移x1=v0t-12a1t2 小車的位移x2=12a2t2 代入數(shù)據解得t=1s,x1=5m,x2=2m 由于x2=s,x1=l+s,說明小滑塊恰到小車的最右端時,小滑塊與小車共速,車與墻相碰,即小滑塊到達P點的速度v1=v0-a1t=4m/s。 (2)設小滑塊到達N點的速度為vN,對此時的滑塊受力分析,由牛頓第二定律可得F=mvN2R 對小滑塊從P點到N點過程,應用機械能守恒定律可得mgR=12mv12?12mvN2 聯(lián)立解得F=mv12R-2mg 則圖乙中的b=2mg=40 圖線斜率k=ba=mv12=32,解得a=1.25。