2013年高考化學(xué) 試題分類解析 考點(diǎn)07 化學(xué)反應(yīng)速率與化學(xué)平衡

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1、考點(diǎn)7化學(xué)反應(yīng)速率與化學(xué)平衡1.（2013上?；瘜W(xué)20）某恒溫密閉容器中，可逆反應(yīng)A(s) B+C(g)-Q達(dá)到平衡?？s小容器體積，重新達(dá)到平衡時，C(g)的濃度與縮小體積前的平衡濃度相等。以下分析正確的是A.產(chǎn)物B的狀態(tài)只能為固態(tài)或液態(tài)B.平衡時，單位時間內(nèi)n(A)消耗n(C)消耗=11C.保持體積不變，向平衡體系中加入B，平衡可能向逆反應(yīng)方向移動D.若開始時向容器中加入1molB和1molC，達(dá)到平衡時放出熱量Q【答案】AB【解析】若B是氣體，平衡常數(shù)K=c(B)c(C)，若B是非氣體，平衡常數(shù)K=c(C)，由于C(g)的濃度不變，因此B是非氣體，A正確，C錯誤，根據(jù)平衡的v（正）=v（逆

2、）可知B正確（注意，不是濃度消耗相等）；由于反應(yīng)是可逆反應(yīng)，因此達(dá)到平衡時放出熱量小于Q，D項錯誤。【考點(diǎn)定位】本題考查化學(xué)平衡、可逆反應(yīng)的含義。2.（2013北京理綜11）下列實(shí)驗(yàn)事實(shí)不能用平衡移動原理解釋的是【答案】C【解析】A、存在平衡，升高溫度平衡向生成NO2方向移動，故正確；B、水的電離是可逆過程，升高溫度Kw增大，促進(jìn)水的電離，故B正確；C、催化劑不能影響平衡移動，故C錯誤；D、弱電解質(zhì)電離存在平衡，濃度越稀，電離程度越大，促進(jìn)電離，但離子濃度降低，故氨水的濃度越稀，pH值越小，故D正確。3.（2013四川理綜化學(xué)6）在一定溫度下，將氣體X和氣體Y各0.16mol充入10L恒容密閉

3、容器中，發(fā)生反應(yīng)X(g)Y(g) 2Z(g) H (正) C.該溫度下此反應(yīng)的平衡常數(shù)K=1.44D. 其他條件不變，再充入0.2molZ，平衡時X的體積分?jǐn)?shù)增大6.C解析：A. Y的反應(yīng)速率為v(Y)=(0.16-0.12)mol/(10L*2mim)=2.010-3mol/L，v(Z)=2v(Y)=4.010-3 mol/L。B. H0，放熱反應(yīng)，降溫反應(yīng)向正向移動，V（正）V（逆）C. 由平衡常數(shù)公式可得K=1.44D. 反應(yīng)前后計量數(shù)不變，達(dá)到等效平衡，X體積分?jǐn)?shù)不變。4.（2013安徽理綜11）一定條件下，通過下列反應(yīng)可以制備特種陶瓷的原料MgO:MgSO3(s) + CO(g) M

4、gO(s) + CO2(g) +SO2(g) H0該反應(yīng)在恒容的密閉容器中達(dá)到平衡后，若僅改變圖中橫坐標(biāo)x的值，重新達(dá)到平衡后，縱坐標(biāo)y隨x變化趨勢合理的是選項xyA溫度容器內(nèi)混合氣體的密度BCO的物質(zhì)的量CO2與CO的物質(zhì)的量之比CSO2的濃度平衡常數(shù)KDMgSO4的質(zhì)量（忽略體積）CO的轉(zhuǎn)化率11. 【答案】A【解析】該反應(yīng)為正方向體積增加且吸熱。A、升高溫度，平衡正向移動，氣體的質(zhì)量增加，密度增大，正確；B、增加co的量，平衡正向移動，但壓強(qiáng)增大，轉(zhuǎn)化的量，沒有上一平衡多，故比值減小，錯誤；C、平衡常數(shù)只與溫度有關(guān)，錯誤；D因?yàn)楣腆w，增加其量，對的轉(zhuǎn)化率等相關(guān)問題。5（2013山東理綜1

5、2）CO（g）+H2O（g） H2（g）+CO2（g）H0，在其他條件不變的情況下A加入催化劑，改變了反應(yīng)的途徑，反應(yīng)的H也隨之改變B改變壓強(qiáng)，平衡不發(fā)生移動，反應(yīng)放出的熱量不變C升高溫度，反應(yīng)速率加快，反應(yīng)放出的熱量不變D若在原電池中進(jìn)行，反應(yīng)放出的熱量不變解析：催化劑雖然改變了反應(yīng)途徑，但是H只取決于反應(yīng)物、生成物的狀態(tài)，H不變，A錯；這是一個反應(yīng)前后氣體物質(zhì)的量不變的反應(yīng)，改變壓強(qiáng)，平衡不發(fā)生移動，反應(yīng)放出的熱量也不變，B正確；該反應(yīng)是放熱反應(yīng)，升高溫度，平衡左移，反應(yīng)放出的熱量減小，C錯；若在原電池中進(jìn)行，反應(yīng)不放出熱量，而是轉(zhuǎn)換為電能，D錯。答案：B6.（2013重慶理綜13）將E和

6、F加入密閉容器中,在一定條件下發(fā)生反應(yīng)：E(g)F(s)2G(g)。忽略固體體積，平衡時G的體積分?jǐn)?shù)(%)隨溫度和壓強(qiáng)的變化如下表所示。壓強(qiáng)/MPa體積分?jǐn)?shù)/%溫度/1.02.03.081054.0ab915c75.0d1000ef83.0bf 915，2.0MPa時E的轉(zhuǎn)化率為60%該反應(yīng)的S0 K(1000)K(810)上述中正確的有( )A4個 B3個 C2個 D1個解析：利用圖表分析考察平衡原理。a與b、c與d、e與f之間是壓強(qiáng)問題，隨著壓強(qiáng)增大，平衡逆向移動，G的體積分?jǐn)?shù)減小，b75%，e83%；c、e是溫度問題，隨著溫度升高，G的體積分?jǐn)?shù)增大，所以正反應(yīng)是一個吸熱反應(yīng)，所以，K(1

7、000)K(810)；f的溫度比b的高，壓強(qiáng)比b的小，所以fb。而，可以令F為1mol，轉(zhuǎn)化率為，則有2/1+=75%，=75%，正確。該反應(yīng)是一個氣體分子式增大的反應(yīng)，屬于熵增反應(yīng)，所以正確。選擇A。7.（2013江蘇化學(xué)11）下列有關(guān)說法正確的是A.反應(yīng)NH3(g)HCl(g)=NH4Cl(s)在室溫下可自發(fā)進(jìn)行，則該反應(yīng)的H0B.電解法精煉銅時，以粗銅作陰極，純銅作陽極C.CH3COOH 溶液加水稀釋后，溶液中 的值減小D.Na2CO3溶液中加入少量Ca(OH)2 固體，CO32水解程度減小，溶液的pH 減小【參考答案】AC【解析】本題是化學(xué)反應(yīng)與熱效應(yīng)、電化學(xué)等的簡單綜合題，著力考查學(xué)

8、生對用熵變焓變判斷反應(yīng)方向，水解反應(yīng)、原電池電解池、化學(xué)反應(yīng)速率的影響因素等方面的能力。A.本反應(yīng)前后氣體變固體，熵變小于零，只有在焓變小于零時自發(fā)。內(nèi)容來源于選修四P34P36中化學(xué)方向的判斷。B.精煉銅時，粗銅銅作陽極，被氧化，純銅作陰極，被還原。內(nèi)容來源于選修四P81。C.越稀越電離，醋酸與醋酸根離子濃度比減小。內(nèi)容來源于選修四P41。D.Na2CO3溶液加少量Ca(OH)2固體，抑制碳酸根離子水解，但pH值隨著Ca(OH)2固體的加入而增大。8.（2013江蘇化學(xué)15）一定條件下存在反應(yīng)：CO(g)H2O(g)CO2(g)H2(g)，其正反應(yīng)放熱。現(xiàn)有三個相同的2L恒容絕熱(與外界沒有

9、熱量交換)密閉容器I、II、III，在I中充入1molCO和1molH2O，在II中充入1molCO2和1mol H2，在III中充入2molCO和2molH2O，700條件下開始反應(yīng)。達(dá)到平衡時，下列說法正確的是A.容器I、II中正反應(yīng)速率相同B.容器I、III中反應(yīng)的平衡常數(shù)相同C.容器I中CO的物質(zhì)的量比容器II中的多D.容器I中CO的轉(zhuǎn)化率與容器II中CO2的轉(zhuǎn)化率之和小于1【參考答案】CD【解析】本題屬于基本理論中化學(xué)平衡問題，主要考查學(xué)生對速率概念理解與計算，平衡常數(shù)概念與計算，平衡移動等有關(guān)內(nèi)容理解和掌握程度。高三復(fù)習(xí)要讓學(xué)生深刻理解一些基本概念的內(nèi)涵和外延。A.在I中充入1mo

10、lCO和1molH2O，在II中充入1molCO2和1mol H2，剛開始時，容器I、中正反應(yīng)速率最大，容器II中正反應(yīng)速率為零。達(dá)到平衡時，容器I溫度大于700，容器II溫度小于700，所以，容器I中正反應(yīng)速率大于容器II中正反應(yīng)速率。B.容器III可看成容器I體積壓縮一半，各物質(zhì)濃度增加一倍，若溫度恒定，則平衡不移動；但恒容絕熱的情況下，容器III中溫度比容器I高，更有利于平衡向逆反應(yīng)方向移動，故平衡常數(shù)容器III小于容器I。C.若溫度恒定，容器I、II等效，但兩者溫度不等。達(dá)到平衡時，容器I溫度大于700，容器II溫度小于700，有利于容器I平衡向逆反應(yīng)方向移動，故容器I中CO的物質(zhì)的量

11、比容器II中的多。D.若溫度恒定，容器I、II等效，容器I中CO的轉(zhuǎn)化率與容器II中CO2的轉(zhuǎn)化率之和等于1。但兩者溫度不等，達(dá)到平衡時，容器I溫度大于700，容器II溫度小于700，有利于容器I平衡向逆反應(yīng)方向移動，有利于容器II平衡向正反應(yīng)方向移動，故容器I中CO的轉(zhuǎn)化率相應(yīng)減小，容器II中CO2的轉(zhuǎn)化率同樣會相應(yīng)減小，因此，容器I中CO的轉(zhuǎn)化率與容器II中CO2的轉(zhuǎn)化率之和小于1。9.（2013福建理綜12）NaHSO3溶液在不同溫度下均可被過量KIO3氧化，當(dāng)NaHSO3完全消耗即有I2析出，根據(jù)I2析出所需時間可以求得NaHSO3的反應(yīng)速率。將濃度均為0.020molL-1NaHSO

12、3（含少量淀粉）10.0ml、KIO3（過量）酸性溶液40.0ml混合，記錄1055間溶液變藍(lán)時間，55時未觀察到溶液變藍(lán)，實(shí)驗(yàn)結(jié)果如右圖。據(jù)圖分析，下列判斷不正確的是A40之前與40之后溶液變藍(lán)的時間隨溫度的變化趨勢相反B圖中b、c兩點(diǎn)對應(yīng)的NaHSO3反應(yīng)速率相等C圖中a點(diǎn)對應(yīng)的NaHSO3反應(yīng)速率為5.0 10-5molL-1s-1D溫度高于40時，淀粉不宜用作該試驗(yàn)的指示劑【知識點(diǎn)】化學(xué)圖像的分析、化學(xué)反應(yīng)速率的計算以及指示劑的選擇等知識。【答案】B【解析】A項，由圖像可知40C 之前變藍(lán)的時間在加快，40C 之后的變藍(lán)時間在減慢；B 項，雖然變藍(lán)時間都是64s，但是二者處在不同的階段

13、，所以反應(yīng)速率不相等，b 點(diǎn)比c點(diǎn)的反應(yīng)速率大；C 項，t=80s，所以；D 項，當(dāng)溫度高于40C ，變藍(lán)時間變長以及當(dāng)溫度高于55 C 是不出現(xiàn)藍(lán)色，所以此時淀粉不是合適的指示劑。10、（2013廣西理綜7）反應(yīng)X(g)Y(g)2Z(g)；H0，達(dá)到平衡時，下列說法正確的是 A.減小容器體積，平衡向右移動 B.加入催化劑，Z的產(chǎn)率增大C.增大c(X)，X的轉(zhuǎn)化率增大 D.降低溫度，Y的轉(zhuǎn)化率增大【答案】D【解析】該反應(yīng)為前后體積不變的反應(yīng)，因此改變壓強(qiáng)對該反應(yīng)無影響，A項錯誤；催化劑只能降低反應(yīng)的活化能，增大反應(yīng)速率，但不能改變平衡狀態(tài)，產(chǎn)率不變，因此B項錯誤；增大一種反應(yīng)物會增大另一反應(yīng)物

14、的轉(zhuǎn)化率，本身的轉(zhuǎn)化率是下降的，C項錯誤；減低溫度后，平衡向著放熱方向移動，即向右移動，因此Y的轉(zhuǎn)化率增大，D項正確。11.（2013上?；瘜W(xué)31-34）鎳具有優(yōu)良的物理和化學(xué)特性，是許多領(lǐng)域尤其是高技術(shù)產(chǎn)業(yè)的重要原料。羰基法提純粗鎳涉及的兩步反應(yīng)依次為：（1）Ni(S)+4CO(g) Ni(CO)4(g)+Q（2）Ni(CO)4(g) Ni(S)+4CO(g)完成下列填空：31.在溫度不變的情況下，要提高反應(yīng)（1）中Ni(CO4)的產(chǎn)率，可采取的措施有 、 。32.已知在一定條件下的2L密閉容器中制備Ni(CO)4，粗鎳（純度98.5%,所含雜質(zhì)不與CO反應(yīng)）剩余質(zhì)量和反應(yīng)時間的關(guān)系如右圖所

15、示。Ni(CO)4在010min的平均反應(yīng)速率為 。33.若反應(yīng)（2）達(dá)到平衡后，保持其他條件不變，降低溫度，重新達(dá)到平衡時 。a.平衡常數(shù)K增大 b.CO的濃度減小c.Ni的質(zhì)量減小 d.v逆Ni(CO)4增大34.簡述羰基法提純粗鎳的操作過程?！敬鸢浮?1.增大CO濃度，加壓。34.把粗鎳和CO放于一個水平放置的密閉的玻璃容器中，然后在低溫下反應(yīng)，一段時間后在容器的一端加熱?！窘馕觥?1.反應(yīng)（1）是正向氣體體積縮小的放熱反應(yīng)，因此，根據(jù)平衡移動原理在溫度不變的情況下采取可增大CO濃度，加壓的方法提高產(chǎn)率；32.根據(jù)題意，反應(yīng)的Ni為1mol，則生成Ni(CO) 4為1mol，反應(yīng)速率為1

16、/（210）=0.05molL-min-；33.反應(yīng)（2）正向氣體體積增大的吸熱反應(yīng)，則，降低溫度平衡逆向移動，平衡常數(shù)K、CO的濃度、Ni的質(zhì)量、v逆Ni(CO)4減小；根據(jù)反應(yīng)（1）（2）的特點(diǎn)可提純粗鎳?！究键c(diǎn)定位】本題考查化學(xué)反應(yīng)速率、平衡移動原理的應(yīng)用。12.（14分）（2013新課標(biāo)卷28）在1.0 L密閉容器中放入0.10molA(g)，在一定溫度進(jìn)行如下反應(yīng)應(yīng): A(g)B(g)C(g) H=+85.1kJmol1反應(yīng)時間(t)與容器內(nèi)氣體總壓強(qiáng)(p)的數(shù)據(jù)見下表：時間t/h0124816202530總壓強(qiáng)p/100kPa4.915.586.327.318.549.509.52

17、9.539.53回答下列問題:(1)欲提高A的平衡轉(zhuǎn)化率，應(yīng)采取的措施為 。(2)由總壓強(qiáng)P和起始壓強(qiáng)P0計算反應(yīng)物A的轉(zhuǎn)化率(A)的表達(dá)式為 。平衡時A的轉(zhuǎn)化率為_ ，列式并計算反應(yīng)的平衡常數(shù)K 。(3)由總壓強(qiáng)p和起始壓強(qiáng)p0表示反應(yīng)體系的總物質(zhì)的量n總和反應(yīng)物A的物質(zhì)的量n（A），n總= mol，n（A）= mol。下表為反應(yīng)物A濃度與反應(yīng)時間的數(shù)據(jù)，計算a= 反應(yīng)時間t/h04816C（A）/（molL-1）0.10a0.0260.0065分析該反應(yīng)中反應(yīng)反應(yīng)物的濃度c（A）變化與時間間隔（t）的規(guī)律，得出的結(jié)論是 ，由此規(guī)律推出反應(yīng)在12h時反應(yīng)物的濃度c（A）為 molL-1解析：

18、考察化學(xué)平衡知識，涉及平衡移動，轉(zhuǎn)化率、平衡常數(shù)、平衡計算、反應(yīng)速率、表格數(shù)據(jù)分析。（1）根據(jù)反應(yīng)是放熱反應(yīng)特征和是氣體分子數(shù)增大的特征，要使A的轉(zhuǎn)化率增大，平衡要正向移動，可以采用升高溫度、降低壓強(qiáng)的方法。（2）反應(yīng)前氣體總物質(zhì)的量為0.10mol，令A(yù)的轉(zhuǎn)化率為(A)，改變量為0.10(A) mol,根據(jù)差量法，氣體增加0.10(A)mol，由阿伏加德羅定律列出關(guān)系： = (A)=( 1)100%；(A)=（1）100%=94.1% 平衡濃度C(C)=C(B)=0.194.1%=0.0941mol/L,C(A)=0.1-0.0941=0.0059mol/L, K=1.5（3）= n=0.1

19、 ；其中，n（A）=0.1（0.10.1）=0.1（2） n(A)=0.1（2）=0.051 C(A)=0.051/1=0.051mol/L 每間隔4小時，A的濃度為原來的一半。 當(dāng)反應(yīng)12小時時，C(A)=0.026/2=0.013mol/L參考答案：（1）升高溫度、降低壓強(qiáng)（2）(A)=( 1)100%；94.1%；K=1.5；（3）0.1；0.1（2）； 0.051；每間隔4小時，A的濃度為原來的一半。0.01313（2013山東理綜29）（15分）化學(xué)反應(yīng)原理在科研和生產(chǎn)中有廣泛應(yīng)用（1）利用“化學(xué)蒸氣轉(zhuǎn)移法”制備TaS2晶體，發(fā)生如下反應(yīng)TaS2（s）+2I2（g） TaI4（g）+

20、S2（g）H0 （I）反應(yīng)（I）的平衡常數(shù)表達(dá)式K= ，若K=1，向某恒容密閉容器中加入1mol I2（g）和足量TaS2（s），I2（g）的平衡轉(zhuǎn)化率為 （2）如圖所示，反應(yīng)（I）在石英真空管中進(jìn)行，先在溫度為T2的一端放入未提純的TaS2粉末和少量I2（g），一段時間后，在溫度為T1的一端得到了純凈的TaS2晶體，則溫度T1 T2（填“”“”或“=”）。上述反應(yīng)體系中循環(huán)使用的物質(zhì)是 。（3）利用I2的氧化性可測定鋼鐵中硫的含量。做法是將鋼鐵中的硫轉(zhuǎn)化為H2SO3，然后用一定濃度的I2溶液進(jìn)行滴定，所用指示劑為 ，滴定反應(yīng)的離子方程式為 （4）25時，H2SO3 HSO3-+H+的電離常數(shù)

21、Ka=110-2mol/L，則該溫度下NaHSO3的水解平衡常數(shù)Kh= mol/L，若向NaHSO3溶液中加入少量的I2，則溶液中將 （填“增大”“減小”或“不變”）。解析：（1）或，通過三行式法列出平衡濃度，帶入K值可以得出轉(zhuǎn)化率為66.7%。（2）由所給方程式可知該反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，通過題意溫度T2端利于反應(yīng)正向進(jìn)行，為高溫，溫度T1端利于反應(yīng)向左進(jìn)行，為低溫，所以T1T2。I2是可以循環(huán)使用的物質(zhì).(3)因?yàn)镮2遇到淀粉會變藍(lán)色,所以可以用淀粉溶液作指示劑.離子反應(yīng):H2SO3I2+H2O4H+SO42-2I-.(4)Ka,HSO3-H2OH2SO3OH-,Kb1.01021.010-14

22、1.010-12,當(dāng)加入少量I2時，溶液酸性增強(qiáng)，H+增大，但是溫度不變，Kb不變，則增大。答案：（1）或，66.7%（2），I2（3）淀粉溶液，H2SO3I2+H2O4H+SO42-2I-（4）1.010-12，增大14.（2013浙江理綜27）（14分）補(bǔ)碳技術(shù)（主要指捕獲CO2）在降低溫度氣體排放中既有重要的作用。目前NH3和（NH4）2CO3已經(jīng)被用作工業(yè)補(bǔ)碳劑，他們與CO2可發(fā)生如下可以反應(yīng)：請回答下列問題：（1）H3與H1、H2之間的關(guān)系是：H3= 。（2）為研究溫度對（NH4）2CO3捕獲CO2效率的影響，在某溫度T1下，將一定量的（NH4）2CO3溶液置于密閉容器中，并充入一定

23、量的CO2氣體（用氮?dú)庾鳛橄♂寗?，在t時刻，測得容器中CO2氣體的濃度。然后分別在溫度為T2、T3、T4、T5下，保持其它初始實(shí)驗(yàn)條件不變，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，經(jīng)過相同的時間測得CO2氣體濃度，得到趨勢圖（見圖1）。則：H3 (填、=或).在T1T2及T4T5二個溫度區(qū)間內(nèi)，容器中CO2氣體濃度呈現(xiàn)如圖1所示的變化趨勢，其原因是 。反應(yīng)在溫度為T1時，溶液的pH隨時間變化的趨勢曲線圖2所示。當(dāng)時間到達(dá)t1時，將該反應(yīng)體系溫度迅速上升到T2，并維持該溫度。請在該圖中畫出t1時刻后溶液的pH變化總趨勢曲線。（3）利用反應(yīng)捕獲CO2，在（NH4）2CO3初始濃度和體積確定的情況下，提高CO2吸收量的措施

24、有 （寫出2個）。（4）下列物質(zhì)中也可能作為CO2捕獲劑的是 。ANH4Cl BNa2CO3 CHOCH2CH2OH DHOCH2CH2NH2【答案】（1）2H2-H1（2） T1T2區(qū)間，化學(xué)反應(yīng)未達(dá)到平衡，溫度越高，化學(xué)反應(yīng)速率越快，所以CO2的捕獲量隨溫度升高而提高。T4T5區(qū)間，化學(xué)反應(yīng)已達(dá)到平衡，由于正反應(yīng)是放熱反應(yīng)，溫度升高平衡向逆反應(yīng)移動，所以不利于CO2捕獲。（3）降低溫度；增加CO2捕獲濃度（或分壓）（4）BD【解析】利用蓋斯定律很容易求解。由圖1知，升高溫度二氧化碳濃度增大，說明平衡左移，所以正反應(yīng)為放熱反應(yīng)；由圖像可知T3為反應(yīng)的平衡點(diǎn)，T1T2區(qū)間，化學(xué)反應(yīng)未達(dá)到平衡，

25、溫度越高，化學(xué)反應(yīng)速率越快，剩余的二氧化碳就越少，所以CO2的捕獲量隨溫度升高而提高。T4T5區(qū)間，化學(xué)反應(yīng)已達(dá)到平衡，由于正反應(yīng)是放熱反應(yīng)，溫度升高平衡向逆反應(yīng)移動，所以不利于CO2捕獲。溫度升高平衡向逆反應(yīng)移動，CO2會從體系中釋放出來，酸性將會減弱，直至到達(dá)新的平衡，pH趨于不變。（3）反應(yīng)是放熱的，降低溫度有利于捕獲CO2；增加CO2捕獲濃度（或分壓）有利于平衡右移。（4）凡顯堿性的即可作為CO2的捕獲劑，B項水解顯堿性，D項含有氨基也顯堿性，而A項水解顯酸性，C項為中性有機(jī)物。15（2013海南化學(xué)15）（9分）反應(yīng)A(g) B(g) +C(g)在容積為1.0L的密閉容器中進(jìn)行，A的

26、初始濃度為0.050mol/L。溫度T1和T2下A的濃度與時間關(guān)系如圖所示?；卮鹣铝袉栴}：（1）上述反應(yīng)的溫度T1 T2，平衡常數(shù)K(T1) K(T2)。（填“大于”、“小于”或“等于”）（2）若溫度T2時，5min后反應(yīng)達(dá)到平衡，A的轉(zhuǎn)化率為70%，則：平衡時體系總的物質(zhì)的量為 。反應(yīng)的平衡常數(shù)K= 。反應(yīng)在05min區(qū)間的平均反應(yīng)速率v(A)= 。答案 （1）小于 小于 （2）0.085mol0.082mol/L0.007mol/(Lmin)解析：（1）圖中顯示，T2時達(dá)到平衡所用時間少，速率大所以溫度高；而溫度越高c(A)越小，可判斷反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，升溫K將增大。（2）平衡問題的常規(guī)計算

27、，略。16.（15分）（2013新課標(biāo)卷I28）二甲醚（CH3OCH3）是無色氣體，可作為一種新型能源，由合成氣（組成為H2、CO、和少量CO2）直接制備二甲醚，其中主要過程包括以下四個反應(yīng)： CO(g）+ 2H2(g) = CH3OH(g) H1=-90.1 kJmol-1 CO2(g)+ 3H2(g) = CH3OH(g)+H2O(g) H2=-49.0 kJmol-1 水煤氣變換反應(yīng)： CO(g) + H2O (g)=CO2(g)+H2(g) H3=-41.1 kJmol-1 二甲醚合成反應(yīng)： 2CH3OH(g)=CH3OCH3(g)+H2O(g) H4=-24.5 kJmol-1 Al

28、2O3是合成氣直接制備二甲醚反應(yīng)催化劑的主要成分之一。工業(yè)上從鋁土礦制備較高純度Al2O3的主要工藝流程是 （以化學(xué)方程式表示） 分析二甲醚合成反應(yīng)對于CO轉(zhuǎn)化率的影響。 由H2和CO直接制備二甲醚（另一產(chǎn)物為水蒸氣）的熱化學(xué)方程式為 。有研究者在催化劑（含Cu-Zn-Al-O和Al2O3），壓強(qiáng)為5.0MPa的條件下由H2和CO直接制備二甲醚，結(jié)果如下圖所示。其中CO轉(zhuǎn)化率隨溫度升高而降低的原因是_。 二甲醚直接燃料電池具有啟動快，效率高等優(yōu)點(diǎn)，其能量密度高于甲醇直接燃燒燃料電池（5.93kWhkg-1），若電解質(zhì)為酸性，二甲醚直接燃料電池的負(fù)極反應(yīng)為_。 一個二甲醚分子經(jīng)過電化學(xué)氧化，可以

29、產(chǎn)生_個電子的電量；該電池理論輸出電壓1.20V，能量密度E=_（列式計算，能量密度=電池輸出電能/燃料質(zhì)量，1kWh=3.6105J ） 【答案】（1）Al2O3（鋁土礦）+2NaOH=2NaAlO2+H2O；NaAlO2+CO2+2H2O=NaHCO3+Al(OH)3； (2)消耗甲醇，促進(jìn)甲醇合成反應(yīng)平衡向右移，CO轉(zhuǎn)化率增大，生成的H2O通過水煤氣反應(yīng)消耗部分CO （3）2CO(g)+4H2(g)=CH3OCH3(g)+H2O(g)；H=-204.7kJ/mol；該反應(yīng)分子數(shù)減小，壓強(qiáng)升高平衡右移，CO和H2的轉(zhuǎn)化率增大，CH3OCH3產(chǎn)率增加，壓強(qiáng)升高使CO和H2的濃度增加，反應(yīng)速率

30、增大。 17.（2013海南化學(xué)14）（9分）溴及其化合物廣泛應(yīng)用于醫(yī)藥、農(nóng)藥、纖維、塑料組燃劑等，回答下列問題：（1）海水提溴過程中，向濃縮的海水中通入 ，將其中的Br-氧化，再用空氣吹出溴；然后用碳酸鈉溶液吸收溴，溴歧化為Br-和BrO3-，其離子方程式為 。（2）溴與氯能以共價鍵結(jié)合形成BrCl。BrCl分子中， 顯正電性。BrCl與水發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為 。（3）CuBr2分解的熱化學(xué)方程式為：2CuBr2(s)=2 CuBr(s)+ Br2(g)H=+105.4kJ/mol在密閉容器中將過量CuBr2于487K下加熱分解，平衡時p(Br2)為4.66103Pa。如反應(yīng)體系的體積不變

31、，提高反應(yīng)溫度，則p(Br2)將會 (填“增大”、“不變”或“減小”)。如反應(yīng)溫度不變，將反應(yīng)體系的體積增加一倍，則p(Br2)的變化范圍為 。答案 （1）Cl23 Br2+6 CO32-+3H2O=5 Br-+ BrO3-+6HCO3-(或3 Br2+3CO32-=5 Br-+ BrO3-+3CO2)（2）Br BrCl+H2O=HCl+ HBrO （3）增大2.33103Pa p(Br2)4.66103Pa解析：（1）溴在碳酸鈉溶液的歧化可把反應(yīng)理解為，溴與水發(fā)生歧化，產(chǎn)生H+的被碳酸鈉吸收。（2）正電性的原子或原子團(tuán)結(jié)合OH形成分子，則生成HBrO。（3）升高溫度，平衡向吸熱反應(yīng)方向移動

32、，因而可提高p(Br2)；體積增大一倍時，p(Br2)降為原來的一半，即2.33103Pa，減壓使平衡向氣體體積數(shù)增大的方向移動，因而會大于2.33103Pa；若反應(yīng)物足量，可平衡恢復(fù)到原有的p(Br2)。18.（2013福建理綜23）（16分）利用化石燃料開采、加工過程產(chǎn)生的H2S廢氣制取氫氣，既廉價又環(huán)保。（1）工業(yè)上可用組成為K2OM2O32RO2nH2O的無機(jī)材料純化制取的氫氣已知元素M、R均位于元素周期表中第3周期，兩種元素原子的質(zhì)量數(shù)之和為27，則R的原子結(jié)構(gòu)示意圖為_常溫下，不能與M單質(zhì)發(fā)生反應(yīng)的是_（填序號）a.CuSO4溶液 b.Fe2O3 c.濃硫酸 d.NaOH e.Na

33、2CO3固體（2）利用H2S廢氣制取氫氣來的方法有多種高溫?zé)岱纸夥ㄒ阎篐2S(g)=H2+1/2S2(g)在恒溫密閉容器中，控制不同溫度進(jìn)行H2S分解實(shí)驗(yàn)。以H2S起始濃度均為c molL-1測定H2S的轉(zhuǎn)化率，結(jié)果見右圖。圖中a為H2S的平衡轉(zhuǎn)化率與溫度關(guān)系曲線，b曲線表示不同溫度下反應(yīng)經(jīng)過相同時間且未達(dá)到化學(xué)平衡時H2S的轉(zhuǎn)化率。據(jù)圖計算985時H2S按上述反應(yīng)分解的平衡常數(shù)K=_；說明溫度的升高，曲線b向曲線a逼近的原因：_電化學(xué)法該法制氫過程的示意圖如右。反應(yīng)池中反應(yīng)物的流向采用氣、液逆流方式，其目的是_；反應(yīng)池中發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為_。反應(yīng)后的溶液進(jìn)入電解池，電解總反應(yīng)的離子方程

34、式為_?！局R點(diǎn)】物質(zhì)結(jié)構(gòu)和元素周期律，元素化合物性質(zhì)，化學(xué)平衡常數(shù)以及電化學(xué)反應(yīng)等知識?！敬鸢浮浚?） b、e（2）溫度升高，反應(yīng)速率加快，達(dá)到平衡所需的時間縮短（或其他合理條件）增大反應(yīng)物接觸面積，使反應(yīng)更充分【解析】（1）根據(jù)可知M、R 的化合價分別是+3、+4 價，再結(jié)合二者的質(zhì)子數(shù)之和為27，可推知X是Al、Y是Si，則Si 的原子結(jié)構(gòu)示意圖為。Al 和Fe2O3 發(fā)生鋁熱反應(yīng)的條件是高溫，也不和Na2CO3 固體反應(yīng)；（2）根據(jù)圖像可知，985 時，H2S的平衡轉(zhuǎn)化率為40%，我們根據(jù)三段式計算出化學(xué)平衡常數(shù)：由圖可知，當(dāng)溫度升高時，達(dá)到平衡的時間縮短了，也就是說升高溫度加快了化學(xué)

35、反應(yīng)速率；采用氣、液逆流的方式進(jìn)行，其目的是增大了氣、液的接觸面積，增大了化學(xué)反應(yīng)速率，使反應(yīng)更容易進(jìn)行。根據(jù)反應(yīng)池的結(jié)構(gòu)，可知：參加反應(yīng)的物質(zhì)是H2S和2FeCl3 ，生成物是S 單質(zhì)，說此反應(yīng)為氧化還原反應(yīng)，所以生成的物質(zhì)還有FeCl2，即方程式為從反應(yīng)池流出的溶液中含有Fe2+ ，經(jīng)過電解池也變回了Fe3+ ，同時還有H2 生成，故電解反應(yīng)方程式為19、（2013天津化學(xué)10）某市對大氣進(jìn)行監(jiān)測，發(fā)現(xiàn)該市首要污染物為可吸入顆粒物PM2.5（直徑小于等于2.5um的懸浮顆粒物）其主要來源為燃煤、機(jī)動車尾氣等。因此，對PM2.5、SO2、NOx等進(jìn)行研究具有重要意義。請回答下列問題：（1）對

36、PM2.5樣本用蒸餾水處理制成待測試樣。若測得該試樣所含水溶性無機(jī)離子的化學(xué)組分及其平均濃度如下表：離子K+Na+NH4+SO42-NO3-Cl-濃度/mol.L4x10-66x10-62x10-54x10-53x10-52x10-5根據(jù)表中數(shù)據(jù)判斷PM2.5的酸堿性為，試樣的PH值=（2）為減少SO2的排放，常采取的措施有：將煤轉(zhuǎn)化為清潔氣體燃料。已知：H2(g)+1/2O2(g)=H2O(g) H= -241.8KJ/mol C(s)+1/2O2(g)=CO(g) H= -110.5KJ/mol寫出焦炭與水蒸氣反應(yīng)的熱化學(xué)方程式；洗滌含SO2的煙氣，以下物質(zhì)可作洗滌劑的是a.Ca(OH)2

37、 b.Na2CO3 c.CaCl2 d.NaHSO3(3)汽車尾氣中NOx和CO的生成及轉(zhuǎn)化為：已知?dú)飧字猩蒒O的反應(yīng)為：N2(g)+O2(g) 2NO(g) H0若1mol空氣含有0.8molN2和0.2molO2,1300時在密閉容器內(nèi)反應(yīng)達(dá)到平衡。測得NO為8x10-4mol.計算該溫度下的平衡常數(shù)K= _汽車啟動后，氣缸溫度越高，單位時間內(nèi)NO排放量越大，原因是汽車燃油不完全燃燒時產(chǎn)生CO，有人設(shè)想按下列反應(yīng)除去CO：2CO(g)=2C(s)+O2(g)已知該反應(yīng)的H0，簡述該設(shè)想能否實(shí)現(xiàn)的依據(jù)目前，在汽車尾氣系統(tǒng)中裝置催化轉(zhuǎn)化器可減少CO和NO的污染，其化學(xué)反應(yīng)方程式為【解析】該題

38、綜合考察化學(xué)反應(yīng)原理的基礎(chǔ)知識。涉及離子的水解、PH值的計算、蓋斯定律的應(yīng)用、化學(xué)平衡常數(shù)的計算、自由能的應(yīng)用等。觀察表格中發(fā)現(xiàn)NH4+水解顯酸性，PM2.5的酸堿性為酸性。試樣的PH值根據(jù)溶液中電荷守恒計算H+離子濃度為10-4，PH值為4.焦炭與水蒸汽反應(yīng)的熱化學(xué)方程式：C(s)+H2O(g)=CO(g)+H2(g) H=+131.3kJ/mol洗滌含SO2的煙氣,根據(jù)酸性氧化物的性質(zhì)選a.Ca(OH)2 b.Na2CO3。計算平衡常數(shù)時，先計算物質(zhì)的平衡量N2為0.8-4x10-4, O2為0.2-4x10-4，NO為8x10-4，帶入平衡常數(shù)表達(dá)式即可，得4x10-6.氣缸溫度越高，單位時間內(nèi)NO排放量越大，原因是溫度升高，反應(yīng)速率加快，平衡右移2CO(g)=2C(s)+O2(g)，該反應(yīng)是焓增、熵減的反應(yīng)。根據(jù)G=H-TS, G0,不能實(shí)現(xiàn)。汽車尾氣系統(tǒng)中裝置反應(yīng)的化學(xué)方程式