2014金牌學(xué)案 課時(shí)作業(yè)(三十五) 動(dòng)量與動(dòng)量守恒定律 實(shí)驗(yàn)：驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律

《2014金牌學(xué)案 課時(shí)作業(yè)(三十五) 動(dòng)量與動(dòng)量守恒定律 實(shí)驗(yàn)：驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《2014金牌學(xué)案 課時(shí)作業(yè)(三十五) 動(dòng)量與動(dòng)量守恒定律 實(shí)驗(yàn)：驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、課時(shí)作業(yè)(三十五)　動(dòng)量與動(dòng)量守恒定律　實(shí)驗(yàn)：驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律 1．物體的動(dòng)量變化量的大小為5 kg·m/s，這說(shuō)明(　　) A．物體的動(dòng)量在減小 B．物體的動(dòng)量在增大 C．物體的動(dòng)量大小也可能不變 D．物體的動(dòng)量大小一定變化 2．木塊a和b用一根輕彈簧連接起來(lái)，放在光滑水平面上，a緊靠在墻壁上，在b上施加向左的水平力使彈簧壓縮，如圖所示，當(dāng)撤去外力后，下列說(shuō)法中正確的是(　　) ①a尚未離開(kāi)墻壁前，a和b系統(tǒng)的動(dòng)量守恒　②a尚未離開(kāi)墻壁前，a與b系統(tǒng)動(dòng)量不守恒?、踑離開(kāi)墻后，a、b系統(tǒng)動(dòng)量守恒?、躠離開(kāi)墻后，a、b系統(tǒng)動(dòng)量不守恒 A．①③　　　　　　　　 B．②④ C．

2、①④　　 D．②③ 3．如圖所示，質(zhì)量為M的盒子放在光滑的水平面上，盒子內(nèi)表面不光滑，盒內(nèi)放有一塊質(zhì)量為m的物體，某時(shí)刻給物體一個(gè)水平向右的初速度v0，那么在物體與盒子前后壁多次往復(fù)碰撞后(　　) A．兩者的速度均為零 B．兩者的速度總不會(huì)相等 C．盒子的最終速度為，方向水平向右 D．盒子的最終速度為，方向水平向右 4．A球的質(zhì)量是m，B球的質(zhì)量是2m，它們?cè)诠饣乃矫嫔弦韵嗤膭?dòng)量運(yùn)動(dòng)．B在前，A在后，發(fā)生正碰后，A球仍朝原方向運(yùn)動(dòng)，但其速率是原來(lái)的一半，碰后兩球的速率比v′A∶v′B為(　　) A.　　　　　　　　　 B. C．2　　　 D. 5．(2012·重慶卷

3、)質(zhì)量為m的人站在質(zhì)量為2m的平板小車(chē)上，以共同的速度在水平地面上沿直線(xiàn)前行，車(chē)所受地面阻力的大小與車(chē)對(duì)地面壓力的大小成正比．當(dāng)車(chē)速為v0時(shí)，人從車(chē)上以相對(duì)于地面大小為v0的速度水平向后跳下．跳離瞬間計(jì)，則能正確表示車(chē)運(yùn)動(dòng)的v－t圖象為(　　) 6.用如圖甲所示的氣墊導(dǎo)軌來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，用頻閃照相機(jī)閃光4次拍得照片如圖乙所示，已知閃光時(shí)間間隔為Δt＝0.02 s，閃光本身持續(xù)時(shí)間極短，已知在這4次閃光的時(shí)間內(nèi)A、B均在0～80 cm范圍內(nèi)且第一次閃光時(shí)，A恰好過(guò)x＝55 cm處，B恰好過(guò)x＝70 cm處，則由圖可知： (1)兩滑塊在x＝________cm處相碰． (2)兩滑塊在

4、第一次閃光后t＝________s時(shí)發(fā)生碰撞． (3)若碰撞過(guò)程中滿(mǎn)足動(dòng)量守恒，則A、B兩滑塊的質(zhì)量比為_(kāi)___________． 7．用圖中裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律．實(shí)驗(yàn)中 (1)為了盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差，在安裝斜槽軌道時(shí)，應(yīng)讓斜槽末端保持水平，這樣做的目的是____________． A．使入射球與被碰小球碰后均能從同一高度飛出 B．使入射球與被碰小球碰后能同時(shí)飛出 C．使入射球與被碰小球離開(kāi)斜槽末端時(shí)的速度為水平方向 D．使入射球與被碰小球碰撞時(shí)的動(dòng)能不損失 (2)若A球質(zhì)量為m1＝50 g，兩小球發(fā)生正碰前后的位移—時(shí)間(x－t)圖象如圖所示，則小球B的質(zhì)量為m2＝

5、____________. (3)調(diào)節(jié)A球自由下落高度，讓A球以一定速度v與靜止的B球發(fā)生正碰，碰后兩球動(dòng)量正好相等，則A、B兩球的質(zhì)量之比應(yīng)滿(mǎn)足____________． 8.如圖所示，兩塊厚度相同的木塊A、B，緊靠著放在光滑的桌面上，其質(zhì)量分別為2.0 kg、0.90 kg，它們的下表面光滑，上表面粗糙．另有質(zhì)量為0.10 kg的鉛塊C(大小可以忽略)以10 m/s的速度恰好水平地滑到A的上表面，由于摩擦，鉛塊C最后停在木塊B上，此時(shí)B、C的共同速度v＝0.5 m/s.求木塊A的最終速度和鉛塊C剛滑到B上時(shí)的速度． 9．(2013·衡水模擬)如圖所示，甲車(chē)質(zhì)量為2 kg，靜止在光滑水

6、平面上，其頂部上表面光滑，右端放一個(gè)質(zhì)量為1 kg的小物塊，乙車(chē)質(zhì)量為4 kg，以5 m/s的速度向左運(yùn)動(dòng)，與甲車(chē)碰撞后甲車(chē)獲得6 m/s的速度，物塊滑到乙車(chē)上，若乙車(chē)足夠長(zhǎng)，其頂部上表面與物塊的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2(g取10 m/s2)則 (1)物塊在乙車(chē)上表面滑行多長(zhǎng)時(shí)間相對(duì)乙車(chē)靜止； (2)物塊最終距離乙車(chē)左端多大距離． 10．如圖所示，木塊A、B的質(zhì)量均為m，放在一段粗糙程度相同的水平地面上，木塊A、B間夾有一小塊炸藥(炸藥的質(zhì)量可以忽略不計(jì))．讓A、B以初速度v0一起從O點(diǎn)滑出，滑行一段距離后到達(dá)P點(diǎn)，速度變?yōu)関0/2，此時(shí)炸藥爆炸使木塊A、B脫離，發(fā)現(xiàn)木塊B立即停在原位置，

7、木塊A繼續(xù)沿水平方向前進(jìn)．已知O、P兩點(diǎn)間的距離為x，炸藥爆炸時(shí)釋放的化學(xué)能均全部轉(zhuǎn)化為木塊的動(dòng)能，爆炸時(shí)間很短可以忽略不計(jì)，求： (1)木塊與水平地面的動(dòng)摩擦因數(shù)μ； (2)炸藥爆炸時(shí)釋放的化學(xué)能． 答案： 課時(shí)作業(yè)(三十五) 1．C　動(dòng)量是矢量，動(dòng)量變化了5 kg·m/s，物體動(dòng)量的大小可能在增大，也可能在減小，還可能不變．若物體以大小為5 kg·m/s的動(dòng)量做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體的動(dòng)量大小保持不變，當(dāng)末動(dòng)量方向與初動(dòng)量方向間的夾角為60°時(shí)，物體的動(dòng)量變化量的大小為5 kg·m/s.故C正確． 2．D　以a、b彈簧為系統(tǒng)，撤去外力后，b向右運(yùn)動(dòng)，在a尚未離開(kāi)墻壁前，系

8、統(tǒng)受到墻壁的彈力FN，因此，該過(guò)程a、b系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，當(dāng)a離開(kāi)墻壁后，a、b系統(tǒng)水平方向不受外力，故系統(tǒng)動(dòng)量守恒． 3．D　由于盒子內(nèi)表面不光滑，在多次碰后物體與盒相對(duì)靜止，由動(dòng)量守恒得：mv0＝(M＋m)v′，解得：v′＝，故D正確． 4．D　設(shè)碰前A球的速率為v，根據(jù)題意，pA＝pB，即mv＝2mvB，得碰前vB＝，碰后v′A＝，由動(dòng)量守恒定律，有mv＋2m×＝m×＋2mv′B 解得v′B＝v，所以＝＝. 5．B　因人跳離車(chē)的瞬間地面阻力的沖量忽略不計(jì)，因此在人跳離車(chē)的瞬間人和車(chē)組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，取車(chē)前進(jìn)的方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒可得：3mv0＝－mv0＋2mv′，可得v′＝2

9、v0，所以在人跳離車(chē)之前，車(chē)和人一起做勻減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度減至v0，人跳離車(chē)瞬間車(chē)的速度變?yōu)?v0，之后車(chē)以該速度做勻減速運(yùn)動(dòng)，故選B. 6．解析：　因在4次閃光照相中B只有兩個(gè)位置，所以碰撞一定發(fā)生在x＝60 cm處且之后B靜止，碰后A在Δt時(shí)間內(nèi)發(fā)生位移為20 cm，所以碰后A由60 cm處滑至50 cm處用時(shí)，即第一次閃光后經(jīng)t＝＝0.01 s，A、B相碰，令碰撞前后A的速度分別為vA、vA′，碰撞前B的速度為vB，由圖知vA′＝vB及vB＝2vA，因滿(mǎn)足動(dòng)量守恒，所以有mBvB－mAvA＝mAvA′，代入數(shù)值得＝. 答案：　(1)60　(2)0.01　(3) 7．解析：　(1)在安

10、裝斜槽軌道時(shí)，應(yīng)讓斜槽末端保持水平，這樣做的目的是使入射球與被碰小球離開(kāi)斜槽末端時(shí)的速度為水平方向，C對(duì)． (2)由圖知碰前B球靜止，A球的速度為v0＝4 m/s，碰后A球的速度為v1＝2 m/s，B球的速度為v2＝5 m/s，由動(dòng)量守恒知m1v0＝m1v1＋m2v2，代入數(shù)據(jù)解得m2＝20 g. (3)因?qū)嶒?yàn)要求主碰球質(zhì)量大于被碰球質(zhì)量，＞1，令碰前動(dòng)量為p，所以碰后兩球動(dòng)量均為，因碰撞過(guò)程中動(dòng)能不可能增加，所以有≥＋，即≤3，所以1＜≤3. 答案：　(1)C　(2)20 g　(3)1＜≤3 8．解析：　木塊一起向右運(yùn)動(dòng)，鉛塊C剛離開(kāi)A時(shí)的速度設(shè)為v′C，A和B的共同速度為vA，在鉛

11、塊滑過(guò)A的過(guò)程中，A、B、C所組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，有mCv0＝(mA＋mB)vA＋mCvC′ 在鉛塊C滑上B后，由于B繼續(xù)加速，所以A、B分離，A以vA勻速運(yùn)動(dòng)，在鉛塊C在B上滑行的過(guò)程中，B、C組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，有mBvA＝mCvC′＝(mB＋mC)v 代入數(shù)據(jù)解得：vA＝0.25 m/s，vC′＝2.75 m/s. 答案：　0.25 m/s　2.75 m/s 9．解析：　(1)對(duì)甲、乙碰撞，動(dòng)量守恒． m乙v0＝m甲v1＋m乙v2，解得v2＝2 m/s. 物塊滑向乙車(chē)，物塊和乙車(chē)組成的系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒定律得 m乙v2＝(m＋m乙)v， 解得v＝1.6 m/s. 物塊在滑動(dòng)摩擦力作用下向左勻加速運(yùn)動(dòng)， 加速度a＝μg＝2 m/s2. 物塊在乙車(chē)上滑動(dòng)時(shí)間 t＝＝0.8 s. (2)由動(dòng)能定理 μmgx＝m乙v－(m＋m乙)v2 解得x＝0.8 m 即物塊最終距離乙車(chē)左端0.8 m. 答案：　(1)0.8 s　(2)0.8 m 10．解析：　設(shè)木塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ， 炸藥爆炸釋放的化學(xué)能為E0 從O滑到P，對(duì)A、B，由動(dòng)能定理得： －μ·2mgx＝·2m()2－·2mv 在P點(diǎn)爆炸，A、B動(dòng)量守恒：2m＝mv 根據(jù)能量的轉(zhuǎn)化與守恒： E0＋·2m＝mv2 解得：μ＝，E0＝mv. 答案：　(1)　(2)mv