2022高中數(shù)學(xué) 第3章 數(shù)系的擴(kuò)充與復(fù)數(shù)的引入 3.2 復(fù)數(shù)的四則運(yùn)算 習(xí)題課學(xué)案 蘇教版選修1 -2

《2022高中數(shù)學(xué) 第3章 數(shù)系的擴(kuò)充與復(fù)數(shù)的引入 3.2 復(fù)數(shù)的四則運(yùn)算 習(xí)題課學(xué)案 蘇教版選修1 -2》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022高中數(shù)學(xué) 第3章 數(shù)系的擴(kuò)充與復(fù)數(shù)的引入 3.2 復(fù)數(shù)的四則運(yùn)算 習(xí)題課學(xué)案 蘇教版選修1 -2（3頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022高中數(shù)學(xué) 第3章 數(shù)系的擴(kuò)充與復(fù)數(shù)的引入 3.2 復(fù)數(shù)的四則運(yùn)算 習(xí)題課學(xué)案 蘇教版選修1 -2 課時(shí)目標(biāo)　1.進(jìn)一步理解復(fù)數(shù)的四則運(yùn)算.2.了解解復(fù)數(shù)問(wèn)題的基本思想． 1．復(fù)數(shù)乘方的性質(zhì)：對(duì)任何z，z1，即z∈C及m、n∈N*，有zm·zn＝________ (zm)n＝zmn (z1z2)n＝zz 2．n∈N*時(shí)，i4n＝1，i4n＋1＝i，i4n＋2＝－1，i4n＋3＝－i. 一、填空題 1．以3i－的虛部為實(shí)部，以3i2＋i的實(shí)部為虛部的復(fù)數(shù)是____________． 2．設(shè)z的共軛復(fù)數(shù)是，若z＋＝4，z·＝8，則＝______. 3．設(shè)C，R，I分

2、別表示復(fù)數(shù)集、實(shí)數(shù)集、純虛數(shù)集，取C為全集，下列命題正確的是____________(請(qǐng)?zhí)顚?xiě)相應(yīng)的序號(hào))． ①R∪I＝C；②R∩I＝{0}；③C∩I＝?IR；④R∩I＝?. 4．表示為a＋bi(a，b∈R)，則a＋b＝________. 5．設(shè)復(fù)數(shù)z1＝1＋i，z2＝x＋2i (x∈R)，若z1·z2為實(shí)數(shù)，則x＝________. 6．已知復(fù)數(shù)z滿(mǎn)足＋(1＋2i)＝10－3i，則z＝________. 7．復(fù)數(shù)z滿(mǎn)足(1＋2i)z＝4＋3i，則＝________. 8．若x是實(shí)數(shù)，y是純虛數(shù)且滿(mǎn)足2x－1＋2i＝y(tǒng)，則x＝________，y＝________. 二、解答題

3、9．已知z∈C，為z的共軛復(fù)數(shù)，若z·－3i＝1＋3i，求z. 10．解方程x2－(2＋3i)x＋5＋3i＝0. 能力提升 11．已知z是虛數(shù)，且z＋是實(shí)數(shù)，求證：是純虛數(shù)． 12．滿(mǎn)足z＋是實(shí)數(shù)，且z＋3的實(shí)部與虛部互為相反數(shù)的虛數(shù)z是否存在，若存在，求出虛數(shù)z；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由． 1．對(duì)于復(fù)數(shù)運(yùn)算中的分式，要先進(jìn)行分母實(shí)數(shù)化． 2．充分利用復(fù)數(shù)相等的條件解方程問(wèn)題． 習(xí)題課 答案 知識(shí)梳理 1．zm＋n 作業(yè)設(shè)計(jì) 1

4、．3－3i 解析　3i－的虛部為3,3i2＋i的實(shí)部為－3，故所求復(fù)數(shù)為3－3i. 2．±i 解析　設(shè)z＝x＋yi (x，y∈R)，則＝x－yi， 依題意2x＝4且x2＋y2＝8， 解之得x＝2，y＝±2. ∴＝＝＝±i. 3．④ 解析　復(fù)數(shù)的概念，純虛數(shù)集和實(shí)數(shù)集都是復(fù)數(shù)集的真子集，但其并集不是復(fù)數(shù)集，當(dāng)ab≠0時(shí)，a＋bi不是實(shí)數(shù)也不是純虛數(shù)，利用韋恩圖可得出結(jié)果． 4．1 解析　∵＝＝i，∴a＝0，b＝1， 因此a＋b＝1. 5．－2　6.9＋5i 7．2＋i 解析　z＝＝＝＝2－i. ∴＝2＋i. 8．　2i 解析　設(shè)y＝bi (b≠0)，∴，∴x＝.

5、 9．解　設(shè)z＝a＋bi (a，b∈R)， 則＝a－bi (a，b∈R)， 由題意得(a＋bi)(a－bi)－3i(a－bi)＝1＋3i， 即a2＋b2－3b－3ai＝1＋3i， 則解得或 所以z＝－1或z＝－1＋3i. 10．解　設(shè)x＝a＋bi (a，b∈R)， 則有a2－b2＋2abi－[(2a－3b)＋(3a＋2b)i]＋5＋3i＝0，根據(jù)復(fù)數(shù)相等的充要條件得 解得或 故方程的解為x＝1＋4i或x＝1－i. 11．證明　設(shè)z＝a＋bi (a、b∈R)，于是 z＋＝a＋bi＋＝a＋bi＋ ＝a＋＋i. ∵z＋∈R，∴b－＝0. ∵z是虛數(shù)，∴b≠0，∴a2＋b2＝1且a≠±1. ∴＝ ＝ ＝ ＝＝i.∵b≠0，a≠－1，a、b∈R， ∴i是純虛數(shù)，即是純虛數(shù)． 12．解　設(shè)存在虛數(shù)z＝x＋yi (x、y∈R且y≠0)． 因?yàn)閦＋＝x＋yi＋ ＝x＋＋i. 由已知得 因?yàn)閥≠0，所以 解得或 所以存在虛數(shù)z＝－1－2i或z＝－2－i滿(mǎn)足以上條件．