2022年高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 專題五 立體幾何知能訓(xùn)練 理

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1、2022年高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 專題五 立體幾何知能訓(xùn)練 理1下列命題中，假命題的個(gè)數(shù)為()與三角形兩邊平行的平面平行于這個(gè)三角形的第三邊；與三角形兩邊垂直的直線垂直于第三邊；與三角形三頂點(diǎn)等距離的平面平行于這個(gè)三角形所在平面A0個(gè) B1個(gè) C2個(gè) D3個(gè)2在斜二測(cè)畫(huà)法中，邊長(zhǎng)為a的正方形的直觀圖的面積為()Aa2 B.a2C.a2 D.a23已知，是三個(gè)不同的平面，命題“，且”是真命題如果把，中的任意兩個(gè)換成直線，另一個(gè)保持不變，那么在所得的所有新命題中，真命題的個(gè)數(shù)有()A0個(gè) B1個(gè) C2個(gè) D3個(gè)4在矩形ABCD中，AB1，BC，PA平面ABCD，PA1，則PC與平面ABCD所成的角是()A

2、30 B45C60 D905在直三棱柱ABCA1B1C1中，若BAC90，ABACAA1，則異面直線BA1與AC1所成的角等于()A30 B45C60 D906(xx年大綱)已知正四棱錐的頂點(diǎn)都在同一球面上，若該棱錐的高為4，底面邊長(zhǎng)為2，則該球的表面積是()A. B16C9 D.7一個(gè)幾何體的三視圖如圖Z51，則該幾何體的表面積為_(kāi)圖Z518(xx年廣東廣州一模)如圖Z52，在邊長(zhǎng)為4的菱形ABCD中，DAB60，點(diǎn)E，F(xiàn)分別是邊CD，CB的中點(diǎn)，ACEFO，沿EF將CEF翻折到PEF，連接PA，PB，PD，得到如圖Z53所示的五棱錐PABFED，且PB.(1)求證：BD平面POA；(2)求

3、二面角BAPO的正切值 圖Z52 圖Z539(xx年重慶)如圖Z54，在四棱錐PABCD中，底面是以O(shè)為中心的菱形，PO底面ABCD，AB2，BAD，M為BC上一點(diǎn)，且BM，MPAP.(1)求PO的長(zhǎng)；(2)求二面角APMC的正弦值圖Z54專題五立體幾何1B2.D3C解析：若，換為直線a，b，則命題化為“ab，且ab”，此命題為真命題；若，換為直線a，b，則命題化為“a，且abb”，此命題為假命題；若，換為直線a，b，則命題化為“a，且bab”，此命題為真命題4A解析：連接AC，則AC是PC在平面ABCD上的射影PCA是PC與平面ABCD所成的角AB1，BC，AC.在RtPAC中，tanPCA

4、.PCA30.故選A.5C解析：延長(zhǎng)CA到D，使得ADAC，則ADA1C1為平行四邊形，DA1B就是異面直線BA1與AC1所成的角又A1DB為等邊三角形，DA1B60.圖D1046A解析：如圖D104，由已知條件知，球心在正四棱錐的高上，設(shè)球的半徑為R，球心為O，正四棱錐底面中心為O1，則OO1垂直于棱錐的底面，OO14R，所以(4R)2()2R2.解得R.所以球的表面積S4R2.738解析：由三視圖可知：該幾何體為一個(gè)長(zhǎng)方體在中間挖去了一個(gè)等高的圓柱，其中長(zhǎng)方體的長(zhǎng)、寬、高分別為4,3,1，圓柱的底面直徑為2，所以該幾何體的表面積為長(zhǎng)方體的表面積加圓柱的側(cè)面積再減去圓柱的底面積，即為2(34

5、4131)211238.8(1)證明：點(diǎn)E，F(xiàn)分別是邊CD，CB的中點(diǎn)，BDEF.菱形ABCD的對(duì)角線互相垂直，BDAC.EFAC.EFAO，EFPO.AO平面POA，PO平面POA，AOPOO，EF平面POA.BD平面POA.(2)解：方法一：如圖D105.設(shè)AOBDH，連接BO，圖D105DAB60，ABD為等邊三角形BD4，BH2，HA2 ，HOPO.在RtBHO中，BO，在PBO中，BO2PO210PB2，POBO.POEF，EFBOO，EF平面BFED，BO平面BFED，PO平面BFED.過(guò)H作HGAP，垂足為G，連接BG，由(1)知，BH平面POA，且AP平面POA，BHAP.HG

6、BHH，HG平面BHG，BH平面BHG，AP平面BHG.BG平面BHG，APBG.BGH為二面角BAPO的平面角在RtPOA中，AP，在RtPOA和RtHGA中，POAHGA90，PAOHAG，RtPOARtHGA.HG.在RtBHG中，tanBGH .二面角BAPO的正切值為.圖D106方法二：設(shè)AOBDH，連接BO，DAB60，ABD為等邊三角形BD4，BH2，HA2 ，HOPO.在RtBHO中，BO，在PBO中，BO2PO210PB2，POBO.POEF，EFBOO，EF平面BFED，BO平面BFED，PO平面BFED.以O(shè)為原點(diǎn)，OF所在直線為x軸，AO所在直線為y軸，OP所在直線為z

7、軸，建立如圖D106所示的空間直角坐標(biāo)系Oxyz，則A(0，3 ，0)，B(2，0)，P(0,0，)，H(0，0)(0,3 ，)，(2,2 ，0)設(shè)平面PAB的法向量為n(x，y，z)，由n，n，得令y1，得z3，x.平面PAB的一個(gè)法向量為n.由(1)知，平面PAO的一個(gè)法向量為，設(shè)二面角BAPO的平面角為，則cos|cosn，|.sin，tan.二面角BAPO的正切值為.9解：(1)如圖D107，連接AC，BD，因?yàn)樗倪呅蜛BCD為菱形，所以ACBDO，且ACBD.以O(shè)為坐標(biāo)原點(diǎn)，的方向分別為x軸、y軸、z軸的正方向，建立空間直角坐標(biāo)系Oxyz.圖D107因?yàn)锽AD，所以O(shè)AABcos，OBABsin1.所以O(shè)(0,0,0)，A(，0,0)，B(0,1,0)，C(，0,0)，(0,1,0)，(，1,0)由BM，BC2知，從而，即M.設(shè)P(0,0，a)，a0，則(，0，a)，.因?yàn)镸PAP，所以a20.所以a或a(舍去)，即PO.(2)由(1)知，.設(shè)平面APM的法向量為n1(x1，y1，z1)，平面PMC的法向量為n2(x2，y2，z2)由n10, n10，得故可取n1.由n20，n20，得故可取n2(1，2)從而法向量n1，n2的夾角的余弦值為cosn1，n2，故所求二面角APMC的正弦值為.