2019-2020學(xué)年高考物理 主題1 動(dòng)量與動(dòng)量守恒定律 微型專題 動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用學(xué)案（必修1）

《2019-2020學(xué)年高考物理 主題1 動(dòng)量與動(dòng)量守恒定律 微型專題 動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用學(xué)案（必修1）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019-2020學(xué)年高考物理 主題1 動(dòng)量與動(dòng)量守恒定律 微型專題 動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用學(xué)案（必修1）（11頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、微型專題　動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用 [學(xué)科素養(yǎng)與目標(biāo)要求]　 物理觀念：1.進(jìn)一步理解動(dòng)量守恒定律的含義及守恒條件.2.理解動(dòng)量守恒定律的普遍性. 科學(xué)思維：熟練掌握應(yīng)用動(dòng)量守恒定律解決實(shí)際問(wèn)題. 一、動(dòng)量守恒條件的理解 1.動(dòng)量守恒定律成立的條件： (1)系統(tǒng)不受外力或所受外力的合力為零； (2)系統(tǒng)的內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力； (3)系統(tǒng)在某一方向上不受外力或所受外力的合力為0. 此種情況說(shuō)明：動(dòng)量守恒定律的適用條件是普遍的，當(dāng)系統(tǒng)所受的合外力不為零時(shí)，系統(tǒng)的總動(dòng)量不守恒，但是合外力在某個(gè)方向上的分量為零時(shí)，那么在該方向上系統(tǒng)的動(dòng)量分量是守恒的. 2.動(dòng)量守恒定律的研究對(duì)象是系統(tǒng).

2、研究多個(gè)物體組成的系統(tǒng)時(shí)，必須合理選擇系統(tǒng)，分清系統(tǒng)的內(nèi)力與外力，然后判斷所選系統(tǒng)是否符合動(dòng)量守恒的條件. 例1　(多選)質(zhì)量分別為M和m0的兩滑塊用輕彈簧連接，以恒定速度v沿光滑水平面運(yùn)動(dòng)，與位于正對(duì)面的質(zhì)量為m的靜止滑塊發(fā)生碰撞，如圖1所示，碰撞時(shí)間極短，在此過(guò)程中，下列情況可能發(fā)生的是(　　) 圖1 A.M、m0、m速度均發(fā)生變化，碰后分別為v1、v2、v3，且滿足(M＋m0)v＝Mv1＋m0v2＋mv3 B.m0的速度不變，M和m的速度變?yōu)関1和v2，且滿足Mv＝Mv1＋mv2 C.m0的速度不變，M和m的速度都變?yōu)関′，且滿足Mv＝(M＋m)v′ D.M、m0、m速度

3、均發(fā)生變化，M和m0的速度都變?yōu)関1，m的速度變?yōu)関2，且滿足(M＋m0)v＝(M＋m0)v1＋mv2 答案　BC 解析　M和m碰撞時(shí)間極短，在極短的時(shí)間內(nèi)彈簧形變極小，可忽略不計(jì)，因而m0在水平方向上沒(méi)有受到外力作用，動(dòng)量不變(速度不變)，可以認(rèn)為碰撞過(guò)程中m0沒(méi)有參與，只涉及M和m，由于水平面光滑，彈簧形變極小，所以M和m組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，兩者碰撞后可能具有共同速度，也可能分開(kāi)，所以只有B、C正確. 例2　如圖2所示，從傾角為30°、長(zhǎng)0.3m的光滑斜面頂端滑下質(zhì)量為2kg的貨包，掉在質(zhì)量為13kg的靜止的小車?yán)?若小車與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.02，小車能前進(jìn)多遠(yuǎn)？

4、(g取10m/s2，不計(jì)空氣阻力) 圖2 答案　0.1m 解析　貨包離開(kāi)斜面時(shí)速度為v＝＝＝m/s. 貨包離開(kāi)斜面后，由于水平方向不受外力，所以，在其落入小車前，其水平分速度vx不變，其大小為vx＝vcos30°＝1.5m/s.貨包落入小車中與小車相碰的瞬間，雖然小車在水平方向受到摩擦力的作用，但與相碰時(shí)的內(nèi)力相比可忽略，故系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，以vx的方向?yàn)檎较颍瑒tmvx＝(M＋m)v′， 小車獲得的速度為v′＝＝m/s＝0.2 m/s 由動(dòng)能定理有μ(M＋m)gs2＝(M＋m)v′2 得小車前進(jìn)的距離為s2＝＝＝0.1m. 例2中貨包和小車組成的系統(tǒng)不滿足動(dòng)量

5、守恒的條件，但系統(tǒng)在水平方向不受外力的作用，則系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒. 二、多物體、多過(guò)程動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用 多個(gè)物體相互作用時(shí)，物理過(guò)程往往比較復(fù)雜，分析此類問(wèn)題時(shí)應(yīng)注意： (1)正確進(jìn)行研究對(duì)象的選?。河袝r(shí)對(duì)整體應(yīng)用動(dòng)量守恒定律，有時(shí)對(duì)部分物體應(yīng)用動(dòng)量守恒定律.研究對(duì)象的選取，一是取決于系統(tǒng)是否滿足動(dòng)量守恒的條件，二是根據(jù)所研究問(wèn)題的需要. (2)正確進(jìn)行過(guò)程的選取和分析：通常對(duì)全程進(jìn)行分段分析，并找出聯(lián)系各階段的狀態(tài)量.根據(jù)所研究問(wèn)題的需要，列式時(shí)有時(shí)需分過(guò)程多次應(yīng)用動(dòng)量守恒，有時(shí)只需針對(duì)初、末狀態(tài)建立動(dòng)量守恒的關(guān)系式. 例3　如圖3所示，光滑水平軌道上放置長(zhǎng)木板A(上表面粗糙

6、)和滑塊C，滑塊B置于A的左端，三者質(zhì)量分別為mA＝2kg、mB＝1kg、mC＝2kg.開(kāi)始時(shí)C靜止，A、B一起以v0＝5m/s的速度勻速向右運(yùn)動(dòng)，A與C發(fā)生碰撞(時(shí)間極短)后C向右運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，A、B再次達(dá)到共同速度一起向右運(yùn)動(dòng)，且恰好不再與C碰撞.求A與C發(fā)生碰撞后瞬間A的速度大小. 圖3 答案　2m/s 解析　長(zhǎng)木板A與滑塊C處于光滑水平軌道上，兩者碰撞時(shí)間極短，碰撞過(guò)程中滑塊B與長(zhǎng)木板A間的摩擦力可以忽略不計(jì)，長(zhǎng)木板A與滑塊C組成的系統(tǒng)，在碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，取水平向右為正方向 則mAv0＝mAvA＋mCvC① A、C碰撞后，長(zhǎng)木板A與滑塊B組成的系統(tǒng)所受合外力為零

7、，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，mAvA＋mBv0＝(mA＋mB)v② 長(zhǎng)木板A和滑塊B達(dá)到共同速度后，恰好不再與滑塊C碰撞，即最后三者速度相等，vC＝v③ 聯(lián)立①②③式，代入數(shù)據(jù)解得：vA＝2m/s 處理多物體、多過(guò)程動(dòng)量守恒的問(wèn)題應(yīng)注意： (1)正方向的選取. (2)研究對(duì)象的選取，明確取哪幾個(gè)物體為系統(tǒng)作為研究對(duì)象. (3)研究過(guò)程的選取，明確哪個(gè)過(guò)程中動(dòng)量守恒. 三、動(dòng)量守恒定律應(yīng)用中的臨界問(wèn)題分析 分析臨界問(wèn)題的關(guān)鍵是尋找臨界狀態(tài)，在動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用中，常常出現(xiàn)相互作用的兩物體相距最近、避免相碰和物體開(kāi)始反向運(yùn)動(dòng)等臨界狀態(tài)，其臨界條件常常表現(xiàn)為兩物體的相對(duì)速度關(guān)系與相對(duì)位移關(guān)系

8、，這些特定關(guān)系的判斷是求解這類問(wèn)題的關(guān)鍵. 例4　如圖4所示，一質(zhì)量為的人站在質(zhì)量為m的小船甲上，以速率v0在水面上向右運(yùn)動(dòng).另一個(gè)完全相同的小船乙以速率v0從右方向左方駛來(lái)，兩船在一條直線上運(yùn)動(dòng).為避免兩船相撞，人從甲船以一定的速率水平向右躍到乙船上，不計(jì)水對(duì)船的阻力，問(wèn)：為能避免兩船相撞，人水平跳出時(shí)相對(duì)于地面的速率至少多大？ 圖4 答案　v0 解析　設(shè)向右為正方向，兩船恰好不相撞，最后具有共同速度v1，對(duì)兩船和人組成的系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒定律，有(＋m)·v0－mv0＝(2m＋)v1 解得v1＝v0. 設(shè)人躍出甲船的速率為v2，對(duì)甲船和人組成的系統(tǒng)，人從甲船躍出的過(guò)程滿足動(dòng)量

9、守恒定律，有(＋m)v0＝mv1＋v2 解得v2＝v0. 1.(某一方向上的動(dòng)量守恒)(2018·張家口一中月考)如圖5所示，在光滑水平面上放一個(gè)質(zhì)量為M的斜面體，質(zhì)量為m的物體沿斜面由靜止開(kāi)始自由下滑，下列說(shuō)法中正確的是(　　) 圖5 A.M和m組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒 B.M和m組成的系統(tǒng)所受合力方向向上 C.M和m組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒 D.M和m組成的系統(tǒng)豎直方向動(dòng)量守恒 答案　C 解析　M和m組成的系統(tǒng)在水平方向上所受合外力為零，水平方向系統(tǒng)動(dòng)量守恒；豎直方向系統(tǒng)所受合外力不為零，且方向向下，系統(tǒng)在豎直方向上動(dòng)量不守恒，則M和m組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒.故A、B、

10、D錯(cuò)誤，C正確. 2.(多物體動(dòng)量守恒)如圖6所示，在一光滑的水平面上，有質(zhì)量相同的三個(gè)小球A、B、C，其中B、C靜止，中間連有一輕彈簧，彈簧處于自然伸長(zhǎng)狀態(tài)，現(xiàn)小球A以速度v與小球B正碰并粘在一起，碰撞時(shí)間極短，則碰后瞬間(　　) 圖6 A.A、B的速度變?yōu)椋珻的速度仍為0 B.A、B、C的速度均為 C.A、B的速度變?yōu)?，C的速度仍為0 D.A、B、C的速度均為 答案　C 解析　A、B碰撞過(guò)程時(shí)間極短，彈簧沒(méi)有發(fā)生形變，A、B系統(tǒng)所受合外力為零，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mv＝2mv′，解得：v′＝，A、B碰撞過(guò)程，C所受合外力為零，C的動(dòng)量不變，速度仍為0.

11、3.(多過(guò)程中的動(dòng)量守恒)如圖7所示，甲車的質(zhì)量是2kg，靜止在光滑水平面上，上表面光滑，右端放一個(gè)質(zhì)量為1kg的小物體，乙車質(zhì)量為4kg，以5 m/s的速度向左運(yùn)動(dòng)，與甲車碰撞以后甲車獲得8 m/s的速度，物體滑到乙車上，若乙車足夠長(zhǎng)，上表面與物體間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，求： 圖7 (1)兩車碰撞后瞬間乙車的速度大小； (2)物體在乙車上表面滑行多長(zhǎng)時(shí)間相對(duì)乙車靜止？(g取10m/s2) 答案　(1)1m/s　(2)0.4s 解析　(1)乙與甲組成的系統(tǒng)在碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，以向左為正方向 則有：m乙v乙＝m乙v乙′＋m甲v甲′ 解得v乙′＝1m/s (2)以向左為正方向

12、，對(duì)小物體滑上乙車至小物體與乙車有共同速度v的過(guò)程，對(duì)小物體與乙車組成的系統(tǒng)，運(yùn)用動(dòng)量守恒定律得 m乙v乙′＝(m＋m乙)v，得v＝0.8m/s 對(duì)小物體應(yīng)用牛頓第二定律得a＝μg＝2m/s2 t＝，代入數(shù)據(jù)得t＝0.4s 4.(動(dòng)量守恒的臨界問(wèn)題)如圖8所示，一輕質(zhì)彈簧兩端連著物體A和B，放在光滑的水平面上，物體A被水平速度為v0的子彈射中并且子彈嵌在其中.已知物體A的質(zhì)量mA是物體B的質(zhì)量mB的，子彈的質(zhì)量m是物體B的質(zhì)量的，求： 圖8 (1)子彈擊中A后瞬間A與B的速度大?。? (2)彈簧壓縮到最短時(shí)B的速度大小. 答案　(1)　0　(2) 解析　(1)子彈射入A的過(guò)

13、程，子彈與A組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，B的速度vB＝0保持不變.對(duì)于子彈和A組成的系統(tǒng)，以v0的方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得mv0＝(m＋mA)vA，又m＝mB，mA＝mB，聯(lián)立解得vA＝； (2)子彈、A、B組成的系統(tǒng)，從子彈開(kāi)始射入物體A一直到彈簧被壓縮到最短的過(guò)程中，系統(tǒng)所受外力(重力、支持力)的合力始終為零，故整個(gè)過(guò)程系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，設(shè)系統(tǒng)的共同速度為v，由動(dòng)量守恒定律得mv0＝(m＋mA＋mB)v，又m＝mB，mA＝mB，故v＝，即彈簧壓縮到最短時(shí)B的速度為. 一、選擇題 1.質(zhì)量M＝100kg的小船靜止在水面上，船首站著質(zhì)量m甲＝40kg的游泳者甲，船尾站著質(zhì)量m乙＝60kg

14、的游泳者乙，船首指向左方，若甲、乙兩游泳者在同一水平線上，甲朝左、乙朝右均以3m/s的速率同時(shí)躍入水中，則(　　) A.小船向左運(yùn)動(dòng)，速率為1m/s B.小船向左運(yùn)動(dòng)，速率為0.6m/s C.小船向右運(yùn)動(dòng)，速率大于1m/s D.小船仍靜止 答案　B 解析　設(shè)水平向右為正方向，兩游泳者同時(shí)跳離小船后小船的速度為v，根據(jù)甲、乙兩游泳者和小船組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒有－m甲v甲＋m乙v乙＋Mv＝0，代入數(shù)據(jù)可得v＝－0.6m/s，其中負(fù)號(hào)表示小船向左運(yùn)動(dòng)，所以選項(xiàng)B正確. 2.(2018·晉江市季延中學(xué)高二期末)如圖1所示，一塊質(zhì)量為0.5kg的橡皮泥自距小車上表面1.25m高處由靜止下落，

15、恰好落入質(zhì)量為2kg、速度為2.5m/s沿光滑水平地面運(yùn)動(dòng)的小車上，并與小車一起沿水平地面運(yùn)動(dòng)，取g＝10 m/s2，不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖1 A.橡皮泥下落的時(shí)間為0.3s B.橡皮泥與小車一起在水平地面上運(yùn)動(dòng)的速度大小為3.5m/s C.橡皮泥落入小車的過(guò)程中，橡皮泥與小車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒 D.整個(gè)過(guò)程中，橡皮泥與小車組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能為7.5J 答案　D 解析　橡皮泥做自由落體運(yùn)動(dòng)，t＝＝0.5s，A錯(cuò).橡皮泥落到小車上，二者相互作用的過(guò)程，在水平方向動(dòng)量守恒，Mv0＝(M＋m)v，解得v＝2m/s，B、C錯(cuò).系統(tǒng)損失的機(jī)械能為ΔE＝Mv02＋

16、mgh－(M＋m)v2＝7.5J，D正確. 3.(2018·揚(yáng)州中學(xué)高二月考)如圖2所示，質(zhì)量為m的人立于平板車上，車的質(zhì)量為M，人與車以大小為v1的速度在光滑水平面上向東運(yùn)動(dòng).當(dāng)此人相對(duì)于車以大小為v2的速度豎直跳起時(shí)，車向東的速度大小為(　　) 圖2 A.B.　C.D.v1 答案　D 解析　人與車組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，人向上跳起后，水平方向上的速度沒(méi)變，(m＋M)v1＝mv1＋Mv車，因此v車＝v1，所以D正確. 4.兩名質(zhì)量相等的滑冰人甲和乙都靜止在光滑的水平冰面上.現(xiàn)在，其中一人向另一個(gè)人拋出一個(gè)籃球，另一人接球后再拋回.如此反復(fù)進(jìn)行幾次之后，甲和乙最后的

17、速率關(guān)系是(　　) A.若甲最先拋球，則一定是v甲＞v乙 B.若乙最后接球，則一定是v甲＞v乙 C.只有甲先拋球，乙最后接球，才有v甲＞v乙 D.無(wú)論怎樣拋球和接球，都是v甲＞v乙 答案　B 解析　因系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故最終甲、乙動(dòng)量大小必相等，因此最終接球的人的速度小，B正確. 5.如圖3所示，質(zhì)量為m2的小車上有一半圓形的光滑槽，一質(zhì)量為m1的小球置于槽內(nèi)，共同以速度v0沿水平面運(yùn)動(dòng)，并與一個(gè)原來(lái)靜止的小車m3對(duì)接，則對(duì)接后瞬間，小車的速度大小為(　　) 圖3 A. B. C. D.以上答案均不對(duì) 答案　C 解析　對(duì)接過(guò)程，兩小車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以小車m2的初速

18、度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：m2v0＝(m2＋m3)v，解得：v＝. 6.如圖4所示，質(zhì)量為0.5kg的小球在距離車底面高20m處以一定的初速度向左平拋，落在以速度7.5 m/s沿光滑水平面向右勻速行駛的敞篷小車中，車上有一層油泥，車與油泥的總質(zhì)量為4 kg，設(shè)小球在落到車上前瞬時(shí)速度是25 m/s，g取10m/s2，則當(dāng)小球與小車相對(duì)靜止時(shí)，小車的速度是(　　) 圖4 A. m/s B.5 m/s C.4 m/s D. m/s 答案　B 解析　小球拋出后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理得：mgh＝mv2－mv02，解得v0＝15 m/s，小球和車作用過(guò)程中，水平方向動(dòng)量守恒

19、，以水平向右為正方向，則有：－mv0＋Mv車＝(M＋m)v′，解得v′＝5 m/s. 7.質(zhì)量相等的五個(gè)物塊在一光滑水平面上排成一條直線，且彼此隔開(kāi)一定的距離，具有初速度v0的第5號(hào)物塊向左運(yùn)動(dòng)，依次與其余四個(gè)靜止物塊發(fā)生碰撞，如圖5所示，最后這五個(gè)物塊粘成一個(gè)整體，則它們最后的速度為(　　) 圖5 A.v0B.C.D. 答案　B 解析　由五個(gè)物塊組成的系統(tǒng)，沿水平方向不受外力作用，故系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得：mv0＝5mv，得v＝v0，即它們最后的速度為v0. 8.(多選)如圖6所示，將一光滑的半圓槽置于光滑水平面上，槽的左側(cè)有一固定在水平面上的物塊.今讓一

20、小球自左側(cè)槽口A的正上方從靜止開(kāi)始落下，與圓弧槽相切自A點(diǎn)進(jìn)入槽內(nèi)，則以下結(jié)論中正確的是(　　) 圖6 A.半圓槽內(nèi)由A向B的過(guò)程中小球的機(jī)械能守恒，由B向C的過(guò)程中小球的機(jī)械能也守恒 B.小球在半圓槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程中，小球與半圓槽在水平方向動(dòng)量守恒 C.小球自半圓槽的最低點(diǎn)B向C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，小球與半圓槽在水平方向動(dòng)量守恒 D.小球離開(kāi)C點(diǎn)以后，將做斜拋運(yùn)動(dòng) 答案　CD 解析　小球在半圓槽內(nèi)由A向B運(yùn)動(dòng)時(shí)，由于槽的左側(cè)有一固定在水平面上的物塊，槽不會(huì)向左運(yùn)動(dòng)，則小球機(jī)械能守恒，從A到B做圓周運(yùn)動(dòng)，系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量不守恒；從B到C運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，槽向右運(yùn)動(dòng)，系統(tǒng)在水平方向

21、上動(dòng)量守恒，則B到C小球的機(jī)械能不守恒，故A、B錯(cuò)誤，C正確；小球離開(kāi)C點(diǎn)以后，既有豎直向上的分速度，又有水平分速度，小球做斜拋運(yùn)動(dòng)，故D正確. 9.(多選)如圖7所示，三輛完全相同的平板小車a、b、c成一直線排列，靜止在光滑水平面上.c車上有一小孩跳到b車上，接著又立即從b車跳到a車上.小孩跳離c車和b車時(shí)對(duì)地的水平速度相同.他跳到a車上相對(duì)a車保持靜止，此后(　　) 圖7 A.a、b兩車運(yùn)動(dòng)速率相等 B.a、c兩車運(yùn)動(dòng)速率相等 C.三輛車的速率關(guān)系vc＞va＞vb D.a、c兩車運(yùn)動(dòng)方向相反 答案　CD 解析　若人跳離b、c車時(shí)相對(duì)地面的水平速度為v，以水平向右為正方向

22、，由動(dòng)量守恒定律知：人和c車組成的系統(tǒng)：0＝－M車vc＋m人v 對(duì)人和b車：m人v＝M車vb＋m人v 對(duì)人和a車：m人v＝(M車＋m人)va 所以：vc＝，vb＝0，va＝ 即vc＞va＞vb，并且vc與va方向相反. 二、非選擇題 10.(2018·福建安溪一中、養(yǎng)正中學(xué)、惠安一中、泉州實(shí)驗(yàn)中學(xué)高二下期末聯(lián)考)如圖8所示，木塊A的質(zhì)量為mA＝1kg，足夠長(zhǎng)的木板B的質(zhì)量為mB＝4kg，質(zhì)量為mC＝4kg的木塊C置于木板B上，水平面光滑，B、C之間有摩擦.現(xiàn)使A以v0＝12 m/s的初速度向右運(yùn)動(dòng)，與B碰撞后將以4 m/s的速度彈回，C始終未脫離B.求： 圖8 (1)B運(yùn)動(dòng)

23、過(guò)程中的最大速度大?。? (2)C運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度大?。? (3)整個(gè)過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能. 答案　(1)4 m/s　(2)2 m/s　(3)48 J 解析　(1)A與B碰后瞬間，B速度最大，A、B系統(tǒng)動(dòng)量守恒，取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得mAv0＋0＝－mAvA＋mBvB，代入數(shù)據(jù)得：vB＝4m/s； (2)B與C共速后，C速度最大，B、C系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以B的速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mBvB＋0＝(mB＋mC)vC，代入數(shù)據(jù)得：vC＝2m/s (3)由能量守恒定律得：ΔE損＝mAv02－mAvA2－(mB＋mC)vC2，解得ΔE損＝48J. 11.如圖9所示，

24、甲、乙兩小孩各乘一輛冰車在水平冰面上游戲.甲和他的冰車總質(zhì)量為M＝30kg，乙和他的冰車總質(zhì)量也為30kg.游戲時(shí)，甲推著一個(gè)質(zhì)量為m＝15kg的箱子和他一起以v0＝2m/s的速度滑行，乙以同樣大小的速度迎面滑來(lái).為了避免相撞，甲突然將箱子沿冰面推給乙，箱子滑到乙處，乙迅速抓住.不計(jì)冰面摩擦. 圖9 (1)若甲將箱子以速度v推出，甲的速度變?yōu)槎嗌伲?用字母表示) (2)設(shè)乙抓住迎面滑來(lái)的速度為v的箱子后反向運(yùn)動(dòng)，乙抓住箱子后的速度變?yōu)槎嗌伲?用字母表示) (3)若甲、乙最后不相撞，甲、乙的速度應(yīng)滿足什么條件？箱子被推出的速度至少多大？ 答案　見(jiàn)解析 解析　(1)甲將箱子推出的過(guò)程，甲和箱子組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以v0的方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：(M＋m)v0＝mv＋Mv1 解得v1＝. (2)箱子和乙作用的過(guò)程，箱子和乙組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以箱子的速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mv－Mv0＝(m＋M)v2 解得v2＝. (3)甲、乙不相撞的條件是v1≤v2 其中v1＝v2為甲、乙恰好不相撞的條件. 即≤， 代入數(shù)據(jù)得v≥5.2m/s. 所以箱子被推出的速度至少為5.2m/s時(shí)，甲、乙才能不相撞. 11