（通用版）2020版高考物理二輪復(fù)習(xí) 小卷30分鐘提分練（二）（8選擇+2實驗）（含解析）

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1、小卷30分鐘提分練(8選擇＋2實驗)(二) 一、選擇題(本題共8小題，每小題6分．在每小題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，第19～21題有多項符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．) 14．下列說法正確的是(　　) A．原子核的結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定 B．β衰變釋放出電子，說明原子核內(nèi)有電子 C．氡的半衰期為3.8天，8個氡原子核經(jīng)過7.6天后剩下2個氡原子核 D．用頻率為υ的入射光照射光電管的陰極，遏止電壓為Uc，改用頻率為2υ的入射光照射同一光電管，遏止電壓大于2Uc 解析：原子核的比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，選項A錯誤；

2、原子核內(nèi)只有質(zhì)子和中子，β衰變的實質(zhì)是原子核內(nèi)的一個中子轉(zhuǎn)化為一個電子和一個質(zhì)子，選項B錯誤；半衰期是對大量原子核衰變的統(tǒng)計規(guī)律，對少數(shù)原子核不適用，選項C錯誤；根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程Ek＝hυ－W0以及Ek＝eUc可知，用頻率為υ的入射光照射光電管的陰極，遏止電壓為Uc，即有：eUc＝hυ－W0，改用頻率為2υ的入射光照射同一光電管，則有：eU′c＝2hυ－W0，所以有U′c>2Uc，選項D正確． 答案：D 15．汽車在限速為40 km/h的平直道路上勻速行駛，駕駛員發(fā)現(xiàn)前方斑馬線上有行人，于是減速禮讓，汽車到達(dá)斑馬線處時行人已通過斑馬線，駕駛員便加速前進(jìn)，監(jiān)控系統(tǒng)繪制出該汽車的速

3、度v隨時間t變化的圖象如圖所示，下列說法正確的是(　　) A．減速前該車已超速 B．汽車在加速階段的加速度大小為3 m/s2 C．駕駛員開始減速時距斑馬線18 m D．汽車在加速階段發(fā)動機(jī)的輸出功率保持不變 解析：由題圖可知該汽車減速前的速度是36 km/h，所以減速前該車沒有超速，選項A錯誤；v－t圖線的斜率表示加速度，因此，汽車在加速階段的加速度大小為3 m/s2，選項B正確；v－t圖線與坐標(biāo)軸所圍圖形的面積表示位移，由題圖可知，汽車在0.5 s時開始減速，開始減速時到斑馬線的距離小于18 m，選項C錯誤；汽車在加速階段加速度不變，即牽引力不變，但速度不斷增大，根據(jù)P＝Fv知，發(fā)

4、動機(jī)的輸出功率不斷增大，選項D錯誤． 答案：B 16．如圖所示，固定的木板與豎直墻面的夾角為θ，重為G的物塊靜止在木板與墻面之間，不計一切摩擦，則(　　) A．物塊對木板的壓力大小為 B．物塊對木板的壓力大小為Gcos θ C．物塊對墻面的壓力大小為Gtan θ D．物塊對墻面的壓力大小為Gsin θcos θ 解析：本題考查受力分析，目的是考查學(xué)生的推理能力。物塊受力如圖所示，由共點力平衡條件可得物塊所受木板和墻面的支持力大小分別為F1＝、F2＝，根據(jù)牛頓第三定律可知物塊對木板和墻面的壓力大小分別為F1′＝、F2′＝，選項A正確，B、C、D均錯誤． 答案：A 1

5、7．如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)有一垂直于紙面向里的、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1的勻強(qiáng)磁場，磁場邊界上的P點有一粒子源，可以在紙面內(nèi)向各個方向以相同的速率發(fā)射同種帶電粒子，不考慮粒子的重力以及粒子之間的相互作用，這些粒子從某一段圓弧射出邊界，這段圓弧的弧長是圓形區(qū)域周長的；若僅將磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小變?yōu)锽2，這段圓弧的弧長變?yōu)閳A形區(qū)域周長的，則等于(　　) A.　　B. C. D. 解析：設(shè)圓形磁場區(qū)域半徑為R，圓弧的弧長是圓形區(qū)域周長的時，圓弧對應(yīng)的圓心角為120°，帶電粒子做圓周運(yùn)動的半徑為r1，則sin 60°＝，解得r1＝R；圓弧的弧長是圓形區(qū)域周長的時，圓弧對應(yīng)的圓心角為90°，粒子做圓周

6、運(yùn)動的半徑為r2，則sin 45°＝，解得r2＝R.粒子在磁場中運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得qvB＝m，解得B＝，則＝＝，故C正確． 答案：C 18．如圖，勻強(qiáng)磁場中，一單匝矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動，線框中產(chǎn)生的交變電動勢瞬時值隨時間變化的規(guī)律為e＝20sin 100πt(V)．下列說法正確的是(　　) A．該線框轉(zhuǎn)動的頻率是100 Hz B．該線框產(chǎn)生的交變電動勢最大值是20 V C．t＝0.005 s時刻，線框平面與中性面重合 D．t＝0.05 s時刻，穿過線框的磁通量變化率為0 解析：根據(jù)題述線框中產(chǎn)生的交變電動勢瞬時值隨時間變化的規(guī)律為e

7、＝20sin 100πt(V)，可知2πf＝100π，解得該線框轉(zhuǎn)動的頻率f＝50 Hz，選項A錯誤；該線框產(chǎn)生的交變電動勢最大值為20 V，有效值為20 V，選項B錯誤；t＝0.005 s時刻，線框中產(chǎn)生的交變電動勢瞬時值為e1＝20sin 0.5π(V)＝20 V，此時線框平面與中性面垂直，選項C錯誤．t＝0.05 s時刻，線框中產(chǎn)生的交變電動勢瞬時值為e2＝20sin 5π(V)＝0，可知此時穿過線框的磁通量變化率為0，線框平面與中性面重合，選項D正確． 答案：D 19．[2019·廣東六校第三次聯(lián)考]2019年1月3日，“嫦娥四號”探測器登陸月球，實現(xiàn)人類探測器首次月球背面軟著陸．

8、為給“嫦娥四號”探測器提供通信支持，我國于2018年5月21日發(fā)射了“嫦娥四號”中繼衛(wèi)星“鵲橋”，如圖所示，“鵲橋”中繼衛(wèi)星圍繞地月拉格朗日L2點旋轉(zhuǎn)，“鵲橋”與L2點的距離遠(yuǎn)小于L2點與地球的距離．已知位于地月拉格朗日L1、L2點處的小物體在地、月的引力作用下，幾乎不消耗燃料，便可與月球同步繞地球做圓周運(yùn)動．下列說法正確的是(　　) A．“鵲橋”的發(fā)射速度大于11.2 km/s B．“鵲橋”繞地球運(yùn)動的周期約等于月球繞地球運(yùn)動的周期 C．同一衛(wèi)星在L2點受地、月引力的合力比在L1點受地、月引力的合力大 D．“鵲橋”若剛好位于L2點，則它能夠更好地為“嫦娥四號”探測器提供通信支持

9、 解析：11.2 km/s是衛(wèi)星脫離地球的引力束縛的最小發(fā)射速度，“鵲橋”并沒有脫離地球的引力，其發(fā)射速度應(yīng)小于11.2 km/s，選項A錯誤；根據(jù)題意知中繼衛(wèi)星“鵲橋”繞地球轉(zhuǎn)動的周期與月球繞地球轉(zhuǎn)動的周期近似相同，選項B正確；由題意可知，同一衛(wèi)星位于L1點和L2點時，繞地球轉(zhuǎn)動的角速度相同，再結(jié)合F＝mω2r可知，同一衛(wèi)星在L2點所受月球和地球引力的合力比在L1點的要大，選項C正確；“鵲橋”若剛好位于L2點，由幾何關(guān)系可知，通訊范圍較小，則它并不能更好地為“嫦娥四號”探測器提供通信支持，故D錯誤． 答案：BC 20．如圖所示，豎直平面內(nèi)有一圓周，其圓心為O，直徑AB和CD相互垂直，

10、電荷量均為Q的兩個正點電荷放在關(guān)于CD對稱的圓周上，它們所在的兩條半徑的夾角為120°，則下列說法正確的是(　　) A．點O與點C的場強(qiáng)相同 B．點C與點D的場強(qiáng)大小之比為1 C．一電子從點D由靜止釋放，運(yùn)動到點C的過程中，加速度先減小后增大 D．將一正點電荷沿著圓周從點A經(jīng)D移至點B的過程中，電場力先做正功，后做負(fù)功 解析：點O與點C的場強(qiáng)大小相等，方向相反，故A錯誤；根據(jù)矢量合成法則，C點場強(qiáng)為EC＝2×k×cos 60°＝k，D點的場強(qiáng)為ED＝2×k×＝k，點C與點D的場強(qiáng)大小之比為1，故B正確；根據(jù)電場強(qiáng)度的矢量合成法則，直線CD上距離兩點電荷連線x＝R

11、則電子從點D到點C的過程中，加速度先增大，后減小，再增大，故C錯誤；根據(jù)等量同種點電荷的電場分布規(guī)律可知，正點電荷沿著圓周從點A到點D，電場力做正功，從點D到點B的過程中，電場力做負(fù)功，故D正確． 答案：BD 21．如圖所示，物塊從足夠長的粗糙斜面底端O點，以某一速度向上運(yùn)動，到達(dá)最高點后又沿斜面下滑．物塊先后兩次經(jīng)過斜面上某一點A點時的動能分別為Ek1和Ek2，重力勢能分別為Ep1和Ep2，從O點開始到第一次經(jīng)過A點的過程中重力做功為WG1，合外力做功的絕對值為W1，從O點開始到第二次經(jīng)過A點的過程中重力做功為WG2，合外力做功的絕對值為W2，則下列選項正確的是(　　) A．Ek1

12、>Ek2，Ep1＝Ep2 B．Ek1＝Ek2，Ep1>Ep2 C．WG1＝WG2，W1WG2，W1＝W2 解析：假設(shè)A點距離斜面底端的高度為h，則物塊先后兩次在A點具有的重力勢能大小為Ep＝mgh，因此兩次在A點具有的重力勢能大小相等；兩次重力做的功均為WG＝－mgh，因此從運(yùn)動開始到先后兩次通過A點的過程中，重力做功相等；由題意可知，除重力外斜面對物塊的摩擦力做負(fù)功，而摩擦力做功與通過的路程有關(guān)，因此從運(yùn)動開始到第二次經(jīng)過A點的過程摩擦力做功多，則從O點開始到第二次經(jīng)過A點的過程中合外力做功的絕對值大，即W1

13、>Ek2.由以上分析可知A、C正確，B、D錯誤． 答案：AC 二、非選擇題(考生按要求作答) 22．(5分)某同學(xué)在“探究彈簧和彈簧伸長的關(guān)系”的實驗中，測得圖中彈簧OC的勁度系數(shù)為500 N/m.如圖1所示，用彈簧OC和彈簧秤a、b做“探究求合力的方法”實驗．在保持彈簧OC方向和伸長1.00 cm不變的條件下． (1)彈簧秤a、b間夾角為90°，彈簧秤a的讀數(shù)是________N(圖2所示)，則彈簧秤b的讀數(shù)可能為________N. (2)若彈簧秤a、b間夾角小于90°，保持彈簧秤a與彈簧OC的夾角不變，增大彈簧秤b與彈簧OC的夾角，則彈簧秤a的讀數(shù)________、彈簧秤b

14、的讀數(shù)________(填“變大”“變小”或“不變”)． 解析： (1)根據(jù)胡克定律可知，F(xiàn)＝kx＝500×0.01 N＝5 N；根據(jù)彈簧秤的讀數(shù)方法可知，a的讀數(shù)為3.00 N；兩彈簧秤夾角為90°，則可知，b的讀數(shù)為：F＝＝4.00 N；(2)若彈簧秤a、b間夾角大于90°，保持彈簧秤a與彈簧OC的夾角不變，增大彈簧秤b與彈簧OC的夾角；如圖所示；則可知兩彈簧秤的示數(shù)均變大． 答案：(1)3.00(2分)　4.00(1分)　(2)變大(1分)　變大(1分) 23．(10分)課外小組利用如圖甲所示電路測量電壓表(毫伏表)內(nèi)阻RV，該電壓表量程為500 mV，內(nèi)阻約為100 Ω.圖

15、中電源電動勢為E、內(nèi)阻忽略不計，R1為滑動變阻器，R2為電阻箱，V為待測電壓表．經(jīng)以下步驟可近似測得電壓表V的內(nèi)阻RV. a．?dāng)嚅_S2，閉合S1，電阻箱R2的阻值調(diào)到最大，調(diào)節(jié)R1，使電壓表讀數(shù)等于其量程U0； b．保持R1不變，閉合S2，調(diào)節(jié)R2，使電壓表讀數(shù)等于，然后讀出R2的值，取RV＝R2. (1)按圖甲所示的實物圖，在圖乙的虛線框中畫出電路圖． (2)在備選的實驗器材中，有兩個滑動變阻器供選擇，它們的銘牌上分別標(biāo)有：A.“4 500 Ω，1 A”，B.“50 Ω，2 A”，在保證各實驗器材均能正常工作的前提下，為盡可能提高測量精度且便于調(diào)節(jié)，滑動變阻器R1應(yīng)選用___

16、_____(選填“A”或“B”)． (3)若實驗中測得的結(jié)果RV＝100 Ω，要將這個電壓表改裝成量程為10 V的電壓表，則應(yīng)串聯(lián)一個阻值為Rx＝________Ω的定值電阻． (4)本實驗中測RV的系統(tǒng)誤差來自于________． 解析：(1)根據(jù)實物圖畫出電路圖，如圖所示．(2)由電路圖可知，滑動變阻器采用的是限流式接法，故為盡可能提高測量精度且便于調(diào)節(jié)，滑動變阻器應(yīng)用電阻最大值較大的．(3)根據(jù)串聯(lián)電路電流相等，可得＝，解得Rx＝1 900 Ω.(4)閉合S2前后，認(rèn)為總電流不變，而實際上閉合S2后總電阻減小了，故總電流變大． 答案：(1)如圖所示(3分) (2)A(2分)　(3)1 900(2分) (4)認(rèn)為總電流不變(或?qū)嶋H總電流變大)(3分) - 5 -