（江蘇專用）2019高考物理一輪復(fù)習(xí) 階段檢測二 電學(xué)部分

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1、階段檢測二電學(xué)部分考生注意：1本試卷共4頁2答卷前，考生務(wù)必用藍、黑色字跡的鋼筆或圓珠筆將自己的姓名、班級、學(xué)號填寫在相應(yīng)位置上3本次考試時間90分鐘，滿分100分4請在密封線內(nèi)作答，保持試卷清潔完整一、單項選擇題(本題共6小題，每小題3分，共計18分每小題只有一個選項符合題意)1.(2018南京市玄武區(qū)模擬)在光滑絕緣水平面上，固定一電流方向如圖1所示的通電直導(dǎo)線，其右側(cè)有閉合圓形線圈，某時刻線圈獲得一個如圖所示的初速度v0，若通電導(dǎo)線足夠長，則下列說法正確的是()圖1A線圈中產(chǎn)生沿順時針方向的恒定電流B線圈中產(chǎn)生沿逆時針方向的恒定電流C線圈最終會以某一速度做勻速直線運動D線圈最終會停下來并

2、保持靜止2.(2017海安中學(xué)月考)如圖2，一點電荷放在O點處，過O點取正交坐標x、y軸，點a、c在x軸上，Oc2Oa；點b在y軸上，ObOa.現(xiàn)將帶正電的另一點電荷從a移至b，再從b移至c，以下說法正確的是()圖2A點電荷在a點和b點所受的電場力相同B點電荷在b點受到的電場力的大小是在c點受到的電場力的大小的4倍C點電荷從a移至b與從b移至c電場力做的功相同D點電荷在a點的電勢能大于在c點的電勢能3.如圖3所示，有一根直導(dǎo)線上通以恒定電流I，方向垂直指向紙內(nèi)，且和勻強磁場B垂直，則在圖中圓周上，磁感應(yīng)強度數(shù)值最大的點是()圖3Aa點Bb點Cc點Dd點4(2018常熟市模擬)如圖4是通過街邊變

3、壓器降壓給用戶供電的示意圖V1、A1為變壓器輸入端的電壓表和電流表，V2、A2為變壓器的輸出端電壓表和電流表，R1、R2為負載，V3、A3為用戶家內(nèi)電壓表和電流表，變壓器與用戶間有一段較長的距離，每條輸電線總電阻用R0表示閉合開關(guān)S，則()圖4AV1和V3的示數(shù)都變小BV2和V3的示數(shù)都變小CA1和A2的示數(shù)都變大DA1、A2和A3的示數(shù)都變大5(2017鹽城中學(xué)第三次模擬)如圖5甲所示，線圈abcd固定于勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向外，磁感應(yīng)強度隨時間的變化情況如圖乙所示下列關(guān)于ab邊所受安培力隨時間變化的Ft圖象(規(guī)定安培力方向向右為正)正確的是()甲乙圖56.(2018儀征中學(xué)學(xué)情檢測

4、)如圖6所示，AEFD和EBCF是兩個等邊長的正方形，在A點固定一個帶電荷量為Q的點電荷，在C點固定一個帶電荷量為Q的點電荷，則下列說法正確的是()圖6AE、F兩點的電場強度相同BE、F兩點的電勢相同C將一個負電荷由E點沿直線移動到F點，電場力先做正功后做負功D將一個負電荷由E點沿直線移動到F點，電場力先做負功后做正功二、多項選擇題(本題共6小題，每小題4分，共計24分每小題有多個選項符合題意全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分)7.(2018虹橋中學(xué)調(diào)研)如圖7所示，單匝矩形閉合導(dǎo)線框abcd全部處于磁感應(yīng)強度為B的水平勻強磁場中，線框面積為S，電阻為R.線框繞與cd邊重

5、合的豎直固定轉(zhuǎn)軸以角速度從中性面開始勻速轉(zhuǎn)動，下列說法正確的是()圖7A轉(zhuǎn)過時，線框中的電流方向為abcdaB線框中感應(yīng)電流的有效值為C線框轉(zhuǎn)一周的過程中，產(chǎn)生的熱量為D從中性面開始轉(zhuǎn)過的過程中，通過導(dǎo)線橫截面的電荷量為8.(2018高郵中學(xué)階段檢測)如圖8所示，MN是負點電荷電場中的一條電場線，一個帶正電的粒子(不計重力)從a到b穿越這條電場線的軌跡如圖中虛線所示下列結(jié)論正確的是()圖8A帶電粒子從a到b運動的過程中動能逐漸減小B帶電粒子在a點時的電勢能大于在b點時的電勢能C負點電荷一定位于N點右側(cè)D帶電粒子在a點時的加速度大于在b點時的加速度9(2017南通市第二次調(diào)研)傾角為的光滑導(dǎo)電軌

6、道間接有電源，軌道間距為L，軌道上放一根質(zhì)量為m的金屬桿ab，金屬桿中的電流為I，現(xiàn)加一垂直金屬桿ab的勻強磁場，如圖9所示，ab桿保持靜止，則磁感應(yīng)強度方向和大小可能為()圖9A方向垂直軌道平面向上時，磁感應(yīng)強度最小，大小為Bz正向，大小為Cx正向，大小為Dz正向，大小為10.(2018興化一中模擬)如圖10所示，勻強電場中的三個點A、B、C構(gòu)成一個直角三角形，ACB90，ABC60，d.把一個帶電量為q的點電荷從A點移動到B點電場力不做功；從B點移動到C點電場力做功為W.若規(guī)定C點的電勢為零，則()圖10A該電場的電場強度大小為BC、B兩點間的電勢差為UCBCA點的電勢為D若從A點沿AB方

7、向飛入一電子，其運動軌跡可能是乙11(2018如皋市調(diào)研)在x軸上存在與x軸平行的電場，x軸上各點的電勢隨x點位置變化情況如圖11所示圖中x1x1之間為曲線，且關(guān)于縱軸對稱，其余均為直線，也關(guān)于縱軸對稱下列關(guān)于該電場的論述正確的是()圖11Ax軸上各點的場強大小相等B從x1到x1場強的大小先減小后增大C一個帶正電的粒子在x1點的電勢能大于在x1點的電勢能D一個帶負電的粒子在x1點的電勢能大于在x2點的電勢能12.如圖12所示，平行金屬導(dǎo)軌與水平面成角，導(dǎo)軌與固定電阻R1和R2相連，勻強磁場垂直穿過導(dǎo)軌平面有一導(dǎo)體棒ab，質(zhì)量為m，導(dǎo)體棒的電阻與固定電阻R1和R2的阻值均相等，與導(dǎo)軌之間的動摩擦

8、因數(shù)為，導(dǎo)體棒ab沿導(dǎo)軌向上滑動，當(dāng)上滑的速度為v時，受到安培力的大小為F.此時()圖12A電阻R1消耗的熱功率為B電阻R2消耗的熱功率為C整個裝置因摩擦而消耗的熱功率為mgvcosD整個裝置消耗的機械功率為(Fmgcos)v三、非選擇題(本題共6小題，共計58分)13(6分)(2017南京市9月調(diào)研)要測量一根電阻絲的電阻率，某同學(xué)采用的做法是：圖13(1)用螺旋測微器測得電阻絲的直徑如圖13甲所示，其讀數(shù)為d_mm.(2)用多用電表粗測其電阻，如圖乙所示，當(dāng)選擇開關(guān)旋至“10”擋時，指針指在接近刻度盤右端的位置；為了較為準確地測量該電阻，應(yīng)將選擇開關(guān)旋至_擋(選填“1”“100”或“1k”

9、)進行測量，此時指針指示的位置接近刻度盤的中央位置.(3)某同學(xué)設(shè)計了如圖丙所示電路，電路中ab段是粗細均勻的待測電阻絲，保護電阻R04.0，電源的電動勢E3.0V，內(nèi)阻為r，電流表內(nèi)阻忽略不計，滑片P與電阻絲始終接觸良好，實驗時閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑片P的位置，分別測量出每次實驗中aP長度x及對應(yīng)的電流值I，實驗數(shù)據(jù)如表所示：x(m)0.100.200.300.400.500.60I(A)0.490.430.380.330.310.28(A1)2.042.332.633.033.233.57為了直觀方便處理表中的實驗數(shù)據(jù)，請在丁圖中選擇縱、橫坐標為_(選填“Ix”或“x”)描點，并在坐標紙上畫出相

10、應(yīng)的圖線，根據(jù)圖線與其他測量的數(shù)據(jù)求得電阻絲的電阻率_m(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)14(10分)(2017如東高級中學(xué)第二次調(diào)研)兩個阻值相差越大的電阻并聯(lián)，其并聯(lián)電路的總阻值就越接近于阻值小的電阻，某同學(xué)基于這一事實設(shè)計一電路(圖14甲所示)測量量程為3V的電壓表內(nèi)阻(內(nèi)阻為數(shù)千歐姆)實驗室提供的器材有：電阻箱R(最大阻值99999.9)，滑動變阻器(最大阻值50)，直流電源E(電動勢6V)，開關(guān)1個，導(dǎo)線若干圖14(1)按電路原理圖甲，請在圖乙中用筆畫線代替導(dǎo)線，完成實物電路的連接(2)實驗步驟如下，并回答相應(yīng)問題：按電路原理圖甲連接實物電路；將電阻箱阻值調(diào)節(jié)為0，將滑動變阻器的滑片移到與圖

11、甲中最_端(填“左”或“右”)所對應(yīng)的位置，閉合開關(guān)S；調(diào)節(jié)滑動變阻器，使電壓表滿偏；保持滑動變阻器滑片的位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱阻值，使電壓表的示數(shù)如圖丙所示，電壓值為_V，記下電阻箱的阻值1500；計算電壓表內(nèi)阻為_.(3)將測出的電壓表內(nèi)阻記為RV，與電壓表內(nèi)阻的真實值RV相比，RV_RV(填“”“”或“”)，理由是_.15.(6分)(2017揚州市期末考試)一勻強電場，場強方向是水平的，如圖15所示一個質(zhì)量為m的帶正電的小球，從O點出發(fā)，初速度的大小為v0，在電場力與重力的作用下，恰能沿與場強的反方向成角的直線運動求小球運動到最高點P的過程中電場力做的功圖1516.(10分)(2018寶應(yīng)

12、中學(xué)模擬)如圖16所示的電路，已知電池電動勢E90V，內(nèi)阻r5，R110，R220，板面水平放置的平行板電容器的兩極板M、N相距d3cm，在兩板間的正中央有一帶負電液滴，帶電荷量大小q2107C，其質(zhì)量m4.0105kg，取g10m/s2，問：圖16(1)若液滴恰好能靜止不動，滑動變阻器R的滑動頭C正好在正中點，那么滑動變阻器的最大阻值Rmax是多大？(2)將滑動片C迅速滑到A端后，液滴將向哪個極板做什么運動？到達極板時的速度是多大？17(12分)(2018溧水中學(xué)模擬)如圖17所示，電阻不計的平行金屬導(dǎo)軌MN和OP水平放置，MO間接有阻值為R0.5的電阻，導(dǎo)軌相距為l0.20m，其間有豎直向

13、下的勻強磁場，磁感強度為B0.50T，質(zhì)量為m0.1kg，電阻為r0.5的導(dǎo)體棒CD垂直于導(dǎo)軌放置，并接觸良好用平行于MN的恒力F0.6N向右拉動CD.CD受恒定的摩擦阻力Ff0.5N求：圖17(1)CD運動的最大速度是多少？(2)當(dāng)CD達到最大速度后，電阻R消耗的電功率是多少？(3)當(dāng)CD的速度是最大速度的時，CD的加速度是多少？18(14分)(2017無錫市期末)如圖18甲，平面直角坐標系中，0xl，0y2l的矩形區(qū)域中施加一個如圖乙所示的交變磁場(B0和T0未知)，磁場方向向里為正一個比荷為c的帶正電的粒子從原點O以初速度v0沿x方向入射，不計粒子重力圖18(1)若粒子從t0時刻入射，在

14、tl的區(qū)域施加一個沿x方向的勻強電場，粒子在t0時刻入射，將在T0時刻沿x方向進入電場，并最終從(0,2l)沿x方向離開磁場，求電場強度的大小以及粒子在電場中運動的路程答案精析1C根據(jù)右手螺旋定則，線圈所處的磁場方向向里，因離導(dǎo)線越遠，磁場越弱，依據(jù)楞次定律可知，線圈中的感應(yīng)電流方向沿順時針方向，但由于磁場減弱，線圈中產(chǎn)生的不是恒定電流，A、B錯誤；當(dāng)線圈在該平面上以速度v0沿圖示方向運動時，產(chǎn)生感應(yīng)電流，受安培力作用，從而阻礙其運動，使線圈在垂直導(dǎo)線方向做減速運動，當(dāng)垂直導(dǎo)線方向的速度減為零，只剩沿導(dǎo)線方向的速度時，通過線圈的磁通量不變，無感應(yīng)電流，水平方向合力為零，故做勻速直線運動，C正確

15、，D錯誤2B點電荷在a點和b點所受的電場力大小相同、方向不同，故A錯誤；由庫侖力公式得F，且Oc2Oa2Ob，故點電荷在b點所受的電場力的大小是在c點所受的電場力的大小的4倍，故B正確；點電荷的等勢面為以點電荷為中心的一系列同心圓，可知a、b兩點電勢相等，b、c兩點電勢不等，則點電荷從a移至b電場力做的功為零，從b移至c電場力做的功不為零，故C錯誤；由于O處的電荷正、負不確定，故a、c兩點的電勢高低不確定，又Epq，故點電荷在a、c點的電勢能大小不確定，故D錯誤3A用安培定則判斷通電直導(dǎo)線在a、b、c、d處所產(chǎn)生的磁場方向，如圖所示：在a點，通電導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場與勻強磁場的方向相同，疊加后磁感應(yīng)

16、強度數(shù)值最大，故A正確，B、C、D錯誤4C閉合S后，副線圈的總電阻變小，由于降壓變壓器的輸入電壓不變，原、副線圈匝數(shù)比不變，所以副線圈兩端的電壓不變，即V1、V2示數(shù)不變，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得A2示數(shù)增大，由于原、副線圈匝數(shù)比不變，所以A1示數(shù)也增大，A、B錯誤，C正確；由于輸電線上損耗的電壓增大，所以R2兩端電壓減小，即V3示數(shù)減小，所以電流表A3示數(shù)減小，D錯誤5C線圈不動，磁場均勻增大，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和楞次定律，線圈中產(chǎn)生穩(wěn)定的電動勢，有穩(wěn)定的沿順時針方向的電流，根據(jù)安培力公式FBIL，可知F隨t均勻增大，由左手定則可判斷ab邊受到的安培力向右，故選C.6AQ、Q是兩個等量

17、異種點電荷，結(jié)合等量異種點電荷電場線的分布情況(如圖所示)，可知E、F兩點的電場強度大小相等、方向也相同，故A正確根據(jù)順著電場線方向電勢降低，可知E點的電勢高于F點的電勢，故B錯誤將一個負電荷由E點沿著直線移動到F點，電勢逐漸降低，由Epq知，負電荷的電勢能逐漸增大，則電場力一直做負功，故C、D錯誤故選A.7BD根據(jù)楞次定律可知，轉(zhuǎn)過時，線框中的電流方向為adcba，故A錯誤；線框轉(zhuǎn)動過程中電動勢的最大值為：EmBS，有效值為：U，則線框中感應(yīng)電流的有效值為：I，故B正確；線框轉(zhuǎn)一周的過程中，產(chǎn)生的熱量為：QI2RT2R，故C錯誤；從中性面開始轉(zhuǎn)過的過程中，通過導(dǎo)線橫截面的電荷量為：qt，故D

18、正確8AD由于該粒子只受電場力作用且做曲線運動，電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，電場力方向大致向左，由a到b運動的過程中，電場力對帶電粒子做負功，其動能減小，電勢能增大，則帶電粒子在a點的電勢能小于在b點的電勢能，故A正確，B錯誤；帶正電粒子受到的電場力向左，電場方向由N指向M，說明負電荷在直線MN左側(cè)，a點離點電荷較近，a點的電場強度大于b點的電場強度，根據(jù)牛頓第二定律得知，帶電粒子在a點的加速度大于在b點的加速度，故C錯誤，D正確9ACD當(dāng)磁場垂直軌道平面向上時，根據(jù)平衡條件：mgsinBIL，則B，此時B最小，故選項A正確；當(dāng)磁場沿z正方向時，安培力水平向右，由平衡條件可得，mgtanBIL，則B，

19、故選項B錯誤，D正確；當(dāng)磁場沿x正方向時，安培力豎直向上，根據(jù)平衡條件：mgBIL，則：B，故選項C正確10BD點電荷從A移動到B點電場力不做功，說明A、B兩點在同一等勢面上，將正點電荷從B點移動到C點電場力做功為W，說明電場強度的方向垂直AB邊向上則A點的電勢A，故選項C錯誤；C、B兩點間的電勢差為UCB，故選項B正確；該電場的電場強度大小為E，故選項A錯誤；電子從A點沿AB方向飛入，受力方向?qū)⒀仉妶鼍€方向的反方向，故粒子將向下偏轉(zhuǎn)，運動軌跡可能是乙，故選項D正確11BDx圖象的斜率大小等于電場強度，故x軸上的電場強度大小并非完全相等，故A錯誤；從x1到x1圖線斜率先減小后增大，故場強先減小

20、后增大，故B正確；由題圖可知，x軸上場強方向均指向O，根據(jù)對稱性可知，一個帶正電的粒子在x1點的電勢能等于在x1點的電勢能，故C錯誤；電場線指向O點，則負電荷由x1到x2的過程中電場力做正功，電勢能減小，故帶負電的粒子在x1點的電勢能大于在x2點的電勢能，故D正確12BCD設(shè)導(dǎo)體棒ab長度為L，磁感應(yīng)強度為B，電阻R1R2R.電路中感應(yīng)電動勢EBLv，導(dǎo)體棒中感應(yīng)電流為：I，導(dǎo)體棒所受安培力為：FBIL電阻R1消耗的熱功率為：P1()2R由得P1Fv，電阻R1和R2阻值相等，它們消耗的電功率相等，則P1P2Fv，故A錯誤，B正確；整個裝置因摩擦而消耗的熱功率為：PfFfvmgcosvmgvco

21、s，故C正確；整個裝置消耗的機械功率為：P3FvPf(Fmgcos)v，故D正確13(1)0.390(2)1(3)x圖象見解析圖1.1106解析(1)由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：d0mm39.00.01mm0.390mm；(2)選擇開關(guān)旋至“10”擋時，指針指在接近刻度盤右端的位置，指針偏角太大，說明所選擋位太大；為了較為準確地測量該電阻，應(yīng)選擇較小的擋位，故應(yīng)將選擇開關(guān)旋至“1”擋進行測量(3)接入電路的電阻絲電阻：R，由閉合電路歐姆定律可知，電流：I，x，如果作Ix圖象，圖象不是直線，不便于實驗數(shù)據(jù)處理，x圖象是直線，便于實驗數(shù)據(jù)處理，因此需要作x圖象；根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系內(nèi)描出對

22、應(yīng)點，然后作出圖象如圖所示：由圖示x圖象可知，其斜率：k3.1，又因k，則電阻率：m1.1106m14(1)電路圖見解析圖(2)左2.003000(3)理由見解析解析(1)連接電路如圖所示(2)為了保護電壓表不被燒壞，應(yīng)使電壓表所測電壓從零逐漸增大，即將滑動變阻器的滑片移到最左端；因為電壓表的量程為3V，要估讀1位，所以讀數(shù)為：2.00V；因為電壓表和電阻箱的總電壓不變，UU1R，代入數(shù)據(jù)得32R，解得RV3000.(3)從電路圖可以看出電壓表與電阻箱串聯(lián)，在調(diào)節(jié)電阻箱阻值后，所在支路總電阻增大，分得的電壓也增大，此時電阻箱兩端的電壓大于1V，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓關(guān)系知RVRV.15mv02co

23、s2解析設(shè)小球帶電荷量為q，因小球做直線運動，則它受到的靜電力Eq和重力mg的合力方向必與初速度方向在同一直線上，如圖所示：有：mgEqtan，由此可知，小球做勻減速運動的加速度大小為：a；設(shè)從O到最高點P的路程為s，由速度和位移的關(guān)系得：v022as小球運動的水平距離為：lscos電場力做負功，WqElmv02cos2.16(1)60(2)向上極板做加速度大小為2m/s2的勻加速直線運動m/s解析(1)根據(jù)電容器在電路中位置知：UCUR液滴靜止，有：mgq得：UR60V電路中的電流：I2A據(jù)部分電路歐姆定律得：I解得：Rmax60(2)滑到A端后，電容器兩端電壓UCUR則UCRmax72V液

24、滴所受電場力Fq4.8104Nmg4.0104N，故液滴向上做勻加速直線運動，加速度大小a2m/s2，到達極板時的速度為v，則v22a解得：vm/s.17(1)10m/s(2)0.5 W(3)0.75 m/s2解析(1)導(dǎo)體棒所受合外力為0時，有最大速度vm.此時有EBlvm，I，F(xiàn)安BIl，得到安培力F安.由平衡條件得FFfF安，代入解得vm代入數(shù)據(jù)解得：vm10m/s(2)當(dāng)CD達到最大速度后，電路中電流為I，電阻R消耗的電功率是PI2R代入數(shù)據(jù)解得：P0.5W(3)當(dāng)CD的速度是最大速度的時，安培力F安(FFf)此時的加速度為am/s20.75 m/s2.18見解析解析(1)在磁場中，qv0B0m，由幾何關(guān)系，有R2l2(R)2，解得Rl因此B0(2)粒子運動的半徑為R，臨界情況為粒子從t0時刻入射，并且軌跡恰好與y軸相切圓周運動的周期T，由幾何關(guān)系，t內(nèi)，粒子轉(zhuǎn)過的圓心角為對應(yīng)運動時間t1TT應(yīng)滿足t1聯(lián)立可得T0(3)運動軌跡如圖由題意可知，T0得到T0在電場中，qEma，往返一次用時t應(yīng)有t(n)T0可得E，(n0,1,2)運動路程xv02，(n0,1,2)16