2019版高考物理二輪復(fù)習(xí) 課時(shí)跟蹤訓(xùn)練3 拋體運(yùn)動(dòng)和圓周運(yùn)動(dòng)

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1、課時(shí)跟蹤訓(xùn)練(三) 拋體運(yùn)動(dòng)和圓周運(yùn)動(dòng)一、選擇題(16題為單項(xiàng)選擇題，710題為多項(xiàng)選擇題)1(2018天星教育考前預(yù)測(cè))將一小球以一定的初速度水平拋出，設(shè)小球拋出后的水平方向的位移為x，豎直方向的位移為y，結(jié)果小球在空中運(yùn)動(dòng)過程中y與x2的關(guān)系如圖所示，重力加速度g10 m/s2，不計(jì)空氣阻力，則小球被拋出的初速度大小為()A.m/s B. m/s C2 m/s D. m/sA將小球做的平拋運(yùn)動(dòng)進(jìn)行分解，設(shè)水平初速度大小為v0，則有xv0t，ygt2，則yx2，結(jié)合圖象有2，求得v0m/s，A項(xiàng)正確2(2018石家莊市高三考前診斷(二)2022年冬奧會(huì)將在中國(guó)舉辦的消息，吸引了大量愛好者投入

2、到冰雪運(yùn)動(dòng)中若跳臺(tái)滑雪比賽運(yùn)動(dòng)員從平臺(tái)飛出后可視為平拋運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)運(yùn)動(dòng)員甲以一定的初速度從平臺(tái)飛出，軌跡為圖中實(shí)線所示，則質(zhì)量比甲大的運(yùn)動(dòng)員乙以相同的初速度從同一位置飛出，其運(yùn)動(dòng)軌跡應(yīng)為圖中的()AB CDA根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，平拋運(yùn)動(dòng)軌跡只與初速度有關(guān)，與物體質(zhì)量無關(guān)，所以質(zhì)量比甲大的運(yùn)動(dòng)員乙以相同的初速度從同一位置飛出時(shí)，其運(yùn)動(dòng)軌跡應(yīng)為圖中的，選項(xiàng)A正確3(2018最新高考信息卷)如圖，小球甲從A點(diǎn)水平拋出，同時(shí)將小球乙從B點(diǎn)自由釋放，兩小球先后經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)速度大小相等，方向夾角為30，已知B、C高度差為h，兩小球質(zhì)量相等，不計(jì)空氣阻力，由以上條件可知()A小球甲做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度大小為2B甲

3、、乙兩小球到達(dá)C點(diǎn)所用時(shí)間之比為1CA、B兩點(diǎn)高度差為D兩小球在C點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率大小相等CA項(xiàng)，小球乙到C的速度為v，此時(shí)小球甲的速度大小也為v，又因?yàn)樾∏蚣姿俣扰c豎直方向成30角，可知水平分速度為故A錯(cuò)；B.小球運(yùn)動(dòng)到C時(shí)所用的時(shí)間為hgt2得t.而小球甲到達(dá)C點(diǎn)時(shí)豎直方向的速度為，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，所以甲、乙兩小球到達(dá)C點(diǎn)所用時(shí)間之比為2故B錯(cuò)C.由甲乙各自運(yùn)動(dòng)的時(shí)間得：hgt2gt2，故C對(duì)；D.由于兩球在豎直方向上的速度不相等，所以兩小球在C點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率也不相等故D錯(cuò)；故選C.4(2018寧夏六盤山二模)如圖所示，半徑為R的圓輪在豎直面內(nèi)繞O軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，輪上A、B兩點(diǎn)均粘有一

4、小物體，當(dāng)B點(diǎn)轉(zhuǎn)至最低位置時(shí)，此時(shí)O、A、B、P四點(diǎn)在同一豎直線上，已知OAAB，P是地面上的一點(diǎn)A、B兩點(diǎn)處的小物體同時(shí)脫落，最終落到水平地面上同一點(diǎn)(不計(jì)空氣的阻力)則OP的距離是()A.RB7R C.RD5RA設(shè)OP之間的距離為h，則A下落的高度為hR，A隨圓輪運(yùn)動(dòng)的線速度為R，設(shè)A下落的時(shí)間為t1，水平位移為x，則在豎直方向上有hRgt在水平方向上有xRt1B下落的高度為hR，B隨圓輪運(yùn)動(dòng)的線速度為R，設(shè)B下落的時(shí)間為t2，水平位移也為x，則在豎直方向上有hRgt在水平方向上有xRt2聯(lián)立式解得hR，A項(xiàng)正確5(2018高考物理全真模擬二)如圖所示，小球從靜止開始沿光滑曲面軌道AB滑下

5、，從B端水平飛出，撞擊到一個(gè)與地面呈37的斜面上，撞擊點(diǎn)為C.已知斜面上端與曲面末端B相連若AB的高度差為h，BC間的高度差為H，則h與H的比值等于(不計(jì)空氣阻力，sin 370.6，cos 370.8)()A. B. C. D.C小球下滑過程中機(jī)械能守恒，則有：mghmv，解得：vB，到達(dá)B點(diǎn)后小球做平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向有：Hgt2，解得：t，水平方向xvBt，根據(jù)幾何關(guān)系有：tan 37，解得：，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤6(2018山東省淄博市高三三模)如圖所示，質(zhì)量為m的小球用長(zhǎng)度為R的細(xì)繩拴著在豎直面上繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，恰好能通過豎直面的最高點(diǎn)A，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力，則()A小

6、球通過最高點(diǎn)A的速度為gRB小球通過最低點(diǎn)B和最高點(diǎn)A的動(dòng)能之差為mgRC若細(xì)繩在小球運(yùn)動(dòng)到與圓心O等高的C點(diǎn)斷了，則小球還能上升的高度為RD若細(xì)繩在小球運(yùn)動(dòng)到A處斷了，則經(jīng)過t時(shí)間小球運(yùn)動(dòng)到與圓心等高的位置DA.小球剛好通過最高點(diǎn)時(shí)，繩子的拉力恰好為零，有：mgm.得v，故A錯(cuò)誤；B.從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)重力做功為2mgR，根據(jù)動(dòng)能定理可知小球通過最低點(diǎn)B和最高點(diǎn)A的動(dòng)能之差為2mgR，故B錯(cuò)；C.從A到C由動(dòng)能定理可知：mgRmvmv2，當(dāng)繩子斷掉后上升的高度為h，則mgh0mv，解得hR，故C錯(cuò)；D.若細(xì)繩在小球運(yùn)動(dòng)到A處斷了，則下降R所用的時(shí)間為Rgt2，解得t，故D正確；故選D.7(20

7、18山東省臨沂市高三三模)如圖所示，不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)繩一端固定在光滑豎直桿上，輕質(zhì)彈簧用光滑輕環(huán)套在桿上，細(xì)繩和彈簧的另一端固定在質(zhì)量為m的小球上，開始時(shí)處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)使該裝置繞桿旋轉(zhuǎn)且角速度緩慢增大，則下列說法正確的是()A輕繩上的彈力保持不變B輕繩上的彈力逐漸變大C彈簧上的彈力逐漸變大D彈簧上的彈力先變小后變大BD小球隨桿做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)輕繩與豎直方向的夾角為，當(dāng)角速度較小時(shí)，彈簧處于壓縮狀態(tài)，對(duì)小球受力分析有：Tcos mg，Tsin Fm2r，由于小球在豎直方向處于靜止，所以T，隨角速度增大，增大，所以T增大，隨角速度增大，增大，彈簧彈力減小，當(dāng)角速度較大時(shí)，小球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑增

8、大，彈簧彈力增大，由以上分析可知，B、D正確8(2018吉林一中高三第三次調(diào)研)如圖所示，ABCD是一個(gè)邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形木塊，將一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的小球從P點(diǎn)以初速度v0斜向上拋出，小球到達(dá)A點(diǎn)時(shí)速度方向恰好與AB平面相切已知重力加速度為g，P、D之間的距離為2L.下列說法正確的是()A小球到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的速度為v0B小球在P點(diǎn)時(shí)，速度方向與水平夾角為45C小球在由P向A運(yùn)動(dòng)的過程中，重力的瞬時(shí)功率逐漸減小D僅減小初速度v0，小球仍有可能運(yùn)動(dòng)到AB平面上BC根據(jù)逆向思維，小球從A到P做平拋運(yùn)動(dòng)；設(shè)小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為v，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，小球在P點(diǎn)時(shí)，1，所以vyv，而v0，所以vyvv0，小球

9、在P點(diǎn)時(shí)，速度方向與水平夾角為45，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確；球在由P向A運(yùn)動(dòng)的過程中，重力的瞬時(shí)功率Pmgvy，隨著vy的變小而逐漸減小，選項(xiàng)C正確；僅減小初速度v0，小球不可能運(yùn)動(dòng)到AB平面上，選項(xiàng)D錯(cuò)誤9如圖所示，一根原長(zhǎng)為l0的輕彈簧套在光滑直桿AB上，其下端固定在桿的A端，質(zhì)量為m的小球也套在桿上且與彈簧的上端相連球和桿一起繞經(jīng)過桿A端的豎直軸OO勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，且桿與水平面間始終保持30角已知桿處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)彈簧的壓縮量為，重力加速度為g，彈簧始終在彈性限度內(nèi)則下列說法正確的是()A彈簧為原長(zhǎng)時(shí)，桿的角速度為B當(dāng)桿的角速度為時(shí)，彈簧處于壓縮狀態(tài)C在桿的角速度增大的過程中，小球與彈簧所組成的

10、系統(tǒng)機(jī)械能不守恒D在桿的角速度由0緩慢增大到過程中，小球機(jī)械能增加了mgl0CD靜止時(shí)，kmgsin kl0mg，彈簧為原長(zhǎng)時(shí)，mgtan 30m2l0cos 30，解得：，A項(xiàng)錯(cuò)誤；當(dāng)桿的角速度大于時(shí)，小球做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力增大，所以彈簧對(duì)小球的彈力沿桿向下，彈簧處于拉伸狀態(tài)，B項(xiàng)錯(cuò)誤；在桿的角速度增大的過程中，小球的線速度增大，重力勢(shì)能增大，彈簧的彈性勢(shì)能增大，小球與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，C項(xiàng)正確；小球隨桿轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為時(shí)，彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，設(shè)伸長(zhǎng)量為l，在水平方向上：FNsin 30klcos 30m2(l0l)cos 30，在豎直方向上：FNcos 30klsin 30mg0

11、，解得：l，則小球的重力勢(shì)能增加量為Epmgl0sin 30mgl0，動(dòng)能增加量為Ekm2mgl0，可知D項(xiàng)正確10(2018湖北省武漢市高三下學(xué)期五月理綜訓(xùn)練)如圖所示，一質(zhì)量為m的小球(可視為質(zhì)點(diǎn))從離地面高H處水平拋出，第一次落地時(shí)的水平位移為H，反彈的高度為H.已知小球與地面接觸的時(shí)間為t，重力加速度為g，不計(jì)摩擦和空氣阻力下列說法正確的是()A第一次與地面接觸的過程中，小球受到的平均作用力為B第一次與地面接觸的過程中，小球受到的平均作用力為mgC小球第一次落地點(diǎn)到第二次落地點(diǎn)的水平距離為2HD小球第一次落地點(diǎn)到第二次落地點(diǎn)的水平距離為HACA、B項(xiàng)：以豎直向上為正方向小球第一次落地時(shí)

12、豎直方向的速度為v1，小球第一次反彈起豎直方向的速度為v2，在小球第一次與地面接觸的過程中應(yīng)用用動(dòng)時(shí)定理有：tmv2mv1，代入數(shù)據(jù)解得：，故A正確，B錯(cuò)誤；C、D項(xiàng)：小球第一次下落的時(shí)間為t，水平初速度v0，第一次反彈到最高點(diǎn)所用的時(shí)間為t，所以第一次落地點(diǎn)到第二次落地點(diǎn)的水平距離為2v0t22H，故C正確，D錯(cuò)誤11(2018長(zhǎng)沙一中高三診斷)如圖所示，BC為半徑等于m、豎直放置的光滑細(xì)圓管，O為細(xì)圓管的圓心，在圓管的末端C連接傾斜角為45、動(dòng)摩擦因數(shù)為0.6的足夠長(zhǎng)粗糙斜面，一質(zhì)量為m0.5 kg的小球從O點(diǎn)正上方某處A點(diǎn)以速度v0水平拋出，恰好能垂直O(jiān)B從B點(diǎn)進(jìn)入圓管，OB與豎直方向的

13、夾角為45，小球從進(jìn)入圓管開始受到始終豎直向上的F5 N的力的作用，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到圓管的末端C時(shí)作用力F立即消失，小球能平滑地沖上粗糙斜面(g取10 m/s2)求：(1)小球從O點(diǎn)的正上方某處A點(diǎn)水平拋出的初速度v0為多少？OA的距離為多少？(2)小球在圓管中運(yùn)動(dòng)時(shí)對(duì)圓管的壓力是多少？(3)小球在CD斜面上運(yùn)動(dòng)的最大位移是多少？解析(1)小球從A運(yùn)動(dòng)到B為平拋運(yùn)動(dòng)，有rsin 45v0t在B點(diǎn)，有tan 45解以上兩式得v02 m/s，t0.2 s則AB豎直方向的距離為hgt20.2 mOB豎直方向的距離為hrcos 450.4 m則OAhh(0.20.4)m0.6 m.(2)在B點(diǎn)據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的

14、速度規(guī)律有vB2 m/s小球在管中重力與外加的力F平衡，故小球所受的合力僅為管的外軌對(duì)它的壓力，得小球在管中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得圓管對(duì)小球的作用力為FNm5 N根據(jù)牛頓第三定律得小球?qū)A管的壓力為FNFN5N.(3)在CD上滑行到最高點(diǎn)過程，根據(jù)牛頓第二定律得mgsin 45mgcos 45ma解得agsin 45gcos 458m/s2根據(jù)速度位移關(guān)系公式，有xm.答案(1)2m/s0.6 m(2)5N(3)m12如圖所示，臺(tái)階的高度H1.45 m，在臺(tái)階的水平臺(tái)面邊緣靜止一質(zhì)量為m的小球A，在緊靠A的左側(cè)用細(xì)線豎直懸掛一同樣大小的小球B，兩球心連線水平在平臺(tái)下面的地面上有一傾

15、角為37的傳送帶，傳送帶下端有一個(gè)和傳送帶垂直的擋板P，傳送帶的長(zhǎng)度L m，傳送帶以v5 m/s的速率逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)把小球B拉到離平臺(tái)h0.8 m高處由靜止釋放，與小球A正碰后B球能上升到離平臺(tái)h高處，小球A恰好沿平行于傳送帶的方向從傳送帶上端飛上傳送帶并沿傳送帶運(yùn)動(dòng)，和擋板P碰撞后以大小不變的速率被反向彈回已知小球A與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度g10 m/s2.(1)求傳送帶上端距臺(tái)階的距離s；(2)求小球B的質(zhì)量mB；(3)小球A被P反彈后能否再回到平臺(tái)上？若能，請(qǐng)說明理由；若不能，請(qǐng)計(jì)算小球A到達(dá)的最高點(diǎn)距平臺(tái)的高度解析(1)設(shè)小球A離開平臺(tái)的速度為vA，到達(dá)傳送帶上端的速度為vQ，

16、豎直分速度為v，則vyvAtan v2g(HLsin )vQvygtsvAt代入數(shù)據(jù)解得vA4 m/svQ5 m/ss1.2 m(2)設(shè)B球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)與A球碰撞前的速度為v0，碰撞后的速度大小為vB，則有mBghmBvmBvmBg若B球碰撞后向右運(yùn)動(dòng)，則mBv0mBvBmvA代入數(shù)據(jù)解得B球的質(zhì)量mB2m此條件下系統(tǒng)的機(jī)械能損失EmBgh，因碰撞過程機(jī)械能不可能增加，結(jié)論合理若B球碰撞后向左運(yùn)動(dòng)，則mBv0mB(vB)mvA代入數(shù)據(jù)解得B球的質(zhì)量mBm此條件下系統(tǒng)的機(jī)械能增加EmBgh，因碰撞過程機(jī)械能不可能增加，故不合理，應(yīng)舍去(3)小球A從傳送帶上端運(yùn)動(dòng)到下端的過程，有mgsin mgcos ma1vv2a1L代入數(shù)據(jù)解得vPm/s小球A被反彈后，由于vPv，故向上滑一段，摩擦力沿傳送帶向下，有mgsin mgcos ma2小球A減速到v經(jīng)過的位移為L(zhǎng)1，則v2v2a2L1代入數(shù)據(jù)解得L1m小球A從速度為v時(shí)運(yùn)動(dòng)到傳送帶上端期間，摩擦力沿傳送帶向上，加速度為a1，則vv22a1(LL1)代入數(shù)據(jù)解得vtm/s由于vtvQ，故小球A不可能回到平臺(tái)上此后小球A運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過程可看做平拋的逆運(yùn)動(dòng)，則小球A上升的高度h0.33 m小球A到達(dá)的最高點(diǎn)距平臺(tái)的高度HHLsin h0.12 m. 答案(1)s1.2 m(2)mB2m(3)不能，H0.12 m10