2019高考物理一輪復(fù)習(xí) 第七章 靜電場(chǎng) 第56講 帶電粒子在電場(chǎng)中的加速和偏轉(zhuǎn)加練半小時(shí) 教科版

《2019高考物理一輪復(fù)習(xí) 第七章 靜電場(chǎng) 第56講 帶電粒子在電場(chǎng)中的加速和偏轉(zhuǎn)加練半小時(shí) 教科版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019高考物理一輪復(fù)習(xí) 第七章 靜電場(chǎng) 第56講 帶電粒子在電場(chǎng)中的加速和偏轉(zhuǎn)加練半小時(shí) 教科版（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 第56講 帶電粒子在電場(chǎng)中的加速和偏轉(zhuǎn) [方法點(diǎn)撥]　(1)帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，一般用牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合處理或用動(dòng)能定理處理．(2)在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)一般從分解的角度處理．(3)注意帶電粒子重力能否忽略． 1．電子束焊接機(jī)中的電場(chǎng)線如圖1中虛線所示．K為陰極，A為陽(yáng)極，兩極之間的距離為d，在兩極之間加上高壓U，有一電子在K極由靜止被加速．不考慮電子重力，元電荷為e，則下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖1 A．A、K之間的電場(chǎng)強(qiáng)度為 B．電子到達(dá)A極板時(shí)的動(dòng)能大于eU C．由K到A電子的電勢(shì)能減小了eU D．由K沿直線到A電勢(shì)逐漸減小 2．(

2、多選)(2017·四川資陽(yáng)4月模擬)如圖2所示，質(zhì)量相同的兩個(gè)帶電粒子M、N以相同的速度同時(shí)沿垂直于電場(chǎng)方向射入兩平行板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，M從兩極板正中央射入，N從下極板邊緣處射入，它們最后打在同一點(diǎn)．不計(jì)帶電粒子重力和帶電粒子間的相互作用，則從開(kāi)始射入到打在上極板的過(guò)程中(　　) 圖2 A．它們運(yùn)動(dòng)的時(shí)間tN＝tM B．它們電勢(shì)能減少量之比ΔEM∶ΔEN＝1∶2 C．它們的動(dòng)能增加量之比ΔEkM∶ΔEkN＝1∶2 D．它們所帶的電荷量之比qM∶qN＝1∶2 3．(2017·山東師范大學(xué)附中第三次模擬)如圖3所示，有一帶電粒子貼著A板沿水平方向射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為U1時(shí)，帶

3、電粒子沿軌跡①?gòu)膬砂逭虚g飛出；當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為U2時(shí)，帶電粒子沿軌跡②落到B板中間．設(shè)粒子兩次射入電場(chǎng)的水平速度相同，則兩次的電壓之比為(　　) 圖3 A．U1∶U2＝1∶8 B．U1∶U2＝1∶4 C．U1∶U2＝1∶2 D．U1∶U2＝1∶1 4．(2017·廣東汕頭質(zhì)量檢測(cè))一平行板電容器中存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)沿豎直方向．兩個(gè)比荷(即粒子的電荷量與質(zhì)量之比)不同的帶正電的粒子a和b，從電容器邊緣的P點(diǎn)(如圖4)以相同的水平速度射入兩平行板之間．測(cè)得a和b與電容器的撞擊點(diǎn)到入射點(diǎn)之間的水平距離之比為1∶2.若不計(jì)重力，則a和b的比荷之比是(　　) 圖4 A．4∶1B．2∶1

4、C．1∶1D．1∶2 5．(2017·安徽馬鞍山第一次模擬)如圖5所示，虛線表示勻強(qiáng)電場(chǎng)的等勢(shì)線，間距均為d，一質(zhì)量為m、電荷量大小為q的粒子(不計(jì)重力)，從A點(diǎn)以與等勢(shì)線成θ角的速度v0射入，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)，速度方向恰與等勢(shì)線平行，則(　　) 圖5 A．粒子一定帶正電 B．電場(chǎng)中A點(diǎn)的電勢(shì)一定高于B點(diǎn)電勢(shì) C．勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為 D．粒子在A點(diǎn)具有的電勢(shì)能大于在B點(diǎn)具有的電勢(shì)能 6．(2018·河南省八校第二次測(cè)評(píng))如圖6，半徑為R的圓環(huán)處在勻強(qiáng)電場(chǎng)E中，圓環(huán)平面與電場(chǎng)方向平行，直徑ab與電場(chǎng)線垂直；一帶電粒子以速度v0從a點(diǎn)沿ab方向射入電場(chǎng)，粒子打在圓環(huán)上的c點(diǎn)；已知

5、c點(diǎn)與ab的距離為，不計(jì)粒子重力，求帶電粒子的比荷. 圖6 7.(2018·四川瀘州一檢)如圖7所示，豎直平行正對(duì)放置的帶電金屬板A、B，B板中心的小孔正好位于平面直角坐標(biāo)系xOy的O點(diǎn)；y軸沿豎直方向；在x>0的區(qū)域內(nèi)存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E＝×103V/m；比荷為1.0×105 C/kg的帶正電的粒子P從A板中心O′處?kù)o止釋放，其運(yùn)動(dòng)軌跡恰好經(jīng)過(guò)M(，1)點(diǎn)；粒子P的重力不計(jì)，試求： 圖7 (1)金屬板A、B之間的電勢(shì)差UAB； (2)若在粒子P經(jīng)過(guò)O點(diǎn)的同時(shí)，在y軸右側(cè)勻強(qiáng)電場(chǎng)中某點(diǎn)由靜止釋放另一帶電微粒Q，使P、Q恰能運(yùn)動(dòng)中相碰；假設(shè)Q

6、的質(zhì)量是P的2倍、帶電情況與P相同；Q的重力及P、Q之間的相互作用力均忽略不計(jì)；求粒子Q所有釋放點(diǎn)的集合． 8．(2017·湖北孝感第一次統(tǒng)考)在xOy直角坐標(biāo)系中，三個(gè)邊長(zhǎng)都為2m的正方形如圖8所示排列，第Ⅰ象限正方形區(qū)域ABOC中有水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E0，在第Ⅱ象限正方形COED的對(duì)角線CE左側(cè)CED區(qū)域內(nèi)有豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，三角形OEC區(qū)域內(nèi)無(wú)電場(chǎng)，正方形DENM區(qū)域內(nèi)無(wú)電場(chǎng)．現(xiàn)有一帶電荷量為＋q、質(zhì)量為m的帶電粒子(重力不計(jì))從AB邊上的A點(diǎn)由靜止釋放，恰好能通過(guò)E點(diǎn)． 圖8 (1)求CED區(qū)域內(nèi)的勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E1； (2)保

7、持(1)問(wèn)中電場(chǎng)強(qiáng)度不變，若在正方形ABOC中某些點(diǎn)靜止釋放與上述相同的帶電粒子，要使所有粒子都經(jīng)過(guò)E點(diǎn)，則釋放點(diǎn)的坐標(biāo)值x、y間應(yīng)滿足什么關(guān)系； (3)若CDE區(qū)域內(nèi)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小變?yōu)镋2＝E0，方向不變，其他條件都不變，則在正方形區(qū)域ABOC中某些點(diǎn)靜止釋放與上述相同的帶電粒子，要使所有粒子都經(jīng)過(guò)N點(diǎn)，則釋放點(diǎn)的坐標(biāo)值x、y間又應(yīng)滿足什么關(guān)系． 答案精析 1．C　[A、K之間的電場(chǎng)為非勻強(qiáng)電場(chǎng)，A、K之間的電場(chǎng)強(qiáng)度不是，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由動(dòng)能定理，電子到達(dá)A極板時(shí)的動(dòng)能Ek＝eU，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；電子由K到A的過(guò)程電場(chǎng)力做正功，電子的電勢(shì)能減小了eU，選項(xiàng)C正確；沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)

8、降低，則由K沿直線到A電勢(shì)逐漸升高，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．] 2．AD 3．A　[據(jù)題意，粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，即粒子在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則：x＝vt，在豎直方向做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則：y＝at2＝，偏轉(zhuǎn)電壓為U＝，則偏轉(zhuǎn)電壓之比為：＝＝·()2＝，故A選項(xiàng)正確．] 4．A　5.C 6．見(jiàn)解析 解析　沿ab方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向建立xOy直角坐標(biāo)系，設(shè)粒子從a到c所需時(shí)間為t，則：x＝v0t y＝at2 由牛頓第二定律得qE＝ma 由題意可知：y＝R；x＝(1＋)R 聯(lián)立解得：＝ 7．(1)1000V　(2)y＝x2，其中x>0 解析　(1)設(shè)粒子P的質(zhì)量為m、

9、帶電荷量為q，從O點(diǎn)進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)的速度大小為v0；由題意可知，粒子P在y軸右側(cè)勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)；設(shè)從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到M(，1)點(diǎn)所用時(shí)間為t0，由類平拋運(yùn)動(dòng)可得：x＝v0t0，y＝t 解得：v0＝×104m/s 在金屬板A、B之間，由動(dòng)能定理：qUAB＝mv 解得：UAB＝1000V (2)設(shè)P、Q在右側(cè)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度分別為a1、a2；Q粒子從N(x，y)點(diǎn)釋放后，經(jīng)時(shí)間t與粒子P相碰；由牛頓運(yùn)動(dòng)定律及類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律和幾何關(guān)系可得 對(duì)于P：Eq＝ma1 對(duì)于Q：Eq＝2ma2 x＝v0t a1t2＝y(tǒng)＋a2t2 解得：y＝x2，其中x>0 即粒子Q釋放點(diǎn)N(x，y)

10、坐標(biāo)滿足的方程為 y＝x2，其中x>0 8．(1)4E0　(2)y＝x　(3)y＝3x－4 解析　(1)設(shè)帶電粒子出第Ⅰ象限電場(chǎng)時(shí)的速度為v，在第Ⅰ象限電場(chǎng)中加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理得E0qL＝mv2，其中L＝2m．要使帶電粒子通過(guò)E點(diǎn)，在第Ⅱ象限電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)時(shí)，豎直方向位移為y0，設(shè)水平方向位移為x0，則y0＝·()2，因∠CEO＝45°，即x0＝y(tǒng)0＝2m，解得E1＝4E0. (2)設(shè)釋放點(diǎn)的坐標(biāo)為(x，y)，帶電粒子出第Ⅰ象限電場(chǎng)時(shí)的速度為v1，在第Ⅰ象限電場(chǎng)中加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理得E0qx＝mv，要使帶電粒子過(guò)E點(diǎn)，在第Ⅱ象限電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)時(shí)，豎直方向位移為y，水平方向位移也為y，則y＝·()2，解得y＝x. (3)如圖所示為其中一條軌跡圖，帶電粒子從DE出電場(chǎng)時(shí)與DE交于Q.進(jìn)入CDE區(qū)域的電場(chǎng)后，初速度延長(zhǎng)線與DE交于G，出電場(chǎng)時(shí)速度的反向延長(zhǎng)線與初速度延長(zhǎng)線交于P點(diǎn)，設(shè)在第Ⅰ象限釋放點(diǎn)的坐標(biāo)為(x，y)． 由圖可知，在CDE區(qū)域中帶電粒子的水平位移為y，設(shè)偏轉(zhuǎn)位移為y′，則y′＝·()2，而＝，其中GP＝， NE＝2m， 在第Ⅰ象限加速過(guò)程中，E0qx＝mv，解得y＝3x－4. 6