（通用版）2020版高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題分層突破練5 動(dòng)能定理 機(jī)械能守恒定律 功能關(guān)系的應(yīng)用（含解析）

《（通用版）2020版高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題分層突破練5 動(dòng)能定理 機(jī)械能守恒定律 功能關(guān)系的應(yīng)用（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（通用版）2020版高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題分層突破練5 動(dòng)能定理 機(jī)械能守恒定律 功能關(guān)系的應(yīng)用（含解析）（10頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、專題分層突破練5　動(dòng)能定理　機(jī)械能守恒定律　功能關(guān)系的應(yīng)用 A組 　　　　　　　　　　　　　 1.(2019湖北七市州教科研協(xié)作聯(lián)考)下列關(guān)于功和能的說法正確的是(　　) A.作用力做正功,反作用力一定做負(fù)功 B.物體在合外力作用下做變速運(yùn)動(dòng),動(dòng)能一定發(fā)生變化 C.若物體除受重力外,還受到其他力作用時(shí),物體的機(jī)械能也可能守恒 D.豎直向上運(yùn)動(dòng)的物體重力勢(shì)能一定增加,動(dòng)能一定減少 2.一物體被豎直上拋,已知拋起的初速度與回到拋出點(diǎn)時(shí)的速度的大小之比為k,物體在運(yùn)動(dòng)過程中所受的空氣阻力大小不變,則空氣阻力與重力之比為(　　) A.k B.1k C.k2-1k2+1 D.k2+1

2、k2-1 3. 如圖所示,x軸在水平地面上,y軸在豎直方向。圖中畫出了從y軸上不同位置沿x軸正向水平拋出的三個(gè)質(zhì)量相等小球a、b和c的運(yùn)動(dòng)軌跡。小球a從(0,2L)拋出,落在(2L,0)處;小球b、c從(L,0)拋出,分別落在(2L,0)和(L,0)處。不計(jì)空氣阻力,下列說法正確的是(　　) A.b的初速度是a的初速度的兩倍 B.b的初速度是a的初速度的2倍 C.b的動(dòng)能增量是c的動(dòng)能增量的兩倍 D.a的動(dòng)能增量是c的動(dòng)能增量的2倍 4.一輛汽車在平直公路上勻速行駛,在t1時(shí)刻突然將汽車的功率減小一半,并保持該功率繼續(xù)行駛,到t2時(shí)刻汽車又開始勻速行駛。若汽車所受阻力保持不變

3、,則從t1到t2的過程中,汽車的(　　) A.速度增加,加速度減小 B.速度減小,加速度增加 C.速度減小,加速度減小 D.速度增加,加速度增加 5. 如圖所示,固定在豎直平面內(nèi)的圓管形軌道的外軌光滑,內(nèi)軌粗糙。一小球從軌道的最低點(diǎn)以初速度v0向右運(yùn)動(dòng),球的直徑略小于圓管的直徑,球運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為R,空氣阻力不計(jì),重力加速度大小為g,下列說法一定正確的是(　　) A.若v0<2gR,小球運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能不可能守恒 B.若v0=3gR,小球運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒 C.若v0<5gR,小球不可能到達(dá)最高點(diǎn) D.若v0=2gR,小球恰好能到達(dá)最高點(diǎn) 6.(2019四川成都

4、三模)目前,我國在人工智能和無人駕駛技術(shù)方面已取得較大突破。為早日實(shí)現(xiàn)無人駕駛,某公司對(duì)汽車性能進(jìn)行了一項(xiàng)測試,讓質(zhì)量為m的汽車沿一山坡直線行駛。測試中發(fā)現(xiàn),下坡時(shí)若關(guān)掉油門,則汽車的速度保持不變;若以恒定的功率P上坡,則從靜止啟動(dòng)做加速運(yùn)動(dòng),發(fā)生位移s時(shí)速度剛好達(dá)到最大值vm。設(shè)汽車在上坡和下坡過程中所受阻力的大小分別保持不變,下列說法正確的是(　　) A.關(guān)掉油門后的下坡過程,汽車的機(jī)械能守恒 B.關(guān)掉油門后的下坡過程,坡面對(duì)汽車的支持力的沖量為零 C.以恒定的功率P上坡過程中,汽車速度由vm4增至vm2,所用的時(shí)間可能等于3mvm232P D.以恒定的功率P上坡過程中,汽車從靜止

5、啟動(dòng)到剛好達(dá)到最大速度vm,所用時(shí)間一定小于2svm 7. (多選)(2019江蘇卷)如圖所示,輕質(zhì)彈簧的左端固定,并處于自然狀態(tài)。小物塊的質(zhì)量為m,從A點(diǎn)向左沿水平地面運(yùn)動(dòng),壓縮彈簧后被彈回,運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)恰好靜止。物塊向左運(yùn)動(dòng)的最大距離為s,與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,重力加速度為g,彈簧未超出彈性限度。在上述過程中(　　) A.彈簧的最大彈力為μmg B.物塊克服摩擦力做的功為2μmgs C.彈簧的最大彈性勢(shì)能為μmgs D.物塊在A點(diǎn)的初速度為2μgs 8.(2019海南卷)三個(gè)小物塊分別從3條不同光滑軌道的上端由靜止開始滑下。已知軌道1、軌道2、軌道3的上端距水平地面的高

6、度均為4h0;它們的下端水平,距地面的高度分別為h1=h0、h2=2h0、h3=3h0,如圖所示。若沿軌道1、2、3下滑的小物塊的落地點(diǎn)到軌道下端的水平距離分別記為s1、s2、s3,則(　　) A.s1>s2 B.s2>s3 C.s1=s3 D.s2=s3 9.(多選)(2019河南鄭州一中全真模擬考試)沙坡頭景區(qū)的滑沙項(xiàng)目驚險(xiǎn)刺激,深受游客的喜歡。假設(shè)某條滑道由上下兩段高均為h,與水平面傾角分別為45°和37°的滑道組成,滑沙板與沙地之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ。質(zhì)量為m的載人滑沙板從坡頂由靜止開始自由下滑,經(jīng)過上、下兩段滑道后,最后恰好靜止于滑道的底端(不計(jì)滑沙板在兩段滑道交接處的能量損

7、失,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,重力加速度大小為g)。則(　　) A.動(dòng)摩擦因數(shù)μ=67 B.載人滑沙板最大速度為2gh7 C.載人滑沙板克服摩擦力做功為mgh D.載人滑沙板在下段滑道上的加速度大小為35g B組 10.(多選)物體由地面以120 J的初動(dòng)能豎直向上拋出,當(dāng)它從拋出至上升到某一點(diǎn)A的過程中,動(dòng)能減少40 J,機(jī)械能減少10 J。設(shè)空氣阻力大小不變,以地面為零勢(shì)能面,則物體(　　) A.落回到地面時(shí)機(jī)械能為70 J B.到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)機(jī)械能為90 J C.從最高點(diǎn)落回地面的過程中重力做功為60 J D.從拋出到落回地面的過程中克服摩擦力做功

8、為60 J 11.如圖所示,輕質(zhì)彈簧一端固定在墻壁上的O點(diǎn),另一端自由伸長到A點(diǎn),OA之間的水平面光滑。固定曲面在B處與水平面平滑連接。AB之間的距離s=1 m。質(zhì)量m=0.2 kg的小物塊開始時(shí)靜止在水平面上的B點(diǎn),物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.4?，F(xiàn)給物塊一個(gè)水平向左v0=5 m/s的初速度,g取10 m/s2。 (1)求彈簧被壓縮到最短時(shí)所具有的彈性勢(shì)能Ep; (2)求物塊返回B點(diǎn)時(shí)的速度大小; (3)若物塊能沖上曲面的最大高度h=0.2 m,求木塊沿曲面上滑過程所產(chǎn)生的熱量。

9、12. 如圖所示,左側(cè)豎直墻面上固定半徑為R=0.3 m的光滑半圓環(huán),右側(cè)豎直墻面上與圓環(huán)的圓心O等高處固定一光滑直桿。質(zhì)量為ma=100 g的小球a套在半圓環(huán)上,質(zhì)量為mb=36 g的滑塊b套在直桿上,二者之間用長為L=0.4 m的輕桿通過兩鉸鏈連接。現(xiàn)將a從圓環(huán)的最高處由靜止釋放,使a沿圓環(huán)自由下滑,不計(jì)一切摩擦,a、b均視為質(zhì)點(diǎn),重力加速度g取10 m/s2。求: (1)小球a滑到與圓心O等高的P點(diǎn)時(shí)的向心力大小; (2)小球a從P點(diǎn)下滑至桿與圓環(huán)相切的Q點(diǎn)的過程中,桿對(duì)滑塊b做的功。 專題分層突破練5　動(dòng)能定理 機(jī)械能守恒定律　功能關(guān)系的應(yīng)用 1

10、.C　解析 當(dāng)作用力做正功時(shí),反作用力也可能做正功,如反沖運(yùn)動(dòng)中的物體,故A錯(cuò)誤;物體在合外力作用下做變速運(yùn)動(dòng),動(dòng)能不一定發(fā)生變化,比如勻速圓周運(yùn)動(dòng),物體的合外力和運(yùn)動(dòng)方向垂直而不做功,故B錯(cuò)誤;若物體除受重力外,還受到其他力作用時(shí),當(dāng)其他的外力做的功等于0時(shí),物體的機(jī)械能也守恒,故C正確;豎直向上運(yùn)動(dòng)的物體重力勢(shì)能一定增加,若同時(shí)物體受到的向上的拉力做正功,則物體動(dòng)能不一定減少,故D錯(cuò)誤。 2.C　解析 設(shè)物體的質(zhì)量為m,空氣阻力大小為f,上升的最大高度為h,根據(jù)動(dòng)能定理得,上升過程:-(mg+f)h=0-12mv02,下降過程:(mg-f)h=12mv2,由題意知:v0v=k,聯(lián)立解得:

11、fmg=k2-1k2+1,故選C。 3.B　解析 a、b的水平位移相同,但運(yùn)動(dòng)時(shí)間不同,根據(jù)t=2hg可知tatb=21,根據(jù)v0=xt可知vObvOa=21,故A錯(cuò)誤,B正確;bc的豎直位移相同,根據(jù)動(dòng)能定理ΔEk=mgh可知,b的動(dòng)能增量等于c的動(dòng)能增量,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;a的豎直位移等于c的2倍,根據(jù)動(dòng)能定理可知,a的動(dòng)能增量等于c的2倍,選項(xiàng)D錯(cuò)誤;故選B。 4.C　解析 t1時(shí)刻之前功率為P,由于做勻速直線運(yùn)動(dòng),所以牽引力F等于阻力f,當(dāng)汽車的功率突然減小一半,由于速度來不及變化,根據(jù)P=Fv知,此時(shí)牽引力減小為原來的一半,則F'=F2

12、相反,汽車開始做減速運(yùn)動(dòng),速度減小。根據(jù)P2=F'v可知速度減小又導(dǎo)致牽引力增大,根據(jù)牛頓第二定律知,加速度a=F'-fm減小,當(dāng)牽引力增大到等于阻力時(shí),加速度減小到0,又做勻速直線運(yùn)動(dòng)。由此可知在t1~t2的這段時(shí)間內(nèi)汽車的加速度逐漸減小,速度逐漸減小,故C正確。 5.B　解析 若小球上升到與圓心等高處時(shí)速度為零,此時(shí)小球只與外軌作用,不受摩擦力,只有重力做功,由機(jī)械能守恒定律得:12mv02=mgR,解得v0=2gR<2gR,當(dāng)v0<2gR時(shí),機(jī)械能是可以守恒的,故A錯(cuò)誤;小球如果不擠壓內(nèi)軌,則小球到達(dá)最高點(diǎn)速度最小時(shí),小球的重力提供向心力,由牛頓第二定律得:mg=mv2R,由于小球不擠

13、壓內(nèi)軌,則小球在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中不受摩擦力作用,只有重力做功,機(jī)械能守恒,從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)過程中,由機(jī)械能守恒定律得:12mv02=12mv2+mg·2R,解得:v0=5gR,則小球要不擠壓內(nèi)軌,速度應(yīng)大于等于5gR,故B正確;如果內(nèi)圓光滑,小球在運(yùn)動(dòng)過程中不受摩擦力,小球在運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒,如果小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)速度為零,由機(jī)械能守恒定律得:12mv02=mg·2R,解得:v0=2gR?，F(xiàn)在內(nèi)壁粗糙,小球運(yùn)動(dòng)過程中一定受到摩擦力作用,故小球在到達(dá)最高點(diǎn)前速度已為零,不能到達(dá)最高點(diǎn),故D錯(cuò)誤;由D項(xiàng)分析可知,當(dāng)2gR

14、則可以達(dá)到最高點(diǎn),故C項(xiàng)錯(cuò)誤。 6.D　解析 關(guān)掉油門后的下坡過程中,汽車的速度不變、動(dòng)能不變,重力勢(shì)能減小,則汽車的機(jī)械能減小,故A錯(cuò)誤;關(guān)掉油門后的下坡過程中,坡面對(duì)汽車的支持力大小不為零,時(shí)間不為零,則沖量不為零,故B錯(cuò)誤;上坡過程中,汽車速度由vm4增至vm2,所用的時(shí)間為t,根據(jù)動(dòng)能定理可得:Pt-(f+mgsinθ)s1=12mvm22-12mvm42,解得t=3mvm232P+(f+mgsinθ)s1P,故C錯(cuò)誤;上坡過程中,汽車從靜止啟動(dòng)到剛好達(dá)到最大速度vm,功率不變,則速度增大、加速度減小,所用時(shí)間為t1,則vm2·t1

15、析 彈簧被壓縮至最短時(shí)彈力最大,此時(shí)彈簧能把物體向右彈出,故彈力一定大于物體所受的最大靜摩擦力,更大于物體所受滑動(dòng)摩擦力,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;物體在往返過程所受滑動(dòng)摩擦力大小不變,故全過程克服摩擦力做功為2μmgs,選項(xiàng)B正確;彈簧被壓縮至最短時(shí)彈性勢(shì)能最大,在彈簧恢復(fù)原長的過程中通過克服摩擦力做功把彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能,故選項(xiàng)C正確;根據(jù)能量守恒定律,物體在A點(diǎn)的初動(dòng)能為2μmgs,故在A點(diǎn)的初速度為2μgs,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 8.BC　解析 對(duì)軌道1:根據(jù)機(jī)械能守恒得射出時(shí)的速度v1=2g·3h0=6gh0,射程s1=v12h0g=23h0;對(duì)軌道2:射出時(shí)的速度v2=2g·2h0=4gh0,射程s2

16、=v22·2h0g=4h0;對(duì)軌道3:射出時(shí)的速度v3=2gh0,射程s3=v32·3h0g=23h0;則s1=s3,s2>s3,故B、C正確,A、D錯(cuò)誤。 9.AB　解析 對(duì)整個(gè)下滑過程,由動(dòng)能定理得:2mgh-μmgcos45°·hsin45°-μmgcos37°·hsin37°=0,解得:μ=67,故A正確; 滑沙板通過第一段滑道末端時(shí)速度最大,設(shè)為v,由動(dòng)能定理得:mgh-μmgcos45°·hsin45°=12mv2,得v=2gh7,故B正確;對(duì)整個(gè)過程,由動(dòng)能定理得:2mgh-Wf=0,解得載人滑沙板克服摩擦力做功為Wf=2mgh,故C錯(cuò)誤;載人滑沙板在下段滑道上的加速度大小為

17、:a=μmgcos37°-mgsin37°m=335g,故D錯(cuò)誤。 10.BD　解析 物體以120J的初動(dòng)能豎直向上拋出,做豎直上拋運(yùn)動(dòng),向上運(yùn)動(dòng)的過程中重力和阻力都做負(fù)功,當(dāng)上升到某一高度時(shí),動(dòng)能減少了40J,而機(jī)械能損失了10J。根據(jù)功能關(guān)系可知:合力做功為-40J,空氣阻力做功為-10J,對(duì)從拋出點(diǎn)到A點(diǎn)的過程,根據(jù)功能關(guān)系:mgh+fh=40J,fh=10J,得f=13mg;當(dāng)上升到最高點(diǎn)時(shí),動(dòng)能為零,動(dòng)能減小120J,設(shè)最大高度為H,則有:mgH+fH=120J,解得fH=30J,即機(jī)械能減小30J,在最高點(diǎn)時(shí)機(jī)械能為120J-30J=90J,即上升過程機(jī)械能共減少了30J;當(dāng)下落

18、過程中,由于阻力做功不變,所以機(jī)械能又損失了30J,故整個(gè)過程克服摩擦力做功為60J,則該物體落回到地面時(shí)的機(jī)械能為60J,從最高點(diǎn)落回地面的過程中因豎直位移為零,故重力做功為零,故AC錯(cuò)誤,BD正確;故選BD。 11.答案 (1)1.7 J　(2)3 m/s　(3)0.5 J 解析 (1)對(duì)小物塊從B至壓縮彈簧最短的過程 -μmgs-W=0-12mv02 W=Ep 代入數(shù)據(jù)解得Ep=1.7J (2)對(duì)小物塊從B開始運(yùn)動(dòng)至返回B點(diǎn)的過程 -μmg2s=12mvB2-12mv02 代入數(shù)據(jù)解得vB=3m/s (3)對(duì)小物塊沿曲面的上滑過程,由動(dòng)能定理 -W克f-mgh=0-1

19、2mvB2 Q=W克f=0.5J 12.答案 (1)2 N　(2)0.194 4 J 解析 (1)當(dāng)a滑到與O同高度P點(diǎn)時(shí),a的速度v沿圓環(huán)切線向下,b的速度為零,由機(jī)械能守恒定律可得magR=12mav2 解得v=2gR 對(duì)小球a受力分析,由牛頓第二定律可得F=mav2R=2mag=2N。 (2) 桿與圓相切時(shí),如圖所示,a的速度沿桿方向,設(shè)此時(shí)b的速度為vb,根據(jù)桿不可伸長和縮短,有va=vbcosθ 由幾何關(guān)系可得cosθ=LL2+R2=0.8 在圖中,球a下降的高度h=Rcosθ a、b系統(tǒng)機(jī)械能守恒 magh=12mava2+12mbvb2-12mav2 對(duì)滑塊b,由動(dòng)能定理得W=12mbvb2=0.1944J。 10