（新課標(biāo)）2020高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時作業(yè)1 描述運動的基本概念（含解析）新人教版

《（新課標(biāo)）2020高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時作業(yè)1 描述運動的基本概念（含解析）新人教版》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（新課標(biāo)）2020高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時作業(yè)1 描述運動的基本概念（含解析）新人教版（7頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、描述運動的基本概念 選擇題 1．(2018·湖南學(xué)業(yè)考試)下列關(guān)于質(zhì)點的說法中正確的是(　　) A．研究運動員百米賽跑起跑動作時，運動員可以看作質(zhì)點 B．研究地球公轉(zhuǎn)時，地球不可以看作質(zhì)點 C．研究原子核的結(jié)構(gòu)時，不可把原子核看作質(zhì)點 D．研究從北京開往上海的一列火車的運行總時間時，火車不可以看作質(zhì)點 答案　C 解析　A項，研究運動員百米賽跑起跑動作，不能忽略運動員的形狀，若忽略了則無法研究其起跑動作了，故A項錯誤；B項，研究地球公轉(zhuǎn)時，地球的大小和形狀可以忽略不計，故可以看作質(zhì)點，故B項錯誤；C項，研究原子核的結(jié)構(gòu)時，其大小和形狀不能忽略，否則無法研究形狀，故不可以把原子核看

2、作質(zhì)點，故C項正確；D項，研究從北京到上海的火車運動時間時，由于二者距離遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于火車長度，因此火車可以看作質(zhì)點，故D項錯誤；故選C項． 2.如圖所示，一個質(zhì)量為m的物體沿長度為L、高為h、底邊長為s的光滑斜面的頂端滑至底端，下列說法中正確的是(　　) A．物體的位移大小為h　 B．物體的路程為(h＋L) C．物體的位移大小為L D．物體的路程為(h＋s) 答案　C 解析　物體的位移大小為斜面的長度，故為L，故A項錯誤，C項正確；物體的路程為物體運動軌跡的長度，故為L，故B項錯誤，D項錯誤．故選C項． 3．(2018·河北模擬)如圖所示，在距墻1 m的A點，小球以某一速度沖向與

3、墻壁固定的彈簧，將彈簧壓縮到最短時到達(dá)距墻0.2 m的B點，然后又被彈回至距墻1.5 m的C點靜止，則從A點到C點的過程中，小球的位移大小和路程分別是(　　) A．0.5 m、1.3 m B．0.8 m、1.3 m C．0.8 m、1.5 m D．0.5 m、2.1 m 答案　D 解析　位移的大小等于首末位置的距離，可知位移的大小等于AC的距離，即為1.5 m－1 m＝0.5 m．路程等于運動軌跡的長度，可知s＝1 m＋1.5 m－2×0.2 m＝2.1 m，故D項正確，A、B、C三項錯誤． 4．同學(xué)們到中國科技館參觀，看到了一個有趣的科學(xué)實驗，一輛小火車在平直軌道上勻速

4、行駛，突然從火車頂部的小孔中向上彈出一小球，該小球在空中運動，并恰好落回原來的孔中．下列說法中正確的是(　　) A．相對于地面，小球運動的軌跡是直線 B．相對于火車，小球運動的軌跡是曲線 C．小球能落回小孔是因為小球在水平方向保持與火車相同的速度 D．小球能落回小孔是因為小球在空中運動的過程中受到水平向前的力 答案　C 解析　相對于地面，小球豎直方向做豎直上拋運動，水平方向做勻速運動，軌跡是曲線，故A項錯誤；相對于火車，小球始終在火車的正上方，做直線運動．故B項錯誤；能落回小孔是因為小球具有慣性，在水平方向保持與火車相同的速度，故C項正確，D項錯誤． 5．(多選)一質(zhì)點沿一邊長為

5、2 m的正方形軌道運動，每秒鐘勻速移動1 m，初始位置在bc邊的中點A，由b向c運動，如圖所示，A、B、C、D分別是bc、cd、da、ab邊的中點，則下列說法正確的是(　　) A．第2 s末的瞬時速度大小是1 m/s B．前2 s內(nèi)的平均速度大小為 m/s C．前4 s內(nèi)的平均速率為0.5 m/s D．前4 s內(nèi)的平均速度大小為2 m/s 答案　AB 解析　質(zhì)點每秒鐘勻速移動1 m，故第2 s末瞬時速度大小為1 m/s，A項正確；前2 s內(nèi)的位移大小為x1＝|AB|＝＝ m＝ m，平均速度＝＝ m/s，B項正確；前4 s內(nèi)質(zhì)點通過的路程為4 m，平均速率為1 m/s，在第4 s末到

6、達(dá)C點，平均速度為2＝＝ m/s＝0.5 m/s，C、D兩項錯誤． 6．(2018·浙江二模)質(zhì)點以加速度a做勻變速直線運動，經(jīng)過一段時間t，質(zhì)點的速度為vt，速度的改變量為Δv，則(　　) A．a(chǎn)越大vt也越大 B．a(chǎn)越大Δv可能越小 C．a(chǎn)與Δv方向一定相同 D．a(chǎn)與Δv方向一定相反 答案　C 解析　A項，根據(jù)a＝知，加速度越大，速度變化越快，但是末速度不一定大，故A項錯誤．B項，根據(jù)a＝知，加速度越大，時間一定時，速度變化量越大，故B項錯誤．C項，加速度的方向與速度變化量的方向相同，故C項正確，D項錯誤． 7．(多選)(2018·濱海新區(qū))關(guān)于合力、加速度、速度，以下

7、說法正確的是(　　) A．若F和v同向，當(dāng)F逐漸減小，a逐漸減小，v逐漸減小 B．若F和v同向，當(dāng)F逐漸減小，a逐漸減小，v逐漸增大 C．若F和v反向，當(dāng)F逐漸增大，a逐漸增大，v逐漸增大 D．若F和v反向，當(dāng)F逐漸增大，a逐漸增大，v逐漸減小 答案　BD 解析　A、B項，由牛頓第二定律可知，加速度的方向與力的方向相同，大小與合外力成正比；若F與v同向，則加速度與速度同向，物體做加速運動，當(dāng)力F減小時，加速度在減小，但速度繼續(xù)增大，故A項錯誤，B項正確；C、D項，若F和v反向，加速度與速度反向，物體做減速運動，若力增大時，加速度增大，但物體的速度減小，故C項錯誤，D項正確． 8．

8、在一次跳傘訓(xùn)練中，傘兵從懸停在空中的直升機(jī)上跳出后，初速度v0>0，加速度a>0，下降過程中a值不斷減小直至為零時，該傘兵的(　　) A．速度不斷減小，位移先增大后減小 B．速度不斷減小，最后做勻速直線運動 C．速度不斷增大，當(dāng)a＝0時，位移達(dá)到最大值 D．速度不斷增大，當(dāng)a＝0時，速度達(dá)到最大，位移不斷增大 答案　D 解析　傘兵下降過程中，由于a>0，所以速度一直增大，當(dāng)a＝0時，速度達(dá)到最大，此后做勻速直線運動，位移繼續(xù)增大，A、B、C三項錯誤，D項正確． 9．蹦床是運動員在一張繃緊的彈性網(wǎng)上蹦跳、翻滾并做各種空中動作的運動項目．一個運動員從高處自由落下，以v1＝8 m/s的

9、豎直速度著網(wǎng)，與網(wǎng)作用后，沿著豎直方向以v2＝10 m/s的速度彈回．已知運動員與網(wǎng)接觸的時間為Δt＝1.2 s．那么運動員在與網(wǎng)接觸的這段時間內(nèi)平均加速度的大小和方向分別為(　　) A．15 m/s2，向上 B．15 m/s2，向下 C．1.67 m/s2，向上 D．1.67 m/s2，向下 答案　A 解析　規(guī)定向下為正方向．v1方向與正方向相同，v2方向與正方向相反，根據(jù)加速度定義式a＝，得a＝ m/s2＝－15 m/s2.負(fù)號代表與正方向相反，即加速度方向向上． 10．(2018·溫州模擬)小李在網(wǎng)絡(luò)上觀看“神州十一號”飛船發(fā)射視頻，分別截取火箭發(fā)射后第6 s末和第10

10、 s末的圖片，如圖甲和乙所示，他又上網(wǎng)查到運載“神州十一號”的長征二號FY11運載火箭全長58 m，則火箭發(fā)射后第6 s末至第10 s末的平均速度最接近(　　) A．22 m/s B．14 m/s C．10 m/s D．5.8 m/s 答案　A 解析　由甲乙兩圖可以看出，在火箭發(fā)射后第6 s末和第10 s末內(nèi)通過的路程大約等于運載火箭全長的1.5倍，s＝1.5×58 m＝87 m，火箭發(fā)射后第6 s末和第10 s末的平均速度v＝＝ m/s≈22 m/s，故A項正確、B、C、D三項錯誤． 11．如圖所示，在氣墊導(dǎo)軌上安裝有兩個光電門A、B，A、B間距離為L＝30 cm.為了

11、測量滑塊上安裝了一寬度為d＝1 cm的遮光條．現(xiàn)讓滑塊以某一加速度通過光電門A、B，光電門顯示遮光條通過兩光電門A、B的時間分別為0.010 s和0.005 s，滑塊從光電門A到B的時間為0.200 s．則下列說法正確的是(　　) A．滑塊經(jīng)過A的速度為1 cm/s B．滑塊經(jīng)過A的速度為2 cm/s C．滑塊的加速度為5 m/s2 D．滑塊在A、B間的平均速度為3 m/s 答案　C 解析　滑塊經(jīng)過A的速度為vA＝d/tA＝1 m/s，經(jīng)過B的速度為vB＝d/tB＝2 m/s，A、B兩項錯誤．滑塊在A、B間的平均速度為v＝L/t＝1.5 m/s，D項錯誤．由a＝，解得：滑塊的加速度

12、為a＝5 m/s2，C項正確． 12．汽車在兩車站間沿直線行駛時，從甲站出發(fā)，先以速度v勻速行駛了全程的一半，接著勻減速行駛后一半路程，抵達(dá)乙車站時速度恰好為零，則汽車在全程中運動的平均速度是(　　) A. B. C. D. 答案　C 解析　設(shè)總位移為2x，前一半位移以速度v勻速行駛，故時間t1＝.下半程平均速度為v，下半程的時間t2＝.所以＝＝. 13．如圖所示的位移(x)－時間(t)圖像和速度(v)－時間(t)圖像中給出四條圖線，甲、乙、丙、丁代表四輛車由同一地點向同一方向運動的情況，則下列說法正確的是(　　) A．甲車做直線運動，乙車做曲線運動 B．0～t1時

13、間內(nèi)，甲車通過的路程大于乙車通過的路程 C．0～t2時間內(nèi)，丙、丁兩車在t2時刻相距最遠(yuǎn) D．0～t2時間內(nèi)，丙、丁兩車的平均速度相等 答案　C 解析　在x－t圖像中圖線表示的是做直線運動的物體的位移隨時間的變化情況，而不是物體運動的軌跡，由于甲、乙兩車在0～t1時間內(nèi)做單向的直線運動，故在這段時間內(nèi)兩車通過的位移和路程均相等，A、B兩項均錯；在v-t圖像中，t2時刻丙、丁速度相等，故兩者相距最遠(yuǎn)，C項正確；由圖線可知，0～t2時間內(nèi)丙的位移小于丁的位移，故丙的平均速度小于丁的平均速度，D項錯誤． 14．某物體以30 m/s的初速度豎直上拋，不計空氣阻力，g取10 m/s2.5 s內(nèi)

14、物體的路程和位移分別為(　　) A．路程為25 m B．路程為65 m C．位移大小為45 m，方向向上 D．位移大小為25 m，方向向下 答案　B 解析　初速度為30 m/s，只需要3 s即可上升到最高點，位移為h1＝ m＝45 m，再自由落體2 s時間，下降高度為h2＝×10×22 m＝20 m，故路程為65 m，此時離拋出點高25 m，位移方向豎直向上． 15．雷達(dá)是一種利用電磁波來測定物體位置和速度的設(shè)備，某防空雷達(dá)發(fā)現(xiàn)一架飛機(jī)正在以水平速度朝雷達(dá)正上方勻速飛來，己知該電磁波速度為3×108 m/s，某時刻在雷達(dá)監(jiān)視屏上顯示的波形如圖甲所示，經(jīng)過t＝173 s后雷達(dá)向正上方發(fā)

15、射和接收到的波形如圖乙所示，己知雷達(dá)屏上相鄰刻度線間表示的時間間隔為1×10－4 s，則該飛機(jī)的飛行速度大小約為(　　) A．12 000 m/s B．900 m/s C．500 m/s D．300 m/s 答案　D 解析　已知雷達(dá)監(jiān)視屏上相鄰刻度線間表示的時間間隔為1×10－4s，從左圖中可以看出兩次時間間隔為4個刻度線，即：t＝4×10－4 s；利用公式可得剛開始相距： s1＝0.5vt＝0.5×3×108 m/s×4×10－4 s＝6×104 m；同理173 s后相距：s2＝0.5vt′＝0.5×3×108 m/s×2×10－4 s＝3×104 m； 結(jié)合幾何關(guān)

16、系，故移動的距離為： Δs＝＝ m≈5.2×104 m， 移動速度：v＝＝ m/s≈300 m/s. 16.(2016·浙江)如圖所示為一種常見的身高體重測量儀．測量儀頂部向下發(fā)射波速為v的超聲波，超聲波經(jīng)反射后返回，被測量儀接收，測量儀記錄發(fā)射和接收的時間間隔．質(zhì)量為M0的測重臺置于壓力傳感器上，傳感器輸出電壓與作用在其上的壓力成正比．當(dāng)測重臺沒有站人時，測量儀記錄的時間間隔為t0，輸出電壓為U0，某同學(xué)站上測重臺，測量儀記錄的時間間隔為t，輸出電壓為U，則該同學(xué)的身高和質(zhì)量分別為(　　) A．v(t0－t)，U B.v(t0－t)，U C．v(t0－t)，(U－U0) D.v(t

17、0－t)，(U－U0) 答案　D 解析　當(dāng)測重臺沒有站人時，則2x＝vt0；站人時：2(x－h(huán))＝vt；解得h＝v(t0－t)；無人站立時：U0＝kM0g；有人時：U＝k(M0g＋mg)；解得m＝(U－U0)，故D項正確． 17．(多選)如圖甲所示是一速度傳感器的工作原理圖，在這個系統(tǒng)中B為一個能發(fā)射超聲波的固定裝置．工作時B向被測物體發(fā)出短暫的超聲波脈沖，脈沖被運動的物體反射后又被B接收到．從B發(fā)射超聲波開始計時，經(jīng)時間Δt0再次發(fā)射超聲波脈沖，圖乙是連續(xù)兩次發(fā)射的超聲波的位移—時間圖像，則下列說法正確的是(　　) A．超聲波的速度為v聲＝ B．超聲波的速度為v聲＝ C．物體的平均速度為＝ D．物體的平均速度為＝ 答案　AD 解析　超聲波的速度為v聲＝，A項正確，B項錯誤；由乙圖可以得出物體走x2－x1距離所用時間為＋Δt0－，所以物體的平均速度＝＝，C項錯誤、D項正確． 7